2025届陕西省高考模拟物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1大荔县2025年高考模拟试题命制比赛作品2025届陕西省高考模拟物理试题考试时间：75分钟满分：100分一、单项选择题：共7小题，每小题4分，共28分。1.如图所示，乒乓球从斜面上滚下，以一定的速度在光滑水平桌面上沿直线匀速运动。在与乒乓球路径垂直的方向上有一个洞，当球经过洞口正前方时，对球沿三个不同的方向吹气，下列说法正确的是（）沿方向2吹气，乒乓球可能进入洞内 B.沿方向3吹气，乒乓球可能进入洞内C.沿方向1吹气，乒乓球可能进入洞内 D.沿三个方向吹气，乒乓球均不可能进入洞内2.如图甲所示为榫眼的凿削操作，图乙为截面图，凿子尖端夹角为θ，在凿子顶部施加竖直向下的力F时，其竖直面和侧面对两侧木头的压力分别为F1和F2，不计凿子的重力及摩擦力，下列说法正确的是（）F1小于F2 B.夹角θ越小，F1越小C.夹角θ越大，F2越大 D.夹角θ越大，凿子越容易凿入木头3.利用加速度传感器可以显示物体运动过程中的加速度变化情况，当加速度方向竖直向上时，传感器示数为正。如图为一物体在竖直方向上由静止开始往返运动一次的过程中加速度随时间变化的图像。关于该物体的运动，下列说法正确的是（）2t0时刻的速度为0 B.4t0时刻位于最高点C.6t0时刻的速度大小为12aD.8t0时刻的速度大小为124.如图为某电子透镜中电场的等势面（虚线）的分布图，相邻等势面间电势差相等。一电子仅在电场力作用下运动，其轨迹如图中实线所示，电子先后经过O、P、Q三点。电子从O点运动到Q点的过程中，关于电子的运动，下列说法正确的是（）加速度一直减小B.速度先减小后增大C.在O点电势能比在Q点电势能小D.从O点到P点电场力做功与从P点到Q点电场力做功相等5.翡翠湖公园有一水流造景设施的截面如图所示，水平喷水口P横截面积为S、喷水的流速恒定为v，从P喷出的水柱恰好能垂直撞到倾角为30°的斜面AC上的B处，速度瞬间变为零，之后沿斜面流下。已知水的密度为ρ，重力加速度为g，不计空气阻力，则（）水流单位时间撞到B处的体积Q=2SvB.水流在B处的速度vC.水流对B处的冲击力F=4ρSv2D.空中水的质量v6.如图，半径为R的圆是一圆柱形匀强磁场区域的横截面（纸面），磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外，一电荷量为q（q>0），质量为m的粒子沿平行于直径ab的方向射入磁场区域，射入点与ab的距离为R2，已知粒子射出磁场与射入磁场时运动方向间的夹角为60°qBR2mB.qBRmC.3qBR2mD.2qBR7.如图所示，将两根粗细相同、材料不同的长软绳甲、乙的一端连接在一起，1、2、3、4…为绳上的一系列间距均为0.1m的质点，其中质点10为两绳的结点，绳处于水平方向。手持质点10在竖直方向做简谐运动，形成向左和向右传播的两列简谐波Ⅰ、Ⅱ，其中波Ⅰ的波速为0.2m/s。某时刻质点10处在波谷位置，5s后此波谷传到质点15，此时质点10正好通过平衡位置向上运动，质点10与质点15之间还有一个波谷，下列说法正确的是（）质点10的振动周期为2s B.波Ⅰ的波长为25波Ⅱ的波长为 27D.当质点15处于波峰时，质点6处于平衡位置二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图所示，Ⅰ为北斗卫星导航系统中的静止轨道卫星，其对地张角为，运动周期为；Ⅱ为地球的近地卫星，运动周期为。