第23讲　自由组合定律的发现及应用

第23讲自由组合定律的发现及应用高中总复习·生物

阐明有性生殖中基因的自由组合使得子代的基因型和表型有多种可

能，并可由此预测子代的遗传性状。课程标准1.破考点·抓必备2.研真题·扣教材3.验收效·提能力目录Contents01破考点·抓必备梳理归纳，巩固基本知识考点一两对相对性状的杂交实验1.

两对相对性状杂交实验的“假说—演绎”分析（1）观察现象，提出问题①两对相对性状杂交实验的过程

②对杂交实验结果的分析

③提出问题F2中为什么会出现新的性状组合呢？F2中不同性状的比（9∶3∶3∶1）与

一对相对性状杂交实验中F2的3∶1的数量比有联系吗？（2）提出假说，解释问题①假说内容a.两对相对性状分别由

遗传因子控制。b.F1在产生配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对的遗传因子可以

⁠

⁠。c.F1产生的雌配子和雄配子各有4种：

，且数量比

为

⁠。d.受精时，雌雄配子的结合是

的。雌雄配子的结合方式有

⁠

，基因型有

，表型有

，且比例为

⁠。两对

自

由组合

YR、Yr、yR、yr

1∶1∶1∶1

随机

16

种

9种

4种

9∶3∶3∶1

②遗传图解③F2基因型与表型分析提醒

①YYRR基因型个体在F2中的比例为1/16，在黄色圆粒豌豆中的比例

为1/9，注意范围不同，求解比例不同。黄圆中杂合子占8/9，绿圆中杂合

子占2/3。②若亲本是黄皱（YYrr）和绿圆（yyRR），则F2中重组类型为绿皱

（yyrr）和黄圆（Y_R_），所占比例为1/16＋9/16＝5/8；亲本类型为黄皱

（Y_rr）和绿圆（yyR_），所占比例为3/16＋3/16＝3/8。（3）演绎推理，验证假说①方法：

实验。②目的：测定F1的遗传因子组成。③遗传图解测交

④结论：实验结果与演绎结果相符，假说成立。

提醒

①测交实验子代出现4种比例相等的性状类型的原因是F1是双杂合

子，能产生4种数量相等的配子，隐性纯合子只产生一种配子。②yyRr×Yyrr不属于测交，测交是指F1与隐性纯合子杂交。因此虽然

YyRr×yyrr和yyRr×Yyrr这两对杂交组合的后代的基因型相同，但只有

YyRr×yyrr称为测交。2.

自由组合定律（1）细胞学基础

（2）实质、发生时间及适用范围提醒

①AaBb个体产生的4种雌配子比例相同，4种雄配子比例相同，但雄

配子数远远多于雌配子数。②同源染色体上的非等位基因不能自由组合。

③配子的随机结合（受精作用）不属于基因的自由组合。

1.

（必修2

P10正文）两对相对性状的杂交实验中，F1（YyRr）产生配子

时，成对的遗传因子可以自由组合。

（

×

）提示：F1（YyRr）产生配子时，成对的遗传因子分离，而控制不同性状的

遗传因子才自由组合。×2.

（必修2

P10正文）遗传因子的自由组合发生在雌雄配子随机结合过程

中。

（

×

）3.

（必修2

P10正文）F2的9∶3∶3∶1性状分离比一定依赖于雌雄配子的随

机结合。

（

√

）4.

（必修2

P11正文）测交实验结果只能证实F1产生配子的种类，不能证明

不同配子间的比例。

（

×

）5.

（必修2

P12正文）在进行减数分裂的过程中，等位基因彼此分离，非

等位基因自由组合。

（

×

）提示：在进行减数分裂的过程中，只有非同源染色体上的非等位基因才自

由组合。×√××

1.

（2025·华大新高考联盟）下列关于孟德尔所做的遗传实验和有关遗传

规律的叙述，正确的是（

）A.

形成配子时非等位基因之间都能自由组合B.

基因型为YyRr的豌豆产生的雌雄配子的随机结合，体现了自由组合定

律的实质C.

孟德尔作出的“演绎”是设计F1与隐性纯合子杂交，预测出后代的表现

性状及比例D.

多组一对相对性状的杂交实验，F2性状分离比均接近3∶1，验证了其假

设的正确性√解析：

减数分裂形成配子时，非同源染色体上的非等位基因之间自由

组合，但位于同源染色体上的非等位基因之间不能自由组合，A错误；基

因型为YyRr的豌豆产生的雌雄配子随机结合是受精作用，自由组合定律的

实质是减数分裂过程中，等位基因分离的同时，非同源染色体上的非等位

基因自由组合，B错误；孟德尔设计F1与隐性纯合子进行测交实验，进而

预测出后代的表现性状及比例，这是“演绎”推理的过程，C正确；多组

一对相对性状的杂交实验的F2的性状分离比均接近3∶1，说明3∶1的出现

不是偶然的，但还不能验证其假设，如果要验证其假设是否正确，需要做

测交实验，D错误。2.

