2026届咸宁市重点中学中考联考物理试卷含解析

2026届咸宁市重点中学中考联考物理试卷注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．汽油机在压缩冲程中，汽缸中空气的温度、内能和体积的变化情况是A．温度升高，内能增加，体积减小B．温度升高，内能增加，体积增大C．温度降低，内能减少，体积减小D．温度降低，内能减少，体积增大2．以下操作中，不能改变音调的是A．改变钢尺伸出桌面长度，再次拨动钢尺B．改变杯内水量，再次用湿手摩擦杯口C．改变用力大小，拨动同一根琴弦D．改变管内水量，再次对着试管口吹气3．如图所示，拉力F=125Ｎ，在10s内将重物匀速提升2m，滑轮组的机械效率是80%．则下列说法正确的是（）A．绳子自由端移动距离为6m B．物体重是375ＮC．拉力F做的功是250Ｊ D．拉力F的功率为25W4．下列有关物理量的估计，符合实际的是A．你所在考场的声音约为70

dB B．你所在考场的温度约为50℃C．你所在考场课桌的高约为80

cm D．你正常行走的速度约为5

m/s5．如图所示，电磁铁的左下方有一铁块，在弹簧测力计作用下向右作匀速直线运动．当铁块从电磁铁的左下方运动到正下方的过程中，同时滑动变阻器上的滑片逐渐向上滑动，下列判断正确的是A．电磁铁的上端是N极，下端是S极B．电磁铁的磁性逐渐减弱C．铁块对地面的压强逐渐减小D．地面对铁块的摩擦力逐渐增大6．如图所示，在试管内用塞子密封有少量的水，用酒精灯进行加热，下列说法正确的是A．塞子跳出前，发现水已沸腾，这时水的沸点为100℃B．塞子跳出前，水的温度升高，是通过做功改变了它的内能C．塞子跳出时，看到试管口处有白雾，这是汽化现象D．塞子被推出试管口的过程与内燃机做功冲程的能量转化情况相同7．在平直轨道上匀速行驶的火车内，放在小桌上的茶杯相对于下列哪个物体是运动的？A．这列火车的车厢 B．坐在车厢椅子上的乘客C．从旁边走过的列车员 D．关着的车门二、填空题（本大题7小题，共21分）8．平静湖面的上空，一只鸟正冲向水面捕食，它在湖水中的像是_____像（选填“虚”或“实”），鸟在向下俯冲的过程中，像的大小___________（选填“逐渐变大”、“逐渐变小”或“不变”）．9．如图所示，当电源开关接通后，会发现小磁针的北极向_______（填“左或“右”）偏转，这说明通电螺线管周围存在_______；同时发现可移动的A、B两螺线管相互_______（填“靠近”或“远离”）10．在某些干早缺水的地区，人们常采用如图所示的方法收集土壤中的水分．土壤中的水分在接触塑料薄膜前发生了______填写物态变化名称现象；水蒸气在塑料薄膜下凝结成水珠过程中，______填“吸收”或“放出”热量．11．风力发电机将风能转化为电能，风能属于_____再生能源．若一台风力发电机一天发电9.2×109J，这些能量相当于完全燃烧_____kg的汽油放出的热量（q汽油=4.6×107J/kg）．12．如图所示，在热水和冷水中分别滴入一滴红墨水，观察到的现象是_____，实验可以说明物体的内能与_____有关。一段时间后，热水温度会明显降低，原因是_____。13．一束光线从空气射到某透明的介质中，测得反射光线与人射光线的夹角是90°，折射光线与反射光线夹角为105°,则反射角的大小为________，折射角的大小为_______．14．太阳是人类能源的宝库。太阳能电池板，将太阳能转化为电能，并能给蓄电池充电，将电能转化为__________能储存起来；太阳能集热器给水箱中的水加热，如果水箱中有100kg水，经过一段时间照射后，温度由20℃升高到56℃，水吸收的热量是__________J；如果改用燃烧天然气提供热量，且天然气完全燃烧放出热量的50%被水吸收，则需燃烧天然气__________m3(c水=4.2×103J/(kg·℃)，q天然气=7.2×107J/m3)。三、作图题（共7分）15．在图中根据通电螺线管的S极，标出磁感线方向、小磁针的N极和电源的正、负极。（_______）16．如图传动装置．甲是由电机带动的逆时针转动的主动轮，乙是从动轮重20N．皮带与轮子之间无打滑现象，轮子与皮带A处的摩擦力大小为8N，请在皮带A处作出这个力和乙轮受到的重力的示意图．（________）17．在图中用箭头标出磁感线的方向和电源的正、负极．