下列说法正确的是（）卫星Ⅰ运动的线速度大于卫星Ⅱ的线速度B.卫星Ⅰ运动的角速度小于卫星Ⅱ的角速度C.T1D.T9.一列有8节车厢的动车一般是4动4拖，其中第1节、第3节、第6节、第8节车厢是带动力的，其余4节车厢是不带动力的。如图所示，该动车在平直轨道上匀加速向右启动时，若每节动力车厢提供的牵引力大小均为F，每节车厢质量均为m，每节车厢所受阻力均为该节车厢重力的k倍，重力加速度为g。下列说法正确的是（）A.整列车的加速度大小为F-2kmg2mB.整列车的加速度大小为F-kmgC.第4节车厢对第5节车厢的作用力大小为0 D.第4节车厢对第5节车厢的作用力大小为0.5F10.如图所示，两根平行光滑金属导轨固定在同一水平面内，其左端接有定值电阻R，建立Ox轴平行于金属导轨，在0≤x≤4m的空间区域内存在着垂直导轨平面向下的磁场（图中未画出），磁感应强度B随坐标x（以m为单位）的分布规律为B=0.8-0.2x（T），金属棒ab在外力作用下从x<0的某处沿导轨向右运动，ab始终与导轨垂直并接触良好，不计导轨和金属棒的电阻。设在金属棒从x0=0处，经x1=1m，x2=2m到x3=3m的过程中，电阻器R的电功率始终保持不变，则（）A.金属棒在x1与x2处产生的电动势之比为1：1B.金属棒在x2与x3处受到磁场B的作用力大小之比为3：1C.金属棒从x1到x2与从x2到x3的过程中通过R的电量之比为5：3D.金属棒从x0到x1与从x2到x3的过程中电阻R产生的焦耳热之比为7：3三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.某小组利用如图甲所示的实验装置验证牛顿第二定律。质量为M的滑块两端各有一个挡光宽度为d的遮光板1、2，两遮光板中心的距离为L，如图乙所示。主要实验步骤如下：（1）实验前，接通气源，将滑块（不挂钩码）置于气垫导轨上，轻推滑块，遮光板1、2经过光电门的挡光时间分别为t0、t0'，由此可知，遮光板1经过光电门时的速度为___________（用题中已知字母表示），当满足t0___________t0（2）挂上质量为的钩码，将滑块由光电门左侧某处释放，记录遮光板1、2的挡光时间t1、t2（3）更换不同数量的钩码，多次记录遮光板1、2的挡光时间。（4）将钩码的总重力记为滑块受到的合力F，作出滑块的合力F与1t22（5）由于实验中钩码的总重力并不等于滑块的合力F，要想本实验合力的相对误差合力的测量值（钩码的总重力）-合力的真实值合力的真实值×100%不大于某物理爱好者设计了一个三挡位（“×1”“×10”“×100”）的欧姆表，其内部结构如图所示，K为单刀三掷开关，R为调零电阻，R1、R2、R3为定值电阻，表头G的满偏电流为Ig，内阻为Rg，干电池的电动势为E，内阻为r。用此欧姆表测量某待测电阻的阻值，回答下列问题：（1）欧姆表的两只表笔中，_____（选填“a”或“b”）是红表笔。（2）当欧姆表的挡位为“×100”时，应将单刀三掷开关K与_____（选填“1”“2”或“3”）接通。（3）若从“×10”挡位换成“×1”挡位，再进行欧姆调零时，调零电阻R的滑片应该_____（选填“向上”或“向下”）调节。（4）在“×100”挡位进行欧姆调零后，在ab两表笔间接入阻值为6000Ω的定值电阻R1，稳定后表头G的指针偏转到满偏刻度的14；取走R1，在ab两表笔间接入待测电阻Rx，稳定后表头G的指针偏转到满偏刻度的13，则Rx=13.如图所示，筒高为h的汽缸倒立，活塞在汽缸内封闭一定质量的理想气体，活塞与汽缸间的摩擦可忽略不计，活塞、汽缸均绝热，活塞下部空间与外界连通，汽缸底部连接一“U”形细管，细管右端口与大气连通，内部装有部分水银（管内气体的体积忽略不计）。