在孟德尔两对相对性状的杂交实验中，F1黄色圆粒豌豆（YyRr）自交产

生F2。下列表述正确的是（

）A.F1产生4种精子，比例为1∶1∶1∶1B.F1可产生基因型为Yy的卵细胞C.

基因的自由组合定律的实质指F1产生的雌雄配子随机结合D.F2中黄色圆粒豌豆约占3/16√解析：

F1（YyRr）产生4种配子，配子的类型及比例为YR∶Yr∶yR∶yr＝1∶1∶1∶1，A正确；Y和y属于等位基因，在产生配子的过程中彼此分离，产生的配子中只有其中的一个，B错误；基因的自由组合定律是指F1在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因分离，非同源染色体上的非等位基因自由组合，C错误；F2中黄色圆粒豌豆为双显性性状（Y_R_），约占9/16，D错误。3.

（2024·湖南株洲期末）某植物花的颜色由两对等位基因（A和a，B和b）控制，其基因型与表型的对应关系见下表。为确定这两对基因的位置，拟对AaBb个体做实验（不考虑互换）。下列叙述正确的是（

）基因型A_BbA_bbA_BB或aa__表型粉色红色白色A.

若自交后代中粉花∶红花∶白花＝6∶3∶7，则基因位置如甲图所示B.

若自交后代中粉花∶红花∶白花＝2∶1∶1，则基因位置如乙图所示C.

若测交后代中粉花∶白花＝1∶1，则基因位置如丙图所示D.

若测交后代中粉花∶红花∶白花＝1∶1∶2，则基因位置如乙图所示√解析：

若基因的位置如甲图所示，则遵循自由组合定律，当AaBb个体进行自交，产生后代应该满足9∶3∶3∶1的变式，根据表格中基因与性状的对应关系，该表型及比例应该为粉花∶红花∶白花＝6∶3∶7，A正确；若基因的位置如乙图所示，则A和B基因连锁，a和b基因连锁，当AaBb个体进行自交时，只能产生AB、ab两种配子，后代的表型及比例应该为粉花∶白花＝1∶1，B错误；若基因的位置如丙图所示，则A和b基因连锁，a和B基因连锁，AaBb个体测交时，该个体只能产生Ab、aB两种配子，后代的表型及比例为红花∶白花＝1∶1，C错误；若基因的位置如甲图所示，则遵循自由组合定律，AaBb个体测交时，后代的表型及比例为粉花∶红花∶白花＝1∶1∶2，D错误。题后归纳基因的自由组合与基因完全连锁的比较（1）基因的自由组合（2）基因的完全连锁连锁类

型基因A和B在一条染色体

上，基因a和b在另一条

染色体上基因A和b在一条染色体上，基因a和

B在另一条染色体上图解

配子类型AB∶ab＝1∶1Ab∶aB＝1∶1自交后代基因型1AABB、2AaBb、1aabb1AAbb、2AaBb、1aaBB表型性状分离比为3∶1性状分离比为1∶2∶1测交后代基因型1AaBb、1aabb1Aabb、1aaBb表型性状分离比为1∶1性状分离比为1∶14.

（2025·周口一高质检）已知某种昆虫的有眼（A）与无眼（a）、正常

刚毛（B）与小刚毛（b）、正常翅（E）与斑翅（e）这三对相对性状各受

一对等位基因控制。现有三个纯合品系：①aaBBEE、②AAbbEE和③

AABBee。假定不发生染色体变异和染色体互换，回答下列问题：若A/a、B/b、E/e这三对等位基因都位于常染色体上，请以上述品系为材

料，设计实验来确定这三对等位基因是否分别位于三对染色体上。实验思路：

⁠

⁠。预期实验结果和结论：

⁠

⁠。让①和②杂交、①和③杂交、②和③杂交。得到的F1自交，

观察F2的表型若各杂交组合的F2中均出现四种表型，且比例为

9∶3∶3∶1，则可确定这三对等位基因分别位于三对染色体上方法技巧验证两对基因是否位于两对同源染色体上的方法（即验证是否遵循自由组

合定律）验证方法结论自交法F1自交后代的性状分离比为9∶3∶3∶1或其变式（9∶7、

9∶3∶4、9∶6∶1等），则符合基因的自由组合定律，由位于两对同源染色体上的两对等位基因控制验证方法结论测交法F1测交后代的性状比例为1∶1∶1∶1或其变式（1∶3、1∶2∶1等），则符合基因的自由组合定律，由位于两对同源染色体上的两对等位基因控制花粉鉴定法F1若产生4种花粉，比例为1∶1∶1∶1，则符合自由组合定律单倍体育种法取花药离体培养，用秋水仙素处理单倍体幼苗，若植株有4种表型，比例为1∶1∶1∶1，则符合自由组合定律考点二孟德尔获得成功的原因及其遗传规律的应用1.