（______）四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．小明同学在探究影响浮力大小的因素时，做了如图所示的实验．请你根据小明的实验探究回答下列问题．在C与E两图中，保持了排开液体的体积不变，研究浮力与_______的关系；根据A与E两图所标的实验数据，可知物体浸没在盐水中所受的浮力为________N．小明对ABCD四个步骤进行了观察研究，发现浮力的大小有时与深度有关，有时与深度又无关．对此正确的解释是浮力的大小随着排开水的体积的增大而_________，当物体完全浸没在水中后排开水的体积相同，浮力的大小与深度___________．在小明实验的基础上，根据有关实验数据，可以计算出盐水的密度为____kg/m1．19．某小组同学在用杠杆测定机械效率的实验中（一）小敏用如图所示的实验装置测定杠杆的机械效率．实验时，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使挂在杠杆下面的钩码缓缓上升．（1）实验中，测力计的示数F为______N，钩码总重G为1.0N，钩码上升高度h为0.1m时，C点上升了30cm，则杠杆的机械效率为________%．（2）实验中若提升的钩码重一定，则影响杠杆机械效率的主要因素是______________．（3）若只将钩码的悬挂点由A移至B，仍将钩码提升相同的高度，则杠杆的机械效率将_________（选填“变大”、“变小”或“不变”）．（二）小王用如图所示的另一实验装置测量杠杆的机械效率．O为杠杆的转轴，不计摩擦．实验时，给B端施加竖直向下的力，使挂在杠杆A端的钩码缓缓上升．（图中杠杆为质量分布均匀的直棒）下表是提升物体时采集到的数据:实验序号物重G（N）拉力（N）A端上升的高度h/mB端下降的高度s/m杠杆的效率1250.040.022490.040.0289%3250.060.0380%46130.040.0292%（1）第①组实验中，杠杆的机械效率为_________．（2）由________三组实验，可以初步得出的结论:相同的杠杆，提升的物体越重效率越高．（3）该实验中杠杆的效率总小于100%的原因是杠杆有自重，分析实验数据可知道杠杆的自重为_______N．20．小康组用一只标有3.8V字样的小灯泡练习测定小灯泡的电功率．小灯泡的额定功率估计在1W左右．（1）请用笔画线代替导线，完成实物电路的连接（要求：连线不得交叉）．（______）（2）电路连接完毕后，闭合开关前滑动变阻的滑片P应置于______（选填“左”或“右”）端．（3）闭合开关，发现灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数，任意移动滑动变阻器的滑片，电压表示数不变．经检查电路连接无误，且导线无接触不良之处，产生这种故障原因是_________．（4）排除故障后，为测定小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器的滑片，使得电压表示数为________V．此时电流表示数如图所示，此灯泡的额定功率是________．（保留两位小数）（5）她们还利用上述实验装置测量了小灯泡的电阻，并且为了减小误差，测量三次，取平均值．你认为她们这样做，有何不妥_____________________．21．某班同学到实验室做“测定小灯泡额定功率”的实验。被测小灯泡的额定电压为，电阻约为。实验室有如下器材：电源（电压为）、电流表（）、电压表（）、开关各一个，导线若干，滑动变阻器三只：、、同学们设计的电路如图所示：电压表应选用_____挡，滑动变阻器应选用_____（选填“”、“”、“”）请用笔画线代替导线，根据甲图将图乙的实物电路连接完成。实验电路接好后，合上开关时，部分同学发现电路出现故障，主要有下表所列的两种情况，请根据现象和检测结果指出故障的可能原因：故障现象检测故障原因灯泡较暗、两表的示数均较小移动滑动变阻器滑片，现象不变_____灯泡不亮、电压表示数较大、电流表无示数取下灯泡，两表的示数不变_____（4）下表为某小组的实验记录分析表：实验序号电压表示数电流表示数电功率额定功率13.00.361.0823.80.41.5234.50.421.89老师认为该小组数据处理过程有误，你认为错误之处是：_____，小灯泡额定功率正确测量结果是_____.22．