初始时，封闭气体的温度为T0，活塞位于汽缸中央，细管内两侧水银柱的高度差为∆h0，大气压强为p0，活塞横截面积为S，厚度不计，水银的密度为ρ，重力加速度为g，求：（1）汽缸内气体的压强；（2）通过加热装置缓慢提升气体温度，使活塞恰好到达汽缸开口处，求此时汽缸内气体的温度；此加热过程中，若气体吸收的热量为Q，求气体内能的变化量。14.如图，倾角为37°的斜面与水平地面平滑连接，在水平地面上方存在着与地面成53°角斜向上的匀强电场。质量为0.4kg、带电荷量为+1×10-2C的绝缘物块恰能沿斜面匀速下滑，进入水平地面后仍能匀速滑行。已知物块与斜面及水平地面间的动摩擦因数相等，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，运动过程中物块所带电荷量保持不变。（1）求匀强电场的电场强度大小；（2）若匀强电场的电场强度方向可以变化，为使该带电物块仍能在水平地面上匀速滑行，求电场强度的最小值。15.如图所示，平行倾斜光滑导轨与足够长的平行水平光滑导轨平滑连接，导轨电阻不计。质量分别为m和0.5m的金属棒b和c静止放在间距为L的水平导轨上，b、c两棒均与导轨垂直且两金属棒电阻均为R。图中de虚线往右有范围足够大、方向竖直向上的匀强磁场。质量为m的绝缘棒a垂直于倾斜导轨静止释放，释放位置与水平导轨的高度差为h。已知绝缘棒a滑到水平导轨上与金属棒b发生弹性正碰，金属棒b进入磁场后始终未与金属棒c发生碰撞。重力加速度为g，求：（1）绝缘棒a与金属棒b发生弹性正碰后分离时两棒的速度大小；（2）两金属棒b、c上最终产生的总焦耳热；（3）金属棒c初始位置距离磁场边界de的最小距离。——★参考答案★——一、单项选择题：共7小题，每小题4分，共28分。1.【答案】B【解析】分别沿方向1、方向2、方向3吹气，对乒乓球的速度分析吹气时乒乓球在原有速度的基础上分别增加速度、、，只有沿方向3吹气时，合运动方向才可能指向洞口，乒乓球才可能进入洞内。故选B。2.【答案】A【解析】作出力F与F1和F2的关系图，如图所示由图可知，，根据几何关系有，，故A正确；由以上分析可知，力F一定时，夹角越大，F1和F2均变小，故B、C错误；由上图根据几何关系，有，，夹角越大，F1和F2均变小，所以夹角越大，凿子越不容易凿入木头，故D错误。3.【答案】D【解析】内，加速度竖直向下，物体向下加速运动，时刻向下的速度达到最大，故A错误；内，加速度竖直向上，物体向下减速运动，根据对称性可知，时刻速度减为零，到达最低点，故B错误；内，加速度为零，物体静止，内加速度向上，物体向上加速运动，由于图像与时间轴包围的面积表示速度变化量，故内物体的速度变化量为，由于时刻物体速度为零，故时刻的速度和内的速度变化量相等，即，方向竖直向上，故C错误；由图像可知，内图像与时间轴包围的面积等于零，即这段时间内的速度变化量等于零，时刻与时刻速度相同，即大小为，方向竖直向上，故D正确。4.【答案】D【解析】相邻等势面间电势差相等，可知等差等势面越密集，场强越大；则电子从O点运动到Q点的过程中，场强先变大后变小，则电子受到的电场力先增大后减小，加速度先增大后减小，故A错误；根据曲线运动的合力方向位于轨迹的凹侧，且场强方向与等势面垂直，可知电子受到的电场力垂直等势面偏右，所以电场力与速度方向的夹角小于90°，则电场力对电子做正功，电子的动能增大，速度一直增大，故B错误；由于电场力对电子做正功，则电子电势能减少，电子在O点电势能比在Q点电势能大，故C错误；由于相邻等势面间电势差相等，则有，根据，可知从O点到P点电场力做功与从P点到Q点电场力做功相等，故D正确。