孟德尔获得成功的原因

2.

孟德尔遗传规律的应用（1）应用：有助于人们正确地解释生物界普遍存在的遗传现象，还能够

预测杂交后代的类型和它们出现的概率，这在动植物育种和医学实践等方

面都具有重要意义。（2）实例①杂交育种：人们有目的地将具有

的两个亲本杂交，使

两个亲本的

组合在一起，再筛选出所需要的优良品种。例如

既抗倒伏又抗锈病的纯种小麦的选育。不同优良性状

优良性状

②医学实践：人们可以依据分离定律和自由组合定律，对某些遗传病在后

代中的患病概率作出科学的推断，从而为遗传咨询提供理论依据。例如若

一个白化病（由隐性基因a控制）患者的双亲表型正常，患者的双亲一定都

是杂合子（Aa），则双亲的后代中患病概率是1/4。提醒培育稳定遗传的新品种不一定都需要通过连续自交获得，如用基因型

为AAbb和aaBB的亲本，培育出aabb的优良品种，就不需要连续自交，因

为隐性性状一旦出现即为纯合子。

1.

（必修2

P12思考·讨论）孟德尔把数学方法引入生物学的研究，是超越

前人的创新。

（

√

）2.

（必修2

P13正文）孟德尔提出了遗传因子、基因型和表型的概念。

（

×

）3.

（必修2

P13正文）对杂交育种起指导作用的是基因的自由组合定律，

和分离定律无关。

（

×

）提示：自由组合定律指导杂交育种选配亲本，分离定律指导分析后代是否

能稳定遗传。√××4.

（必修2

P13正文）杂交育种不需要筛选就可获得优良品种。

（

×

）×

1.

（2024·江苏连云港期末）下列有关孟德尔杂交实验成功的原因分析

中，错误的是（

）A.

正确地选用实验材料是孟德尔获得成功的首要原因B.

由单因子到多因子的研究方法也是获得成功的重要原因C.

应用数学方法处理和分析实验结果是获得成功的重要原因D.

科学地设计了对照实验，控制变量是获得成功的重要原因解析：

孟德尔杂交实验没有设计对照实验，也没有控制变量，D错误。√2.

（2025·湖南常德高三期末）有两个纯种的小麦品种：一个抗倒伏（d）但易感锈病（r），另一个易倒伏（D）但能抗锈病（R）。两对相对性状独立遗传。让它们进行杂交得到F1，F1再进行自交，F2中出现了既抗倒伏又抗锈病的新品种。下列说法中正确的是（

）A.F2中出现的既抗倒伏又抗锈病的新品种都能稳定遗传B.F1产生的雌雄配子数量相等，结合的概率相同C.F2中出现的既抗倒伏又抗锈病的新品种占3/8D.F2中易倒伏与抗倒伏的比例为3∶1，抗锈病与易感锈病的比例为3∶1√解析：

F2中既抗倒伏又抗锈病个体的基因型是ddRR和ddRr，其中杂合子不能稳定遗传，A错误；F1产生的雌雄配子数量不相等，B错误；F2中既抗倒伏又抗锈病的新品种占3/16，C错误；F1的基因型为DdRr，且两对相对性状独立遗传，每一对基因的遗传都遵循基因的分离定律，因此每一对性状在F2中的性状分离比都为显性∶隐性＝3∶1，D正确。02研真题·扣教材探究分析，培养核心技能1.

（2021·浙江6月选考3题）某玉米植株产生的配子种类及比例为

YR∶Yr∶yR∶yr＝1∶1∶1∶1。若该个体自交，其F1中基因型为YyRR个

体所占的比例为（

）A.1/16B.1/8C.1/4D.1/2解析：

某玉米植株产生的配子种类及比例为YR∶Yr∶yR∶yr＝

1∶1∶1∶1，则该个体的基因型为YyRr，其自交后代中基因型为YyRR个

体所占的比例为1/2×1/4＝1/8。√2.

（2024·新课标卷5题）某种二倍体植物的P1和P2植株杂交得F1，F1自交

得F2。对个体的DNA进行PCR检测，产物的电泳结果如图所示，其中①～

⑧为部分F2个体，上部2条带是一对等位基因的扩增产物，下部2条带是另

一对等位基因的扩增产物，这2对等位基因位于非同源染色体上。下列叙

述错误的是（

）A.

①②个体均为杂合体，F2中③所占的比例大于⑤B.

还有一种F2个体的PCR产物电泳结果有3条带C.

