高中物理必修第三册综合检测题（二）解析

试卷第=page11页，共=sectionpages33页试卷第=page11页，共=sectionpages33页必修第三册综合检测题（二）解析学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列关于磁场的相关判断和描述正确的是（  ）A．甲图中导线所通电流与受力后导线弯曲的图示符合物理事实B．乙图中表示条形磁铁的磁感线从N极出发，到S极终止C．丙图中导线通电后，其正下方小磁针的旋转方向符合物理事实D．丁图中环形导线通电后，其中心位置小磁针的旋转方向符合物理事实2．人眼对绿光最为敏感，正常人的眼睛接收到波长为530nm的绿光时，只要每秒有6个绿光的光子射入瞳孔，眼睛就能察觉。普朗克常量为6.63×10－34J·s，光速为3.0×108m/s，则人眼能察觉到绿光时所接收到的最小功率是()A．2.3×10－18W B．7.0×10－10WC．3.8×10－19W D．1.2×10－18W3．特高压直流输电是国家重点能源工程。如图所示，两根等高、相互平行的水平长直导线分别通有方向相同的电流和，。a、b、c三点连线与两根导线等高并垂直，b点位于两根导线间的中点，a、c两点与b点距离相等，d点位于b点正下方。不考虑地磁场的影响，则（）A．b点处的磁感应强度大小为0B．d点处的磁感应强度大小为0C．a点处的磁感应强度方向竖直向下D．c点处的磁感应强度方向竖直向下4．如图两个线圈绕在同一根铁芯上，其中一线圈通过开关与电源连接，另一线圈与远处沿南北方向水平放置在纸面内的直导线连接成回路。将一磁针悬挂在直导线正上方，开关未闭合时小磁针处于静止状态。下列说法正确的是（）A．开关闭合后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动B．开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向里的方向C．开关闭合后的瞬间，小磁针的N极指向垂直纸面向外的方向D．开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动5．如图所示，水平金属板A、B分别与电源两极相连，带电油滴处于静止状态．现将B板右端向下移动一小段距离，两金属板表面仍均为等势面，则该油滴（

）A．仍然保持静止 B．竖直向下运动C．向左下方运动 D．向右下方运动6．如图甲所示，用充电宝为一手机电池充电，其等效电路如图乙所示。在充电开始后的一段时间t内，充电宝的输出电压U、输出电流I可认为是恒定不变的，设手机电池的内阻为R，则时间t内（）

A．充电宝输出的电功率为UI＋I2RB．充电宝产生的热功率为I2RC．手机电池产生的焦耳热为D．手机电池储存的化学能为UIt－I2Rt7．如图所示是使用静电计探究平行板电容器电容与哪些因素有关的实验装置。充电后的平行板电容器A板带正电且固定在绝缘支架上，用导线将A板与静电计的金属小球相连，将带负电的B板与静电计的金属外壳同时接地，要使静电计的指针张角变小，可采用的方法是（）A．A板位置不动，将B板向左移动 B．将玻璃板插入A板与B板之间C．A板位置不动，将B板稍微竖直向上平移 D．增大A板与B板之间的水平距离8．某些肿瘤可以用“质子疗法”进行治疗。在这种疗法中，为了能让质子进入癌细胞，首先要实现质子的高速运动，该过程需要一种被称作“粒子加速器”的装置来实现。质子先被加速到较高的速度，然后轰击肿瘤并杀死癌细胞。如图所示，来自质子源的质子（初速度为零），经加速电压为的加速器加速后，形成细柱形的质子流。已知细柱形的质子流横截面积为S，其等效电流为，质子的质量为，其电量为e，那么这束质子流内单位体积的质子数是（）A． B．C． D．9．麦克斯在前人研究的基础上，创造性地建立了经典电磁场理论，进一步揭示了电现象与磁现象之间的联系。他大胆地假设:变化的电场就像导线中的电流一样，会在空间产生磁场，即变化的电场产生磁场。