5.【答案】D【解析】水流单位时间撞到B处的体积等于水流单位时间撞通过水平喷水口的体积，即体积，故A错误；水流从P到B做平抛运动，平抛初速度为，由于水柱恰好能垂直撞到斜面，几何关系可知在B的速度方向与水平方向成60°，则有，故B错误；设时间内有质量为的水撞击斜面，设该过程斜面给水的支持力为N，规定方向为正方向，由动量定理有，因为，联立解得，根据牛顿第三定律可得，水流对B处的冲击力，故C错误；结合B选项分析，由平抛规律可得水流在B的竖直方向速度，故平抛时间，所以空中水的质量，故D正确。6.【答案】B【解析】由题意知，粒子运动轨迹如图所示。圆心角为60°，为等边三角形，所以带电粒子运动的半径，由解得。故选B。7.【答案】D【解析】质点每振动一个周期，波向前传播一个波长，由题可知，可知质点10的振动周期，A错误；根据可知波Ⅰ的波长，B错误；利用质点10与质点15之间的波形可知，可得波Ⅱ的波长，C错误；质点6和质点10之间恰好等于一个波长，振动情况相同，质点15落后质点10恰好，因此当质点15处于波峰时，质点10恰好经平衡位置向下运动，D正确。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.【答案】BC【解析】由万有引力提供向心力，可得卫星绕地球做圆周运动的线速度和角速度大小，，因为卫星Ⅰ运动的轨道半径大于卫星Ⅱ的轨道半径，所以卫星Ⅰ运动的线速度小于卫星Ⅱ的线速度，卫星Ⅰ运动的角速度小于卫星Ⅱ的角速度，故A错误，B正确；由几何关系可知，卫星Ⅰ运动的轨道半径与卫星Ⅱ的轨道半径关系为，由开普勒第三定律可知，化简可得，故C正确，D错误。9.【答案】AC【解析】对8节车厢整体受力分析，由牛顿第二定律，解得整列车加速度大小，故A正确，B错误；对5-8节车厢整体受力分析，由牛顿第二定律，代入解得第4节车厢对第5节车厢的作用力大小，故C正确，D错误。10.【答案】ACD【解析】由于电阻器R的电功率始终保持不变，故通过电阻器R的电流始终不变，即金属棒产生的感应电动势始终不变，故A正确；金属棒在与处受到磁场B的作用力大小之比，故B错误；金属棒从从到过程中有，同理金属棒从到过程中有，故，而，故，故C正确；同理，由于电流始终不变，故，金属棒从到与从到的过程中电阻R产生的焦耳热之比，故D正确。三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.（每空2分，共8分）【答案】（1）（4）（5）B【解析】（1）根据题意可知，遮光板1经过光电传感器时的速度；若气垫导轨水平，则滑块做匀速直线运动，则有，即，则说明气垫导轨已经水平。（4）根据题意，由运动学公式可得，由牛顿第二定律有，即该图像的斜率，即可验证牛顿第二定律成立。（5）根据题意可知，合力的测量值，合力的真实值，则有，解得，所以实验中所挂钩码总质量的最大值为。故选B。12.（每空2分，共8分）【答案】（1）a（2）1（3）向下（4）4000【解析】（1）欧姆表内部电流从黑表笔流出，经待测电阻后，从红表笔流进欧姆表，黑表笔与内部电池正极相连，红表笔与内部电源负极相连，因此图中a是红表笔。（2）欧姆表内阻大，中值电阻大，欧姆表的倍率越大，根据闭合电路的欧姆定律，欧姆表内阻，当开关K拨向1时，根据并联电路电流的分配原则可知，与表头并联的电阻越大，该支路的电流越小，回路中满偏电流越小，则欧姆表内阻越大，即为“”挡位。