③和⑦杂交子代的PCR产物电泳结果与②⑧电泳结果相同D.

①自交子代的PCR产物电泳结果与④电泳结果相同的占1/2√解析：

根据题意可知，2对等位基因的遗传遵循自由组合定律。设电泳

图中从上部到下部分别是基因a1、a2、b1、b2的PCR产物的电泳结果，则

P1、P2的基因型分别为a1a1b2b2、a2a2b1b1，F1的基因型为a1a2b1b2，①～⑧的

基因型分别为a1a2b1b1、a1a2b2b2、a1a1b1b2、a2a2b1b1、a1a1b1b1、a1a1b2b2、

a2a2b2b2、a1a2b1b2。由分析可知，①②个体的基因型分别为a1a2b1b1、

a1a2b2b2，均为杂合体。F1的基因型为a1a2b1b2，F1自交所得F2中③

（a1a1b1b2）所占的比例为1/4×1/2＝1/8，⑤（a1a1b1b1）所占的比例为

1/4×1/4＝1/16，A正确。F2个体的基因型有9种，电泳图中未显示的F2个体

的基因型为a2a2b1b2，其相关基因的PCR产物电泳结果有3条带，B正确。③（a1a1b1b2）和⑦（a2a2b2b2）杂交，子代的基因型有2种，分别为a1a2b2b2、

a1a2b1b2，③和⑦杂交子代相关基因的PCR产物电泳结果与②（a1a2b2b2）和

⑧（a1a2b1b2）电泳结果相同，C正确。①（a1a2b1b1）自交，子代的基因型

为1/4a1a1b1b1、1/2a1a2b1b1、1/4a2a2b1b1，①自交子代相关基因的PCR产物电

泳结果与④（a2a2b1b1）电泳结果相同的占1/4，D错误。3.

（2023·湖北高考14题）人的某条染色体上A、B、C三个基因紧密排

列，不发生互换。这三个基因各有上百个等位基因（例如：A1～An均为A

的等位基因）。父母及孩子的基因组成如下表。下列叙述正确的是（

）父亲母亲儿子女儿基因组成A23A25B7B35C2C4A3A24B8B44C5C9A24A25B7B8C4C5A3A23B35B44C2C9A.

基因A、B、C的遗传方式是伴X染色体遗传B.

母亲的其中一条染色体上基因组成是A3B44C9C.

基因A与基因B的遗传符合基因的自由组合定律D.

若此夫妻第3个孩子的A基因组成为A23A24，则其C基因组成为C4C5√解析：

儿子的基因A、B、C中，每对等位基因中各有一个来自父亲和

母亲，如果基因A、B、C位于X染色体上，则儿子不会获得父亲的X染色

体，也就不会获得父亲的基因A、B、C，A错误；三个基因位于一条染色

体上，不发生互换，由于儿子的基因型是A24A25B7B8C4C5，其中A24B8C5来

自母亲，而母亲的基因型为A3A24B8B44C5C9，说明母亲的其中一条染色体

基因型是A3B44C9，B正确；根据题目信息可知，人的某条染色体上A、B、

C三个基因紧密排列，不发生互换，不符合自由组合定律，位于非同源染

色体上的非等位基因的遗传符合自由组合定律，C错误；根据儿子的基因

型A24A25B7B8C4C5推测，母亲的两条染色体是A24B8C5和A3B44C9；父亲的

两条染色体是A25B7C4和A23B35C2，基因连锁遗传，若此夫妻第3个孩子的A

基因组成为A23A24，则其C基因组成为C2C5，D错误。4.