某同学用焦距为的凸透镜做“探究凸透镜成像的规律”的实验：（1）如图所示，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，即物距=_____，要使烛焰在光屏上成清晰的像，光屏应______（选填“靠近凸透镜”“远离凸透镜”或“保持在原位置”），此时光屏上成的像应是______（选填“放大”“等大”或“缩小”）的．这是______（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）的原理．（2）上述实验中，蜡烛依然保持在光具座上的10处，将凸透镜和光屏分别移至25、55处，光屏上又可以得到一个清晰的像．保持蜡烛和光屏位置不变，若想光屏上再次呈现清晰的像，应将凸透镜移至_____处．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．如图所示，电源电压恒定不变，R1＝20Ω，当只闭合开关S时电流表示数为0.1A，当再将开关S1闭合时，电流表的示数变化了0.3A，求：电源电压电阻R2的阻值在两开关都闭合时，半分钟内整个电路产生的热量24．如图所示,电路的电源电压和灯泡电阻不变,R1=5Ω,灯L标有"8V10Ω"字样，电流表量程为0～3A,电压表的量程为0～3V,滑动变阻器R2标有“45Ω2A”字样．（1）只闭合S1时,电流表的示数为0.6A,求电源电压．（2）闭合S1、S2、S3,滑片移到b端时,滑动变阻器R2消耗的电功率．（3）只闭合S2时,在保证电路安全的情况下,求变阻器连入电路的阻值范围．六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25．扫地机器人是智能家用电器的一种，正逐渐进入我们的生活。机器人通过电动机旋转产生高速气流，将灰尘、杂物吸人集尘盒；其防滑轮皮采用凸凹材质制成；底部安装有塑料刷，用于清扫吸附在地板上的灰尘及轻小物体；前端装有感应器，通过发射、接收超声波或红外线来侦测障碍物。当剩余电量减为电池容量的20%时，机器人会主动寻找充电器充电。如图所示，是一款集自动清扫技术和人工智能设计于一体的地面清扫机器人。小华在室外运动场上试用中发现，该机器人在1min内沿直线匀速清扫的距离为15m，若它在运动中所受阻力为120N，问：机器人工作时，主机内部的气压________(选填“大于”“小于”或“等于”)大气压而产生吸力；此机器人在清扫地面时运动的速度为多大_________?此过程中机器的水平推力所做的功及功率分别是多大____________?若此时机器人的电功率为40W，则机器人工作时的效率为多大___________?26．如图所示是深受年轻人喜爱的电动平衡车．平衡车夜晚行驶时，车身有LED灯提示，LED灯采用__（选填“导体”“半导体”或“绝缘体”）制造．平衡车采用锂电池组，行驶时电动机把__能转化为平衡车的机械能，实现了碳的零排放；平衡车在行驶过程中，以车为参照物，车上的人是__的；平衡车的轮胎表面有凹凸不平的花纹，是为了__（选填“增大”或“减小”）车轮与地面的摩擦力，防止平衡车打滑．平衡车刹车的过程，伴随着能量从机械能转化为内能，内能散失到空气中，此过程中所有的能量总和__（选填“增大”“减小”或“不变”）．散失到空气中的内能无法自动转化为机械能再用来驱动车子，这是因为能量的转移和转化具有__性．27．饮水机是一种常用的家用电器，图甲为饮水机结构剖面图，其加热水槽部分工作原理电路图如图乙所示，其中S是温控开关，R1是加热电阻，R2是定值电阻．当饮水机处于加热状态时，水被迅速加热，达到预定温度时，S自动切换到另处于保温状态.请回答下列问题：（1）当开关S与________接触时，此时饮水机处于保温状态．（2）若饮水机加热时加热管的功率为550W，而保温时加热管的功率为88W，求电阻R2的阻值____（不考虑温度对阻值的影响，且不计指示灯的阻值）．（3）如图甲控水槽内浮体A与阀门C固定相连，当A恰好浸没时阀门C关闭，A未浸没时C略有下降，桶内水流入控水槽中．己知浮体A的体积为55cm3，阀门C的横截面积为1cm2；浮体A与阀门C共重0.15N，（不计大气压强）．求：①浮体A浸没时所受浮力为多大？______②桶内水位的最大高度是多少？__________