（3）从“”挡位换成“”挡位，即开关K从2拨向3，满偏电流由变成，欧姆调零电阻由变成，根据闭合电路欧姆定律有，，又，则，即调零电阻接入电路的阻值减小，因此滑片向下滑动。（4）根据闭合电路的欧姆定律，在“”挡位进行欧姆调零，则，在a、b两表笔间接入阻值为6000Ω的定值电阻，稳定后表头G的指针偏转到满偏刻度的，则，在a、b两表笔间接入待测电阻，稳定后表头G的指针偏转到满偏刻度的，则，联立解得，则有。13.（12分）【答案】（1）（2）【解析】（1）设封闭气体的压强为p，则有。（2）缓慢加热过程中气体做等压变化，初状态气体温度为T0，体积末状态气体温度为T，体积由盖－吕萨克定律得解得此加热过程中气体对外做功由热力学第一定律可知可得。14.（12分）【答案】（1）（2）【解析】（1）物块沿斜面匀速下滑，由平衡条件解得物块沿水平面做匀速直线运动，水平方向有竖直方向有联立解得。（2）木块沿水平面做匀速直线运动，设场强与水平方向角度为、电场力大小为，水平方向竖直方向整理得所以，当时，电场力最小，最小值此时场强大小。15.（14分）【答案】（1）0（2）（3）【解析】（1）设a棒滑到水平导轨时速度为，根据动能定理，有解得a棒与b棒发生弹性正碰，设ab碰后速度分别为，取向右为正方向，由动量守恒定律由机械能守恒定律联立解得，。（2）分析可知b、c最终以相同的速度匀速运动，设最终速度为，最终产生热量为Q，取向右为正方向，由动量守恒定律可得由能量守恒定律可得联立解得。（3）设金属棒c初始位置距离磁场边界de的最小距离为x时，金属棒b进入磁场后恰好不能与与金属棒c发生碰撞，对c棒，从b棒进入磁场到bc共同匀速运动，动量定理有而由平均电动势联立以上解得。大荔县2025年高考模拟试题命制比赛作品2025届陕西省高考模拟物理试题考试时间：75分钟满分：100分一、单项选择题：共7小题，每小题4分，共28分。1.如图所示，乒乓球从斜面上滚下，以一定的速度在光滑水平桌面上沿直线匀速运动。在与乒乓球路径垂直的方向上有一个洞，当球经过洞口正前方时，对球沿三个不同的方向吹气，下列说法正确的是（）沿方向2吹气，乒乓球可能进入洞内 B.沿方向3吹气，乒乓球可能进入洞内C.沿方向1吹气，乒乓球可能进入洞内 D.沿三个方向吹气，乒乓球均不可能进入洞内2.如图甲所示为榫眼的凿削操作，图乙为截面图，凿子尖端夹角为θ，在凿子顶部施加竖直向下的力F时，其竖直面和侧面对两侧木头的压力分别为F1和F2，不计凿子的重力及摩擦力，下列说法正确的是（）F1小于F2 B.夹角θ越小，F1越小C.夹角θ越大，F2越大 D.夹角θ越大，凿子越容易凿入木头3.利用加速度传感器可以显示物体运动过程中的加速度变化情况，当加速度方向竖直向上时，传感器示数为正。如图为一物体在竖直方向上由静止开始往返运动一次的过程中加速度随时间变化的图像。关于该物体的运动，下列说法正确的是（）2t0时刻的速度为0 B.4t0时刻位于最高点C.6t0时刻的速度大小为12aD.8t0时刻的速度大小为124.如图为某电子透镜中电场的等势面（虚线）的分布图，相邻等势面间电势差相等。一电子仅在电场力作用下运动，其轨迹如图中实线所示，电子先后经过O、P、Q三点。电子从O点运动到Q点的过程中，关于电子的运动，下列说法正确的是（）加速度一直减小B.速度先减小后增大C.在O点电势能比在Q点电势能小D.从O点到P点电场力做功与从P点到Q点电场力做功相等5.翡翠湖公园有一水流造景设施的截面如图所示，水平喷水口P横截面积为S、喷水的流速恒定为v，从P喷出的水柱恰好能垂直撞到倾角为30°的斜面AC上的B处，速度瞬间变为零，之后沿斜面流下。