（2022·全国甲卷32题）玉米是我国重要的粮食作物。玉米通常是雌雄

同株异花植物（顶端长雄花序，叶腋长雌花序），但也有的是雌雄异株植

物。玉米的性别受两对独立遗传的等位基因控制，雌花花序由显性基因B

控制，雄花花序由显性基因T控制，基因型bbtt个体为雌株。现有甲（雌雄

同株）、乙（雌株）、丙（雌株）、丁（雄株）4种纯合体玉米植株。回

答下列问题。（1）若以甲为母本、丁为父本进行杂交育种，需进行人工传粉，具体做

法是

⁠

⁠

⁠。（先去除甲植株未成熟花的全部雄蕊，）在甲植株雌蕊上套上纸

袋，待雌蕊成熟时，采集丁植株的花粉，撒在去雄花的雌蕊的柱头上，再

套上纸袋解析：

甲为雌雄同株，丁为雄株，解答该小题时可套用人工杂交实

验流程，即对母本去雄→套袋→传粉→套袋，因此若以甲为母本，丁为父

本进行杂交育种，应先去除甲植株未成熟花的全部雄蕊，套上纸袋，待雌

蕊成熟时，采集丁植株的花粉，撒在去雄花的雌蕊的柱头上，再套上纸袋

（注：玉米是雌雄异花植株，也可不去雄）。（2）乙和丁杂交，F1全部表现为雌雄同株；F1自交，F2中雌株所占比例

为

，F2中雄株的基因型是

；在F2的雌株中，与丙基

因型相同的植株所占比例是

⁠。解析：

分析可知，基因型与表现型之间的对应关系为B_T_（雌雄同

株）、B_tt和bbtt（雌株）、bbT_（雄株）。由于甲、乙、丙和丁是4种纯

合体玉米植株，乙（雌株）和丁（雄株，bbTT）杂交，F1都是雌雄同株，

若F1的基因型为BbTt，乙的基因型为BBtt，丙的基因型为bbtt。F1自交，F2

中雌株（B_tt、bbtt）所占比例为3/16＋1/16＝1/4。F2中雄株的基因型为

bbTT和bbTt。丙的基因型为bbtt，在F2的雌株中，与丙基因型相同的植株

所占比例为1/4。1/4bbTT和bbTt1/4（3）已知玉米籽粒的糯和非糯是由1对等位基因控制的相对性状。为了确

定这对相对性状的显隐性，某研究人员将糯玉米纯合体与非糯玉米纯合体

（两种玉米均为雌雄同株）间行种植进行实验，果穗成熟后依据果穗上籽

粒的性状，可判断糯与非糯的显隐性。若糯是显性，则实验结果是

⁠

⁠；若非糯是显性，则实验结果是

⁠

⁠。糯玉

米的果穗上只有糯籽粒，非糯玉米的果穗上有糯和非糯两种籽粒非糯玉米的果穗上只有非糯籽粒，糯玉米

的果穗上有糯和非糯两种籽粒解析：

玉米间行种植时，交配方式有两种，自交和杂交。已知玉米

籽粒的糯和非糯是由1对等位基因控制的相对性状，设相关基因为A、a。

AA植株的自交后代、AA植株与aa植株的杂交后代的基因型分别为AA和

Aa，都表现为显性性状，aa植株的自交后代、aa植株与AA植株的杂交后代

的基因型分别为aa和Aa，分别表现为隐性性状和显性性状。将糯玉米纯合

体与非糯玉米纯合体（两种玉米均为雌雄同株）间行种植，若糯为显性，

则在糯玉米的果穗上只有糯籽粒，在非糯玉米的果穗上有糯和非糯两种籽

粒；若非糯为显性，则在非糯玉米的果穗上只有非糯籽粒，在糯玉米的果

穗上有糯和非糯两种籽粒。溯源教材

人工异花传粉时，先除去未成熟花的全部雄蕊，待去雄花的雌蕊成熟

时，采集另一植株的花粉，将采集到的花粉撒在去雄花的雌蕊的柱头上，

再套上纸袋。

（见必修2

P3图1－1）5.

（2022·辽宁高考23题节选）某雌雄同株二倍体观赏花卉的抗软腐病与

易感软腐病（以下简称“抗病”与“易感病”）由基因R/r控制，花瓣的斑

点与非斑点由基因Y/y控制。为研究这两对相对性状的遗传特点，进行系列杂交实验，结果见下表。组别亲本杂交组合F1表型及数量抗病非斑点抗病斑点易感病非斑点易感病斑点1抗病非斑点×易感病非斑点710240002抗病非斑点×易感病斑点1321291271403抗病斑点×易感病非斑点728790774抗病非斑点×易感病斑点18301720（1）上表杂交组合中，第1组亲本的基因型是

，第4组的

结果能验证这两对相对性状中

的遗传符合分离定律，能

验证这两对相对性状的遗传符合自由组合定律的一组实验是第

组。解析：

分析1组结果：后代全抗病，且非斑点∶斑点＝3∶1，可知抗

病对易感病为显性；非斑点对斑点为显性，故第1组的亲本基因型为RRYy

（抗病非斑点）、rrYy（易感病非斑点）。第4组的结果：抗病非斑点∶易

感病非斑点＝1∶1；能验证这两对相对性状中“抗病”与“易感病”的遗

传符合分离定律，能验证这两对相对性状的遗传符合自由组合定律的一组

实验是第2组，测交实验。RRYy、rrYy抗病与易感病2（2）将第2组F1中的抗病非斑点植株与第3组F1中的易感病非斑点植株杂

交，后代中抗病非斑点、易感病非斑点、抗病斑点、易感病斑点的比例

为

⁠。解析：

第2组RrYy×rryy杂交，F1中的抗病非斑点植株基因型为RrYy，第3组Rryy×rrYy杂交，F1中的易感病非斑点植株基因型为rrYy，两者杂交RrYy×rrYy，后代中Rr∶rr＝1∶1，Y_∶yy＝3∶1，故抗病非斑点、易感病非斑点、抗病斑点、易感病斑点的比例为3∶3∶1∶1。3∶3∶1∶103验收效·提能力跟踪训练，检验学习效果一、选择题1.