参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、A【解析】

汽油机在压缩冲程中，气缸中空气的温度升高、内能增加和体积变小，故应选A．2、C【解析】

A．钢尺伸出桌面的长度不同振动的频率不同，则音调不同，故A不符合题意；B．用湿手摩擦杯口，水量不同振动的频率不同，发生的音调不同，故B不符合题意C．改变用力大小，拨动同一根琴弦，改变的是振幅，振幅不同，则响度不同，故C符合题意；D．对着试管口吹气，管内水量不同振动的快慢不同，所以声音的音调不同，即可以改变发声的音调，故D不符合题意；3、A【解析】

A．绳子自由端移动距离S=nh=3×2m=6m，故A正确．B．W总=F×S=125N×3×2m=750J，W有用=W总×80%=600J，G物===300N，故B不正确．C．W总=F×S=125N×3×2m=750J，故C不正确．D．P===75W，故D不正确．4、C【解析】A.70dB影响同学们的考试，因此所在考场的声音不能超过70dB，约为30∼40dB，故A错误；B.夏天所在考场的温度约为34℃左右，冬天约为20℃左右，不可能达到40℃，故B错误；C.考场课桌内的高约为80cm，故C正确；D.成人正常行走的速度约为1.2m/s，故D错误．故选C.5、C【解析】

A、由安培定则，右手弯曲的四指指向电流方向，大拇指方向就是N极，可以判断，电磁铁的下端是N极，上端是S极，故A错误；B、由电路图知，滑片逐渐向上滑动，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路电流变大，通过电磁铁的电流逐渐增大，电磁铁的磁性逐渐增强，故B错误；C、电磁铁磁性增强，当铁块逐渐运动到其下方时会受到的吸引力变大，使铁块对桌面的压力减小，在接触面积不变的情况下，压强减小，故C正确；D、铁块因被电磁铁吸引而压力减小，在接触面粗糙程度不变的情况下，摩擦力也跟着减小，故D错误．故选C．【点睛】右手螺旋定则应用时，要注意四指弯曲指向电流的方向，千万不要理解成线圈的绕向，有同学容易在这点混淆，有个简单的方法，即使用右手螺旋定则前先把电流方向标在线圈上．6、D【解析】

A、水沸腾后，继续加热，管内气压迅速增大、沸点升高，此时水的温度会高于100℃，故A错误；B、塞子跳出前，水的温度升高，是通过热传递增加了它的内能，故B错误；C、木塞冲出的过程中，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，同时水蒸气的内能减小、温度降低，液化为小水珠漂浮在空中，形成“白雾”，故C错误；D、内燃机的做功冲程过程中将内能转化为机械能，木塞冲出的过程中，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，能量转化情况与内燃机做功冲程相同，故D正确。7、C【解析】