已知水的密度为ρ，重力加速度为g，不计空气阻力，则（）水流单位时间撞到B处的体积Q=2SvB.水流在B处的速度vC.水流对B处的冲击力F=4ρSv2D.空中水的质量v6.如图，半径为R的圆是一圆柱形匀强磁场区域的横截面（纸面），磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外，一电荷量为q（q>0），质量为m的粒子沿平行于直径ab的方向射入磁场区域，射入点与ab的距离为R2，已知粒子射出磁场与射入磁场时运动方向间的夹角为60°qBR2mB.qBRmC.3qBR2mD.2qBR7.如图所示，将两根粗细相同、材料不同的长软绳甲、乙的一端连接在一起，1、2、3、4…为绳上的一系列间距均为0.1m的质点，其中质点10为两绳的结点，绳处于水平方向。手持质点10在竖直方向做简谐运动，形成向左和向右传播的两列简谐波Ⅰ、Ⅱ，其中波Ⅰ的波速为0.2m/s。某时刻质点10处在波谷位置，5s后此波谷传到质点15，此时质点10正好通过平衡位置向上运动，质点10与质点15之间还有一个波谷，下列说法正确的是（）质点10的振动周期为2s B.波Ⅰ的波长为25波Ⅱ的波长为 27D.当质点15处于波峰时，质点6处于平衡位置二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图所示，Ⅰ为北斗卫星导航系统中的静止轨道卫星，其对地张角为，运动周期为；Ⅱ为地球的近地卫星，运动周期为。下列说法正确的是（）卫星Ⅰ运动的线速度大于卫星Ⅱ的线速度B.卫星Ⅰ运动的角速度小于卫星Ⅱ的角速度C.T1D.T9.一列有8节车厢的动车一般是4动4拖，其中第1节、第3节、第6节、第8节车厢是带动力的，其余4节车厢是不带动力的。如图所示，该动车在平直轨道上匀加速向右启动时，若每节动力车厢提供的牵引力大小均为F，每节车厢质量均为m，每节车厢所受阻力均为该节车厢重力的k倍，重力加速度为g。下列说法正确的是（）A.整列车的加速度大小为F-2kmg2mB.整列车的加速度大小为F-kmgC.第4节车厢对第5节车厢的作用力大小为0 D.第4节车厢对第5节车厢的作用力大小为0.5F10.如图所示，两根平行光滑金属导轨固定在同一水平面内，其左端接有定值电阻R，建立Ox轴平行于金属导轨，在0≤x≤4m的空间区域内存在着垂直导轨平面向下的磁场（图中未画出），磁感应强度B随坐标x（以m为单位）的分布规律为B=0.8-0.2x（T），金属棒ab在外力作用下从x<0的某处沿导轨向右运动，ab始终与导轨垂直并接触良好，不计导轨和金属棒的电阻。设在金属棒从x0=0处，经x1=1m，x2=2m到x3=3m的过程中，电阻器R的电功率始终保持不变，则（）A.金属棒在x1与x2处产生的电动势之比为1：1B.金属棒在x2与x3处受到磁场B的作用力大小之比为3：1C.金属棒从x1到x2与从x2到x3的过程中通过R的电量之比为5：3D.金属棒从x0到x1与从x2到x3的过程中电阻R产生的焦耳热之比为7：3三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.某小组利用如图甲所示的实验装置验证牛顿第二定律。质量为M的滑块两端各有一个挡光宽度为d的遮光板1、2，两遮光板中心的距离为L，如图乙所示。