（2025·广东江门一模）豌豆的子叶黄色对绿色为显性，种子圆粒对皱

粒为显性，两种性状分别由两对独立遗传的基因控制。现用黄色圆粒豌豆

与绿色圆粒豌豆杂交，F1中绿色皱粒豌豆所占比例为1/8。下列推断不合理

的是（

）A.

两个亲本均为杂合子B.

亲本黄色圆粒豌豆产生2种配子C.

子代中纯合子的比例为1/4D.

子代有4种表型和6种基因型1234567891011√解析：

假设子叶黄色、绿色分别由Y、y基因控制，种子圆粒、皱粒分

别由R、r基因控制。亲本黄色（Y－）和绿色（yy）杂交，F1出现绿色，初

步判断在子叶颜色这一对性状上亲本为Yy×yy，亲本圆粒和圆粒杂交，F1

出现皱粒，初步判断在种子形状这一对性状上亲本为Rr×Rr，由题干信息

可知，F1中绿色皱粒豌豆所占比例为1/8，可拆分为（1/2）×（1/4），综

合上述分析可以确定亲本黄色圆粒豌豆基因型为YyRr，绿色圆粒豌豆基因

型为yyRr，两亲本均为杂合子，A合理。亲本黄色圆粒豌豆基因型为

YyRr，可产生4种配子，基因型分别是YR、Yr、yR、yr，B不合理。亲本

为YyRr×yyRr，则后代纯合子为yyrr和yyRR，其中yyrr＝（1/2）×（1/4）

＝1/8，yyRR＝（1/2）×（1/4）＝1/8，二者共占1/8＋1/8＝1/4，C合理。亲本为YyRr×yyRr，考虑Y、y基因，后代有2种基因型，2种表型；考虑R、

r基因，后代有3种基因型，2种表型，考虑两对基因，后代表型有2×2＝4

（种），基因型有2×3＝6（种），D合理。12345678910112.

（2024·江苏南京高三检测）“假说—演绎法”是现代科学研究中常用

的一种方法，下列属于孟德尔在研究两对相对性状杂交实验过程中的“演

绎”环节的是（

）A.

黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交获得F1，F1自交后代有四种表型且比

例接近9∶3∶3∶1B.

由F2出现了重组型，推测F1产生配子时不同对的遗传因子自由组合C.

若将F1与隐性纯合子杂交，则后代出现四种表型且比例接近1∶1∶1∶1D.

将F1与隐性纯合子杂交，后代有四种表型且比例接近1∶1∶1∶1√1234567891011解析：

黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交获得F1，F1自交后代有四种表

型且比例接近9∶3∶3∶1，这是两对相对性状杂交实验的过程及结果，A

错误；由F2出现了重组型，推测F1产生配子时不同对的遗传因子自由组

合，这属于假说的内容，B错误；若将F1与隐性纯合子杂交，则后代应该

出现四种表型且比例接近1∶1∶1∶1，这属于演绎推理的过程，C正确；

将F1与隐性纯合子杂交，后代有四种表型且比例接近1∶1∶1∶1，这属于

实验验证，D错误。12345678910113.

（2025·昆明质检）用具有两对相对性状的纯种豌豆做遗传实验，得到

F2的部分基因型结果如表（两对基因独立遗传）。下列叙述错误的是（

）配子YRYryRyrYR12YyRrYr3yR4yryyrrA.

表中Y、y、R、r基因属于真核生物细胞核基因B.

表中基因Y、y、R、r的载体有染色体、叶绿体、线粒体C.1、2、3、4代表的基因型在F2中出现的概率大小为3＞2＝4＞1D.F2中出现纯合子的比例是1/4√1234567891011解析：

根据题意分析，两对基因独立遗传，说明两对等位基因位于两

对同源染色体上，因此表中Y、y、R、r基因属于真核生物细胞核基因，A

正确；表中的基因都是核基因而非叶绿体和线粒体中的基因，所以其载体

只能是染色体，B错误；根据基因的自由组合定律可知，1（YYRR）的概

率为1/4×1/4＝1/16，2（YYRr）的概率为1/4×1/2＝1/8，3（YyRr）的概

率为1/2×1/2＝1/4，4（yyRr）的概率为1/4×1/2＝1/8，所以1、2、3、4代

表的基因型在F2中出现的概率大小为3＞2＝4＞1，C正确；F2中出现纯合子

（YYRR、YYrr、yyRR、yyrr）的比例是1/4，D正确。12345678910114.