以平行板电容器为例:圆形平行板电容器在充、放电的过程中，板间电场发生变化，产生的磁场相当于一连接两板的板间直导线通以充、放电电流时所产生的磁场。如图所示，若某时刻连接电容器的导线具有向上的电流，则下列说法中正确的是（）A．电容器正在放电B．两平行板间的电场强度E在增大C．该变化电场产生顺时针方向（俯视）的磁场D．两极板间电场最强时，板间电场产生的磁场达到最大值二、多选题10．如图所示电路中，电源内阻忽略不计，R0为定值电阻，Rm为滑动变阻器R的最大阻值，且有；开关S1闭合后，理想电流表A的示数为I，理想电压表V1、V2的示数分别为U1、U2，其变化量的绝对值分别为△I、△U1、△U2。则下列说法正确的是（

）A．断开开关S2，将R的滑动触片向右移动，则电流A示数变小、电压表V2示数变小B．保持R的滑动触片不动，闭合开关S2，则电流表A示数变大、电压表V1示数变小C．断开开关S2，将R的滑动触片向右移动，则滑动变阻器消耗的电功率减小D．断开开关S2，将R的滑动触片向右移动，则有11．如图，已知某匀强电场方向平行于正六边形ABCDEF所在平面。已知A、B、C、D点的电势分别为15V、12V、6V、3V。现有一电荷量为3e的带电粒子（不计重力）从A点以初动能12eV沿AC方向射入电场，恰好经过B点。下列说法正确的是（）A．粒子一定带正电B．粒子达到B点时的动能为3eVC．若只改变该粒子在A点时的初速度方向，粒子可能经过C点D．若只改变该粒子在A点时的初速度方向，粒子可能垂直经过直线BF12．如图所示，空间分布着匀强电场，竖直方向的实线为其等势面，一质量为，带电量为的小球从O点由静止开始恰能沿直线OP运动，且到达P点时的速度大小为，重力加速度为（规定O点的电势为零），下列说法正确的是（）A．电场强度的大小 B．P点的电势C．P点的电势能 D．小球机械能的变化量为三、实验题13．张明同学在测定某种合金丝的电阻率时：（1）用螺旋测微器测得其直径为mm（如图甲所示）；（2）用20分度的游标卡尺测其长度为mm（如图乙所示）；（3）用图丙所示的电路测得的电阻率将比真实值（填“偏大”或“偏小”）。14．某同学制作了一个简单的多用电表，图甲为电表的电路图．已知选用的电流表内阻Rg＝5Ω、满偏电流Ig＝25mA，当选择开关接3时为量程100V的电压表．该多用电表表盘如图乙所示，下排刻度均匀，C为上排刻度线的中间刻度，由于粗心，上排刻度线对应数据没有标出．（1）若指针指在图乙所示位置，选择开关接1时其读数为；选择开关接3时其读数为．（2）为了测该多用电表电阻挡的电阻和表内电源的电动势，这位同学在实验室找到了一个电阻箱，设计了如下实验：①将选择开关接2，红黑表笔短接，调节R1的阻值使电表指针满偏；②将电表红黑表笔与电阻箱相连，调节电阻箱使电表指针指C处，此时电阻箱的示数如图丙，则C处刻度应为Ω；③计算得到多用电表内电池的电动势为V；（保留两位有效数字）（3）调零后将电表红黑表笔与某一待测电阻相连，若指针在图乙所示位置，则待测电阻的阻值为Ω.（保留两位有效数字）四、解答题15．如图所示，有一垂直纸面向里的匀强磁场，B＝0.8T，磁场有明显的圆形边界，圆心为O，半径为1cm，现于纸面内先后放上圆线圈A、B、C，圆心均在O处，A线圈的半径为1cm，10匝；B线圈的半径为2cm，1匝；C线圈的半径为0.5cm，1匝，问：（1）在B减为0.4T的过程中，A和B中磁通量改变多少？（2）在磁场转过30°角的过程中，C中磁通量改变多少？16．如图所示，电源电动势E=12V，电源内阻r=0.5Ω。定值电阻R1=5.5Ω，R2=12.0Ω。求:(1)闭合开关S后，求流过电源的电流；(2)若在ab之间接一个C=200μF的电容器，闭合开关S，电路稳定后，求电容器上所带的电量。17．如图所示，水平放置的平行板电容器，两板间距d=8cm，板长L=25cm，接在直流电源上。一个带电油滴以v0=0.5m/s的初速度从板间的正中央水平射入，恰好做匀速直线运动，当它运动到P处时迅速将下板向上提起△d=cm，油滴刚好从金属板末端飞出，g取10m/s2。