主要实验步骤如下：（1）实验前，接通气源，将滑块（不挂钩码）置于气垫导轨上，轻推滑块，遮光板1、2经过光电门的挡光时间分别为t0、t0'，由此可知，遮光板1经过光电门时的速度为___________（用题中已知字母表示），当满足t0___________t0（2）挂上质量为的钩码，将滑块由光电门左侧某处释放，记录遮光板1、2的挡光时间t1、t2（3）更换不同数量的钩码，多次记录遮光板1、2的挡光时间。（4）将钩码的总重力记为滑块受到的合力F，作出滑块的合力F与1t22（5）由于实验中钩码的总重力并不等于滑块的合力F，要想本实验合力的相对误差合力的测量值（钩码的总重力）-合力的真实值合力的真实值×100%不大于某物理爱好者设计了一个三挡位（“×1”“×10”“×100”）的欧姆表，其内部结构如图所示，K为单刀三掷开关，R为调零电阻，R1、R2、R3为定值电阻，表头G的满偏电流为Ig，内阻为Rg，干电池的电动势为E，内阻为r。用此欧姆表测量某待测电阻的阻值，回答下列问题：（1）欧姆表的两只表笔中，_____（选填“a”或“b”）是红表笔。（2）当欧姆表的挡位为“×100”时，应将单刀三掷开关K与_____（选填“1”“2”或“3”）接通。（3）若从“×10”挡位换成“×1”挡位，再进行欧姆调零时，调零电阻R的滑片应该_____（选填“向上”或“向下”）调节。（4）在“×100”挡位进行欧姆调零后，在ab两表笔间接入阻值为6000Ω的定值电阻R1，稳定后表头G的指针偏转到满偏刻度的14；取走R1，在ab两表笔间接入待测电阻Rx，稳定后表头G的指针偏转到满偏刻度的13，则Rx=13.如图所示，筒高为h的汽缸倒立，活塞在汽缸内封闭一定质量的理想气体，活塞与汽缸间的摩擦可忽略不计，活塞、汽缸均绝热，活塞下部空间与外界连通，汽缸底部连接一“U”形细管，细管右端口与大气连通，内部装有部分水银（管内气体的体积忽略不计）。初始时，封闭气体的温度为T0，活塞位于汽缸中央，细管内两侧水银柱的高度差为∆h0，大气压强为p0，活塞横截面积为S，厚度不计，水银的密度为ρ，重力加速度为g，求：（1）汽缸内气体的压强；（2）通过加热装置缓慢提升气体温度，使活塞恰好到达汽缸开口处，求此时汽缸内气体的温度；此加热过程中，若气体吸收的热量为Q，求气体内能的变化量。14.如图，倾角为37°的斜面与水平地面平滑连接，在水平地面上方存在着与地面成53°角斜向上的匀强电场。质量为0.4kg、带电荷量为+1×10-2C的绝缘物块恰能沿斜面匀速下滑，进入水平地面后仍能匀速滑行。已知物块与斜面及水平地面间的动摩擦因数相等，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，运动过程中物块所带电荷量保持不变。（1）求匀强电场的电场强度大小；（2）若匀强电场的电场强度方向可以变化，为使该带电物块仍能在水平地面上匀速滑行，求电场强度的最小值。15.如图所示，平行倾斜光滑导轨与足够长的平行水平光滑导轨平滑连接，导轨电阻不计。质量分别为m和0.5m的金属棒b和c静止放在间距为L的水平导轨上，b、c两棒均与导轨垂直且两金属棒电阻均为R。图中de虚线往右有范围足够大、方向竖直向上的匀强磁场。质量为m的绝缘棒a垂直于倾斜导轨静止释放，释放位置与水平导轨的高度差为h。已知绝缘棒a滑到水平导轨上与金属棒b发生弹性正碰，金属棒b进入磁场后始终未与金属棒c发生碰撞。重力加速度为g，求：（1）绝缘棒a与金属棒b发生弹性正碰后分离时两棒的速度大小；（2）两金属棒b、c上最终产生的总焦耳热；（3）金属棒c初始位置距离磁场边界de的最小距离。——★参考答案★——一、单项选择题：共7小题，每小题4分，共28分。1.【答案】B【解析】分别沿方向1、方向2、方向3吹气，对乒乓球的速度分析吹气时乒乓球在原有速度的基础上分别增加速度、、，只有沿方向3吹气时，合运动方向才可能指向洞口，乒乓球才可能进入洞内。