（2025·山东临沂高三质检）如图为某植株自交产生后代过程示意图，

下列相关叙述错误的是（

）A.M、N、P分别代表16、12、4B.a与B或b的组合发生在①过程C.

②过程发生雌、雄配子的随机结合D.

该植株测交后代性状分离比为1∶1∶1∶1√1234567891011解析：

①过程形成4种雌配子和4种雄配子，则雌、雄配子随机组合的

方式是4×4＝16（种），基因型为3×3＝9（种），表型为4种，故M、

N、P分别代表16、9、4，A错误；a与B或b的组合属于非等位基因的自由

组合，发生在减数分裂Ⅰ后期，即①过程，B正确；②过程发生雌、雄配子

的随机组合，即受精作用，C正确；该植株测交后代基因型及比例为

AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，根据题干自交后代性状分离比可

知，该植株测交后代性状分离比为1∶1∶1∶1，D正确。12345678910115.

（2025·山东德州高三月考）现有①～④四个果蝇品系（都是纯种），

其中品系①的性状均为显性，品系②～④均只有一种性状是隐性，其他性

状均为显性。这四个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色

体如下表所示：品系①②③④隐性性状均为显性残翅黑身紫红眼相应染色体Ⅱ、ⅢⅡⅡⅢ若需验证自由组合定律，可选择下列哪种交配类型（

）A.

①×②B.

②×④C.

②×③D.

①×④√解析：

自由组合定律研究的是位于非同源染色体上的非等位基因的遗

传规律，故选②×④或③×④。12345678910116.

（2025·辽宁丹东高三期末）某单子叶植物的非糯性（A）对糯性（a）

为显性，抗病（T）对染病（t）为显性，花粉粒长形（D）对圆形（d）为

显性，三对等位基因位于三对同源染色体上，非糯性花粉遇碘液变蓝黑

色，糯性花粉遇碘液变橙红色。现有四种纯合子植株，基因型分别为①

AATTdd、②AAttDD、③AAttdd、④aattdd，则下列说法正确的是（

）A.

若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应该用①和③杂交所得F1的花粉B.

若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以观察①和②杂交所得F1的花粉C.

若培育糯性抗病优良品种，应选用①和④作为亲本杂交D.

将②和④杂交后所得的F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，均为蓝黑色√1234567891011解析：

三对相对性状中可通过花粉进行鉴定的相对性状是非糯性（A）

和糯性（a）、花粉粒长形（D）和圆形（d），若采用花粉鉴定法验证基

因的分离定律，需得到基因型为Aa或Dd的植株，A错误；若采用花粉鉴定

法验证基因的自由组合定律，需得到基因型为AaDd的植株，B错误；①×

④→F1（AaTtdd），F1连续自交即可得到糯性抗病优良品种，C正确；②

×④→F1（AattDd），其产生的花粉加碘液染色后，A（蓝黑色）∶a（橙

红色）＝1∶1，D错误。12345678910117.

（2025·河南洛阳联考）已知桃树中，树体乔化与矮化为一对相对性状（由等位基因A、a控制），蟠桃果形与圆桃果形为一对相对性状（由等位基因B、b控制），以下是相关的两组杂交实验。实验一：乔化蟠桃（甲）×矮化圆桃（乙）→F1乔化蟠桃∶矮化圆桃＝1∶1。实验二：乔化蟠桃（丙）×乔化蟠桃（丁）→F1乔化蟠桃∶矮化圆桃＝3∶1。根据上述实验判断，以下关于甲、乙、丙、丁四个亲本的基因在染色体上的分布情况正确的是（

）√1234567891011解析：

实验二中亲本都是乔化，后代出现矮化，说明乔化是显性性

状，矮化是隐性性状；亲本都是蟠桃，后代出现圆桃，说明蟠桃是显性性

状，圆桃是隐性性状。实验一中两对相对性状测交，后代表型之比为

1∶1，说明这两对等位基因的遗传不遵循自由组合定律，若遵循自由组合

定律，测交后代应有四种表型，其表型之比应为1∶1∶1∶1，故两对等位

基因位于同一对同源染色体上。分析实验一、二可知，基因A与B位于一对

同源染色体的一条染色体上，基因a与b位于该对同源染色体的另一条染色

体上，D正确。12345678910118.在孟德尔两对相对性状的杂交实验中，纯合亲本杂交产生F1黄色圆粒豌豆（YyRr），F1自交产生F2。下列叙述不正确的是（）A.亲本杂交和F1自交的实验中孟德尔都必须在豌豆开花前对母本进行去雄操作B.配子只含有每对遗传因子中的一个，F1产生的雌配子有4种，这属于假说的内容C.F2中两对相对性状均出现3∶1的性状分离比，说明这两对相对性状的遗传都遵循分离定律D.F2的黄色圆粒豌豆中能够稳定遗传的个体占1/9√1234567891011解析：