求：(1)将下板向上提起后，平行板电容器内部电场强度E/与原电场强度E的比值；(2)将下板向上提起后，液滴的加速度大小；(3)油滴从射入电场开始计时，匀速运动到P点所用时间18．如图所示，A、B是两个带等量异种电荷的点电荷，固定于同一条竖直线上，电荷量大小均为Q，其中A带正电荷，B带负电荷，A、B相距为2d。MN是竖直放置的光滑绝缘细杆，另有一个穿过细杆的带电小球P，质量为m、电荷量为+q（可视为点电荷），现将小球P从与点电荷A等高的C处由静止开始释放，小球P向下运动到距C点距离为d的D点时，速度为v。已知MN与AB之间的距离为d，静电力常量为k，重力加速度为g，若取无限远处的电势为零，求：（1）小球P经过D点时的加速度大小和方向；（2）在A、B所形成的电场中，C的电势；（3）设电荷量大小为Q的孤立点电荷产生的电场中，距离点电荷为r处的电势，如果在小球P经过与点电荷B等高的E点时撤去A，求小球P经过E点下方距E点距离为d的F点（图中未标明）时的动能。答案第=page11页，共=sectionpages22页答案第=page11页，共=sectionpages22页《《学易精品课程》必修第三册期末综合检测题（提升版）-新人教版必修第三册》参考答案题号12345678910答案CACADDBDBAD题号1112答案BDBD1．C【详解】A．根据安培定则，同向电流相互吸引，异向电流相互排斥，故A错误；B．磁感线是闭合曲线，在磁体内部从S极指向N极，故B错误；C．根据右手螺旋定则，直导线下方有垂直纸面向里的磁场，N极向纸面内转动，故C正确；D．根据右手螺旋定则，如图丁所示的环形导线内部有垂直纸面向外的磁场，N极向纸面外转动，故D错误。故选C。2．A【详解】绿光光子能量每秒钟最少有6个绿光的光子射入瞳孔才能被入察觉，所以故选A。3．C【详解】A．通电直导线周围产生磁场方向由右手螺旋定则判断，在b点产生的磁场方向向上，在b点产生的磁场方向向下，因为即则在b点的磁感应强度不为零，故A错误；B．由于可知电流产生的磁场在d处的磁感应强度大，则d点处的磁场磁感应强度不可能为零，故B错误；C．由右手螺旋定则可知，两电流产生的磁场在a处都是竖直向下，则两电流的合磁场在a处方向竖直向下，故C正确；D．由右手螺旋定则可知，两电流产生的磁场在c处都是竖直向上，则两电流的合磁场在c处方向竖直向上，故D错误。故选C。4．A【详解】AC．干电池开关闭合后的瞬间，根据楞次定律，左边线圈中产生电流，电流的方向由南到北，根据安培定则，直导线上方的磁场方向垂直纸面向里，则小磁针N极向纸里偏转，故A正确C错误；B．干电池开关闭合并保持一段时间后，根据安培定则，可知，左边线圈中有磁通量，却不变，因此左边线圈中不会产生感应电流，那么小磁针也不会偏转，故B错误；D．干电池开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，由A选项分析，可知，根据楞次定律，左边线圈中产生电流，电流的方向由北到南，根据安培定则，直导线上方的磁场方向垂直纸面向外，则小磁针N极朝垂直纸面向外的方向转动，故D错误。故选A。5．D【详解】本题考查平行板电容器的电场及电荷受力运动的问题，意在考查考生分析问题的能力．两极板平行时带电粒子处于平衡状态，则重力等于电场力，当下极板旋转时，板间距离增大场强减小，电场力小于重力；由于电场线垂直于金属板表面，所以电荷处的电场线如图所示，所以重力与电场力的合力偏向右下方，故粒子向右下方运动，选项D正确．点睛：本题以带电粒子在平行板电容器电场中的平衡问题为背景考查平行板电容器的电场及电荷受力运动的问题，解答本题的关键是根据电场线与导体表面相垂直的特点，B板右端向下，所以电场线发生弯曲，电场力方向改变．6．D【详解】A．充电宝的输出电压为U、输出电流为I，所以充电宝输出的电功率为故A错误；B．手机电池充电电流为I，所以手机电池产生的热功率为而充电宝的热功率应为充电宝的总功率减去输出功率，根据题目信息无法求解，故B错误；C．