2017-2018学年套餐之高一物理沪科版必修二讲义综合检测

综合检测(时间：90分钟满分：100分)一、选择题(本题共12小题.每小题4分，共48分)1.如图1所示，在皮带传送装置中，皮带把物体P匀速传送至高处，在此过程中，下述说法正确的是()图1A.摩擦力对物体做正功 B.支持力对物体做正功C.重力对物体做正功 D.合外力对物体做正功答案A解析摩擦力方向平行皮带向上，与物体运动方向相同，故摩擦力做正功，A对；支持力始终垂直于速度方向，不做功，B错；重力对物体做负功，C错；合外力为零，不做功，D错.2.火星有两颗卫星，分别是火卫一和火卫二，它们的轨道近似为圆.已知火卫一的周期为7小时39分，火卫二的周期为30小时18分，则两颗卫星相比()A.火卫一距火星表面较近B.火卫二的角速度较大C.火卫一的运动速度较小D.火卫二的向心加速度较大答案A解析由eq\f(GMm,r2)＝ma＝eq\f(mv2,r)＝meq\f(4π2,T2)r得：a＝eq\f(GM,r2)，v＝eq\r(\f(GM,r))，r＝eq\r(3,\f(GMT2,4π2))，则T大时，r大，a小，v小，且由ω＝eq\f(2π,T)知，T大，ω小，故正确选项为A.3.如图2所示为质点做匀变速曲线运动轨迹的示意图，且质点运动到D点(D点是曲线的拐点)时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，则质点从A点运动到E点的过程中，下列说法中正确的是()图2A.质点经过C点的速率比D点的大B.质点经过A点时的加速度方向与速度方向的夹角小于90°C.质点经过D点时的加速度比B点的大D.质点从B到E的过程中加速度方向与速度方向的夹角先增大后减小答案A解析因为质点做匀变速运动，所以加速度恒定，C项错误.在D点时加速度与速度垂直，故知加速度方向向上，合力方向也向上，所以质点从C到D的过程中，方向与速度方向夹角大于90°，合力做负功，动能减小，vC>vD，A项正确，B项错误.从B至E的过程中，加速度方向与速度方向夹角一直减小，D项错误.4.把甲物体从2h高处以速度v0水平抛出，落地点与抛出点的水平距离为L，把乙物体从h高处以速度2v0水平抛出，落地点与抛出点的水平距离为s，不计空气阻力，则L与s的关系为()A.L＝eq\f(s,2)B.L＝eq\r(2)sC.L＝eq\f(\r(2),2)sD.L＝2s答案C解析根据2h＝eq\f(1,2)gteq\o\al(2,1)，得t1＝2eq\r(\f(h,g))，则L＝v0t1＝2v0eq\r(\f(h,g)).由h＝eq\f(1,2)gteq\o\al(2,2)，得t2＝eq\r(\f(2h,g))，则s＝2v0t2＝2v0eq\r(\f(2h,g))，所以L＝eq\f(\r(2),2)s，故选项C正确.5.明代出版的《天工开物》一书中就有牛力齿轮翻车的图画(如图3所示)，记录了我们祖先的劳动智慧.若A、B、C三齿轮半径的大小关系为rA>rB>rC，则()图3A.齿轮A的角速度比C的大B.齿轮A、B的角速度大小相等C.齿轮B与C边缘的线速度大小相等D.齿轮A边缘的线速度比齿轮C边缘的线速度大答案D解析齿轮A边缘的线速度vA与齿轮B边缘的线速度vB相等，齿轮B、C的角速度ωB＝ωC.由vA＝ωArA，vB＝ωBrB，vC＝ωCrC，vA＝vB，rA>rB>rC，ωB＝ωC可得：ωA<ωB，ωA<ωC，vB>vC，vA>vC，故选项D正确.6.2015年9月23日，在江苏省苏州市进行的全国田径锦标赛上高兴龙获得男子跳远冠军，在一次试跳中，他(可看成质点)水平距离达8m，最高处高达1m.设他离开地面时的速度方向与水平面的夹角为α，若不计空气阻力，则tanα等于()A.eq\f(1,8)B.eq\f(1,4)C.eq\f(1,2)D.1答案C解析从起点A到最高点B可看成平抛运动的逆过程，如图所示，运动员做平抛运动，初速度方向与水平方向夹角的正切值为tanα＝2tanβ＝2×eq\f(h,\f(x,2))＝2×eq\f(1,4)＝eq\f(1,2)，选项C正确.7.引力波现在终于被人们用实验证实，爱因斯坦的预言成为科学真理.早在70年代就有科学家发现，高速转动的双星可能由于辐射引力波而使星体质量缓慢变小，观测到周期在缓慢减小，则该双星间的距离将()A.变大B.变小C.不变D.可能变大也可能变小答案B8.如图4所示，一质量为m的小球固定于轻质弹簧的一端，弹簧的另一端固定于O点处.将小球拉至A处，弹簧恰好无形变，由静止释放小球，它运动到O点正下方B点速度为v，AB间的竖直高度差为h，则()图4A.由A到B重力做的功等于mghB.由A到B重力势能减少eq\f(1,2)mv2C.由A到B小球克服弹力做功为mghD.小球到达位置B时弹簧的弹性势能为mgh－eq\f(mv2,2)答案AD解析重力做功只和高度差有关，故由A到B重力做的功等于mgh，选项A正确；由A到B重力势能减少mgh，选项B错误；由A到B小球克服弹力做功为W＝mgh－eq\f(1,2)mv2，选项C错误，D正确.9.