杂交实验时需要在豌豆开花前对母本进行去雄操作，而自交实验时不需要对母本去雄，A错误；“配子只含有每对遗传因子中的一个”是孟德尔依据实验现象提出的假说，B正确；在孟德尔两对相对性状的杂交实验中，逐对分析时，F2中黄色∶绿色≈3∶1，圆粒∶皱粒≈3∶1，说明这两对相对性状的遗传都遵循分离定律，C正确；F2的黄色圆粒豌豆（Y_R_）占后代总数的9/16，其中能稳定遗传的个体基因型只有YYRR，占黄色圆粒的1/9，D正确。12345678910119.（2025·历城二中模拟）已知某种植物花色由两对等位基因控制，其中A基因控制红花性状，a基因控制黄花性状，但B基因存在时植株不能合成花瓣色素而开白花，纯合白花个体与纯合黄花个体杂交获得F1均为白花，F1自交获得F2。下列分析正确的是（）A.若亲代白花为AABB，则F2白花中纯合体可能占1/4B.若F2白花∶黄花＝3∶1，则A/a、B/b位于一对同源染色体上C.若F2白花∶红花∶黄花＝12∶3∶1，则A/a、B/b位于非同源染色体上D.若A/a、B/b位于非同源染色体上，则F2白花∶红花∶黄花＝12∶3∶1√1234567891011解析：

若亲代白花为AABB，与纯合黄花个体aabb杂交获得的F1基因型为AaBb，F1自交获得的F2白花个体的基因型为1AABB、2AaBB、2AABb、4AaBb、1aaBB、2aaBb，其中纯合体占2/12＝1/6，A错误；若F2白花∶黄花＝3∶1，亲本可能是aaBB（白花）和aabb（黄花），所以不能确定A/a、B/b是否位于一对同源染色体上，B错误；若F2白花∶红花∶黄花＝12∶3∶1，是9∶3∶3∶1的变式，则亲本是AABB和aabb，所以可以确定A/a、B/b位于非同源染色体上，在遗传时遵循基因自由组合定律，C正确；若A/a、B/b位于非同源染色体上，如果亲本是AABB和aabb，则F2白花∶红花∶黄花＝12∶3∶1；如果亲本是aaBB和aabb，则F2白花∶黄花＝3∶1，D错误。1234567891011二、非选择题10.

（2025·安徽凤阳中学模拟）某自花传粉植物的紫苗（A）对绿苗（a）

为显性，紧穗（B）对松穗（b）为显性，黄种皮（D）对白种皮（d）为显

性。假设这三对等位基因是自由组合的。现以绿苗紧穗白种皮的纯合品种

作母本，以紫苗松穗黄种皮的纯合品种作父本进行杂交实验，结果F1表现

为紫苗紧穗黄种皮。回答下列问题：（1）如果只考虑穗型和种皮色这两对性状，请写出F2的表型及其比例

⁠

⁠。紧

穗黄种皮∶紧穗白种皮∶松穗黄种皮∶松穗白种皮＝9∶3∶3∶1

1234567891011解析：

由题意可知，紫苗（A）对绿苗（a）、紧穗（B）对松穗（b）、黄种皮（D）对白种皮（d）是三对相对性状，其遗传符合自由组合定律，则用于杂交实验的母本（绿苗紧穗白种皮的纯合品种）的基因型为aaBBdd，父本（紫苗松穗黄种皮纯合品种）的基因型是AAbbDD，其杂交所得的F1的基因型为AaBbDd，三对基因全为杂合，表型全为紫苗紧穗黄种皮。如果只考虑穗型和种皮色两对性状，则F2就会有四种表型，为紧穗黄种皮∶紧穗白种皮∶松穗黄种皮∶松穗白种皮＝9∶3∶3∶1。1234567891011（2）如果生产上要求长出的植株一致表现为紫苗紧穗黄种皮，那么播种F1

植株所结的全部种子后，长出的全部植株是否都表现为紫苗紧穗黄种皮？

为什么？

⁠。解析：

F1植株（AaBbDd）所结的全部种子的基因型有27种，有纯合子也有杂合子，长出的全部植株有8种表型，因为F1植株是杂合体，F2会发生性状分离。不是，因为F1植株是杂合体，F2会发生性状分离1234567891011（3）如果需要选育绿苗松穗白种皮的品种，那么能否从播种F1植株所结种

子长出的植株中选到？为什么？

⁠

⁠。解析：

F1植株所结的全部种子的基因型有27种，其中有aabbdd，该基

因型种子长出的植株是绿苗松穗白种皮，因此能从播种F1植株所结种子长

出的植株中选育绿苗松穗白种皮的品种，因为F1植株三对基因都是杂合

的，F2能分离出表现绿苗