由于手机电池是非纯电阻元件，所以不能用计算手机电池产生的焦耳热，手机电池产生的焦耳热为故C错误；D．充电宝输出的电能一部分转化为手机电池的化学能，一部分转化为手机电池的内能，故根据能量守恒定律可知手机电池储存的化学能故D正确。故选D。【点睛】手机电池属于非纯电阻元件。注意非纯电阻元件和纯电阻元件在计算电功即电功率的区别。7．B【详解】A．A板位置不动，将B板向左移动，即增大A板与B板之间的水平距离，根据电容的决定式可知电容减小，而电容器的电量不变，根据电容的定义式可知板间电势差增大，则静电计指针张角变大，故A错误；B．将玻璃板插入A板与B板之间，根据电容的决定式可知电容增大，而电容器的电量不变，根据电容的定义式可知板间电势差减小，则静电计指针张角变小，故B正确；C．A板位置不动，将B板稍微竖直向上平移，两极板正对面积减小，根据电容的决定式可知电容减小，而电容器的电量不变，根据电容的定义式可知板间电势差增大，则静电计指针张角变大，故C错误；D．增大A板与B板之间的水平距离，根据电容的决定式可知电容减小，而电容器的电量不变，根据电容的定义式可知板间电势差增大，则静电计指针张角变大，故D错误。故选B。8．D【详解】质子加速过程有根据电流的微观定义式有解得故选D。9．B【详解】A．电容器内电场方向向上，下极板带正电，根据电流的方向，正电荷正在流向下极板，因此电容器处于充电过程，选项A错误；B．电容器的带电量越来越多，内部电场强度越来越大，选项B正确；C．该变化电场产生磁场方向等效成向上的电流产生磁场的方向，根据右手螺旋定则可知，电场产生的磁场逆时针方向（俯视），选项C错误；D．当两极板间电场最强时，电容器充电完毕，回路的电流最小，因此产生的磁场最小，选项D错误。故选B。10．AD【详解】A．断开开关S2，将滑片向右移动时，接入电路电阻增大，电路总电阻增大，则由闭合电路欧姆定律可知，干路电流减小，电流表A示数减小，电压表V2减小，故A正确；B．保持的滑动触片不动，闭合开关S2，被短路，电路总电阻减小，干路电流增大，电流表示数A增大；而，可知电压表V1示数增大，故B错误；C．当滑动变阻器的电阻等于等效电源的内阻时滑动变阻器的阻值时，滑动变阻器的功率达到最大，断开开关S2，将的滑动触片向右移动，由于，所以滑动变阻器的功率一直在增大，故C错误；D．由可知：由可知：故D正确；故选AD。11．BD【详解】A．因C点电势比D点高3V，可知A点电势比F点高3V，即F点电势为12V，则BF为等势面，场强方向垂直于BF斜向上，即沿着AD方向，由于带电粒子从A点沿AC方向射入电场，恰好经过B点，可知粒子带负电，选项A错误；B．粒子从A点射入，从B点射出时，由于粒子只有电场力做功，则动能与电势能之和守恒，则15V×(-3e)+12eV=12V×(-3e)+EkB解得EkB=3eV选项B正确；C．根据能量关系，假设粒子能经过C点，则15V×(-3e)+12eV=6V×(-3e)+EKc解得EkC=-15eV不符合实际，则粒子不可能经过C点，选项C错误；D．因场强方向垂直于BF，则若粒子从A点沿场强方向射出，则粒子能垂直经过直线BF，选项D正确。故选BD。12．BD【详解】A．小球沿直线OP运动，合力沿OP方向，如图所示则有解得，故A错误；BC．设OP=L，根据动能定理得解得电场力做功根据解得根据且，解得则P点的电势能为故B正确，C错误；D．小球机械能的变化量等于电场力做的功，为故D正确。故选BD。13．3.20550.15偏小【详解】(1)[1]直径为(2)[2]长度为(3)[3]由于电压表分流，导致电流表测量结果偏大，根据欧姆定律得电阻测量结果偏小，根据电阻定律得电阻率偏小。14．17.3mA（17.2～17.4mA）69V1503.870（67～71）【详解】（1）[1]选择开关接1时测电流，其分度值为0.5mA，示数为17.3mA；[2]选择开关接3时测电压，其分度值为2V，其示数为69V；（2）[3]②由图丙所示电阻箱可知，电阻箱示数为：0×1000Ω＋1×100Ω＋5×10