如图5所示，斜面顶端A与另一点B在同一水平线上，甲、乙两小球质量相等.小球甲沿光滑斜面以初速度v0从顶端A滑到底端，小球乙以同样的初速度从B点抛出，不计空气阻力，则()图5A.两小球落地速率相同B.两小球落地时，重力的瞬时功率相同C.从开始运动至落地过程中，重力对它们做功相同D.从开始运动至落地过程中，重力的平均功率相同答案AC解析由于斜面光滑，且不计空气阻力，故两小球运动过程中只有重力做功，由机械能守恒定律可知两小球落地时速率相同，故选项A正确；由于A小球沿斜面做匀加速运动，B小球做斜抛运动，它们落地时的速度方向不同，故两小球落地时，重力的瞬时功率不相同，选项B错误；由于重力做功与路径无关，只与初、末位置的高度差有关，故从开始运动至落地过程中，重力对它们做功相同，选项C正确；由于两小球的运动方式不同，所以从开始运动至落地过程中所用时间不同，由P＝eq\f(W,t)可知重力的平均功率不同，选项D错误.10.在圆轨道上运动的质量为m的人造地球卫星，它到地面的距离等于地球半径R，地面上的重力加速度为g，则()A.卫星的动能为eq\f(mgR,4)B.卫星运动的周期为4πeq\r(\f(2R,g))C.卫星运动的加速度为eq\f(g,2)D.卫星运动的速度为eq\r(2Rg)答案AB解析人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设地球质量为M、卫星的轨道半径为r，则eq\f(GMm,2R2)＝eq\f(mv2,2R)，忽略地球自转的影响有eq\f(GMm,R2)＝mg，联立得v＝eq\r(\f(gR,2))，卫星的动能Ek＝eq\f(1,2)mv2＝eq\f(1,4)mgR，选项A正确，D错误；卫星运动的周期T＝eq\f(2πr,v)＝4πeq\r(\f(2R,g))，选项B正确；设卫星运动的加速度为a，则有eq\f(GMm,2R2)＝ma，联立得a＝eq\f(g,4)，选项C错误.11.如图6所示，一质量为M的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为m的小环，从大环的最高处由静止滑下，滑到大环的最低点的过程中(重力加速度为g)()图6A.小环滑到大圆环的最低点时处于失重状态B.小环滑到大圆环的最低点时处于超重状态C.此过程中小环的机械能守恒D.小环滑到大环最低点时，大圆环对杆的拉力大于(m＋M)g答案BCD解析小环滑到大圆环的最低点时，有竖直向上的加速度，由牛顿运动定律可知小环处于超重状态，同时知杆对大圆环的拉力大于(M＋m)g，由牛顿第三定律知，大圆环对杆的拉力大于(M＋m)g，故选项A错误，选项B、D正确.由于大环固定不动，对小环的支持力不做功，只有重力对小环做功，所以小环的机械能守恒，故选项C正确.12.图7甲为0.1kg的小球从最低点A冲入竖直放置在水平地面上、半径为0.4m的半圆轨道后，小球速度的平方与其高度的关系图像，如图乙所示.已知小球恰能到达最高点C，轨道粗糙程度处处相同，空气阻力不计.g取10m/s2，B为AC轨道中点.下列说法正确的是()图7A.图乙中x＝4B.小球从B到C损失了0.125J的机械能C.小球从A到C合外力对其做的功为－1.05JD.小球从C抛出后，落地点到A的距离为0.8m答案ACD解析当h＝0.8m时小球在C点，由于小球恰能到达最高点C，故mg＝meq\f(v\o\al(2,C),r)，所以veq\o\al(2,C)＝gr＝10×0.4m2·s－2＝4m2·s－2，故选项A正确；由已知条件无法计算出小球从B到C损失了0.125J的机械能，故选项B错误；小球从A到C，由动能定理可知W合＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,C)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,A)＝eq\f(1,2)×0.1×4J－eq\f(1,2)×0.1×25J＝－1.05J，故选项C正确；小球离开C点后做平抛运动，故2r＝eq\f(1,2)gt2，落地点到A的距离x1＝vCt，解得x1＝0.8m，故选项D正确.二、实验题(本题共2小题，共16分)13.(8分)如图8甲所示是某同学探究做圆周运动的物体质量、向心力、轨道半径及线速度关系的实验装置，圆柱体放置在水平光滑圆盘上做匀速圆周运动.力传感器测量向心力F，速度传感器测量圆柱体的线速度v，该同学通过保持圆柱体质量和运动半径不变，来探究向心力F与线速度v的关系：图8(1)该同学采用的实验方法为________.A.等效替代法B.控制变量法C.理想化模型法(2)改变线速度v，多次测量，该同学测出了五组F、v数据，如下表所示：v/(m·s－1)1.01.52.02.53.0F/N0.882.003.505.507.90该同学对数据分析后，在图乙坐标纸上描出了五个点.