故选B。2.【答案】A【解析】作出力F与F1和F2的关系图，如图所示由图可知，，根据几何关系有，，故A正确；由以上分析可知，力F一定时，夹角越大，F1和F2均变小，故B、C错误；由上图根据几何关系，有，，夹角越大，F1和F2均变小，所以夹角越大，凿子越不容易凿入木头，故D错误。3.【答案】D【解析】内，加速度竖直向下，物体向下加速运动，时刻向下的速度达到最大，故A错误；内，加速度竖直向上，物体向下减速运动，根据对称性可知，时刻速度减为零，到达最低点，故B错误；内，加速度为零，物体静止，内加速度向上，物体向上加速运动，由于图像与时间轴包围的面积表示速度变化量，故内物体的速度变化量为，由于时刻物体速度为零，故时刻的速度和内的速度变化量相等，即，方向竖直向上，故C错误；由图像可知，内图像与时间轴包围的面积等于零，即这段时间内的速度变化量等于零，时刻与时刻速度相同，即大小为，方向竖直向上，故D正确。4.【答案】D【解析】相邻等势面间电势差相等，可知等差等势面越密集，场强越大；则电子从O点运动到Q点的过程中，场强先变大后变小，则电子受到的电场力先增大后减小，加速度先增大后减小，故A错误；根据曲线运动的合力方向位于轨迹的凹侧，且场强方向与等势面垂直，可知电子受到的电场力垂直等势面偏右，所以电场力与速度方向的夹角小于90°，则电场力对电子做正功，电子的动能增大，速度一直增大，故B错误；由于电场力对电子做正功，则电子电势能减少，电子在O点电势能比在Q点电势能大，故C错误；由于相邻等势面间电势差相等，则有，根据，可知从O点到P点电场力做功与从P点到Q点电场力做功相等，故D正确。5.【答案】D【解析】水流单位时间撞到B处的体积等于水流单位时间撞通过水平喷水口的体积，即体积，故A错误；水流从P到B做平抛运动，平抛初速度为，由于水柱恰好能垂直撞到斜面，几何关系可知在B的速度方向与水平方向成60°，则有，故B错误；设时间内有质量为的水撞击斜面，设该过程斜面给水的支持力为N，规定方向为正方向，由动量定理有，因为，联立解得，根据牛顿第三定律可得，水流对B处的冲击力，故C错误；结合B选项分析，由平抛规律可得水流在B的竖直方向速度，故平抛时间，所以空中水的质量，故D正确。6.【答案】B【解析】由题意知，粒子运动轨迹如图所示。圆心角为60°，为等边三角形，所以带电粒子运动的半径，由解得。故选B。7.【答案】D【解析】质点每振动一个周期，波向前传播一个波长，由题可知，可知质点10的振动周期，A错误；根据可知波Ⅰ的波长，B错误；利用质点10与质点15之间的波形可知，可得波Ⅱ的波长，C错误；质点6和质点10之间恰好等于一个波长，振动情况相同，质点15落后质点10恰好，因此当质点15处于波峰时，质点10恰好经平衡位置向下运动，D正确。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.【答案】BC【解析】由万有引力提供向心力，可得卫星绕地球做圆周运动的线速度和角速度大小，，因为卫星Ⅰ运动的轨道半径大于卫星Ⅱ的轨道半径，所以卫星Ⅰ运动的线速度小于卫星Ⅱ的线速度，卫星Ⅰ运动的角速度小于卫星Ⅱ的角速度，故A错误，B正确；由几何关系可知，卫星Ⅰ运动的轨道半径与卫星Ⅱ的轨道半径关系为，由开普勒第三定律可知，化简可得，故C正确，D错误。9.【答案】AC【解析】对8节车厢整体受力分析，由牛顿第二定律，解得整列车加速度大小，故A正确，B错误；对5-8节车厢整体受力分析，由牛顿第二定律，代入解得第4节车厢