①作出F－v2图线；②若圆柱体运动半径r＝0.2m，由作出的F－v2的图线可得圆柱体的质量m＝_____kg.(结果保留两位有效数字)答案(1)B(2)①②0.1814.(8分)某课外活动小组利用竖直上抛运动验证机械能守恒定律.图9(1)某同学用20分度游标卡尺测量出小球的直径为1.020cm.图9所示弹射装置将小球竖直向上抛出，先后通过光电门A、B，计时装置测出小球通过A、B的时间分别为2.55ms、5.15ms，由此可知小球通过光电门A、B时的速度分别为vA、vB，其中vA＝________m/s.(2)用刻度尺测出光电门A、B间的距离h，已知当地的重力加速度为g，只需比较_____(用题目中涉及的物理量符号表示)是否相等，就可以验证机械能是否守恒.(3)通过多次实验发现，小球通过光电门A的时间越短，(2)中要验证的两数值差越大，试分析实验中产生误差的主要原因是________________________________________________.答案(1)4(4.0或4.00也对)(2)gh和eq\f(v\o\al(2,A),2)－eq\f(v\o\al(2,B),2)(3)小球上升过程中受到空气阻力的作用，速度越大，所受阻力越大解析(1)小球通过光电门可近似认为做匀速直线运动，所以vA＝eq\f(d,tA)＝eq\f(1.020cm,2.55ms)＝4m/s；(2)在验证机械能守恒定律时，要看动能的减少量是否等于势能的增加量，即gh＝eq\f(v\o\al(2,A),2)－eq\f(v\o\al(2,B),2)；(3)小球通过A的时间越短，意味着小球的速度越大，而速度越大受到的空气阻力就越大，损失的能量越多，动能的减少量和势能的增加量差值就越大.三、计算题(本题共3小题，共36分，解答时应写出必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)15.(10分)如图10所示，假设某星球表面上有一倾角为θ＝37°的固定斜面，一质量为m＝2.0kg的小物块从斜面底端以速度9m/s沿斜面向上运动，小物块运动1.5s时速度恰好为零.已知小物块和斜面间的动摩擦因数为0.25，该星球半径为R＝1.2×103km.试求：(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)图10(1)该星球表面上的重力加速度g的大小；(2)该星球的第一宇宙速度的大小.答案(1)7.5m/s2(2)3×103m/s解析(1)对物块受力分析，由牛顿第二定律可得－mgsinθ－μmgcosθ＝ma， ①a＝eq\f(0－v0,t)， ②由①②代入数据求得g＝7.5m/s2.(2)设第一宇宙速度为v，由mg＝meq\f(v2,R)得：v＝eq\r(gR)＝3×103m/s.16.(12分)如图11所示，摩托车做特技表演时，以v0＝10.0m/s的初速度冲向高台，然后从高台水平飞出.若摩托车冲向高台的过程以P＝4.0kW的额定功率行驶，冲到高台上所用时间t＝3.0s，人和车的总质量m＝1.8×102kg，台高h＝5.0m，摩托车的落地点到高台的水平距离x＝10.0m.不计空气阻力，g取10m/s2.求：图11(1)摩托车从高台飞出到落地所用的时间；(2)摩托车落地时速度的大小；(3)摩托车冲上高台过程中克服阻力所做的功.答案(1)1.0s(2)10eq\r(2)m/s(3)3.0×103J解析(1)摩托车在空中做平抛运动，设摩托车飞行时间为t1.则h＝eq\f(1,2)gteq\o\al(2,1)，t1＝eq\r(\f(2h,g))＝eq\r(\f(2×5.0,10))s＝1.0s(2)设摩托车到达高台顶端的速度为vx，即平抛运动的水平速度vx＝eq\f(x,t1)＝eq\f(10.0,1.0)m/s＝10.0m/s，竖直速度为vy＝gt1＝10.0m/s摩托车落地时的速度v＝eq\r(v\o\al(2,x)＋v\o\al(2,y))＝10eq\r(2)m/s.(3)摩托车冲上高台的过程中，根据动能定理：Pt－Wf－mgh＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,x)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)，代入数据解得Wf＝3.0×103J所以，摩托车冲上高台的过程中摩托车克服阻力所做的功为3.0×103J.17.(14分)为了研究过山车的原理，某物理小组提出了下列设想：取一个与水平方向夹角为θ＝60°、长为L1＝2eq\r(3)m的倾斜轨道AB，通过微小圆弧与长为L2＝eq\f(\r(3),2)m的水平轨道BC相连，然后在C处设计一个竖直完整的光滑圆轨道，出口为水平轨道上D处，如图12所示.现将一个小球从距A点高为h＝0.9m的水平台面上以一定的初速度v0水平弹出，到A点时速度方向恰沿AB方向，并沿倾斜轨道滑下.已知小球与AB和BC间的动摩擦因数