车厢小桌上的茶杯与火车的车厢、坐在车厢椅子上的乘客、关着的车门之间的位置没有发生变化，所以以火车的车厢、坐在车厢椅子上的乘客、关着的车门为参照物，它是静止的；以从桌旁走过的列车员为参照物时，茶杯与列车员之间的位置发生变化，所以茶杯相对于列车员是运动的，故C正确。故答案为C。二、填空题（本大题7小题，共21分）8、虚不变【解析】

平面镜成像的实质是光的反射，像点是反射光反向延长线的交点，而不是实际的光线交点，所以是虚像，平面镜成像是等大的正立的虚像，像大小等于物体本身，所以大小不变．9、左磁场靠近【解析】

根据右手定则判断两个通电螺线管的极性；根据磁极间的相互作用判断小磁针的指向及两螺线管的运动情况。【详解】对于B螺线管，根据右手定则，伸出右手四指弯曲指向电流的方向，则大拇指所指的方向为磁场的N极，所以它的右端为N极左端为S。同样，对于A螺线管，根据右手定则可判断出螺线管的右端为N极，左端为S。所以两个螺线管相靠近的一端为异名磁极，相互吸引，故可移动的A、B两螺线管相互靠近。由于通电螺线管相当于条形磁铁，周围存在着磁场，又A螺线管的左端为S，根据磁极间的相互作用，小磁针的N极会向左偏转。【点睛】要确定小磁针的转动方向，首先要判断螺线管的N、S极。本题也可根据螺线管周围磁场的方向判断小磁针N极的指向。10、汽化放出【解析】

[1]根据题意，塑科薄膜盖住坑口，土壤中的水分会汽化（蒸发）变为水蒸气；[2]水蒸气在塑料薄膜下凝结成水珠，是液化过程，液化过程放热．这样水被聚焦起来．【点睛】重点是汽化和液化的物态变化过程，除了要记清楚六个物态变化的过程谁吸热、谁放热，还要多了解一些物态变化在生活生产中的应用，体会物理知识与生活的紧密联系．11、可200【解析】风能属于可再生能源；若一台风力发电机一天发电9.2×109J，这些能量相当于完全燃烧m=Q/q=9.2×109J/（4.6×107J/kg）=200kg的汽油放出的热量。12、热水中的红墨水扩散得快温度热水与外界发生了热传递【解析】

在热水和冷水中分别滴入一滴红墨水，由于分子在不停地做无规则运动，两杯水最终都要变红，但两杯水的温度不同，可以看到热水中的红墨水扩散的快，说明温度越高分子运动的越快，还可以说明物体的内能与温度有关，同一物体的温度越高，内能越大；热水与周围空气的温差大，热水向周围温度较低的空气中散热，所以热水温度会降低，内能减小。13、45°30°【解析】

根据光的反射定律和折射的规律作图如下：设入射角为α，折射角为β，则∠AOD=∠DOB=α.由题意知，反射光线与入射光线间的夹角为90°，则反射角等于×90°=45°，则由题意知180°−α−β=110°，则β=180°−105°−45°=30°14、化学1.512×1070.42【解析】太阳是人类能源的宝库。太阳能电池板，将太阳能转化为电能，并能给蓄电池充电，充电时将电能转化为化学能储存起来；太阳能集热器给水箱中的水加热，如果水箱中有100kg水，经过一段时间照射后，温度由20℃升高到56℃，水吸收的热量是：Q吸天然气完全燃烧放出热量的50%被水吸收，天然气放出的热量为：Q放需要燃烧的天然气为：V=Q点睛：重点是吸热公式和热值公式的应用，注意公式应用时单位要统一，一般都使用主单位，特别是热值公式应用时，有时要用到体积，有进要用到质量，要统一单位后再计算。三、作图题（共7分）15、【解析】

已知螺线管左端为S极，右端为N极，由安培定则可知电流由左侧流入，故电源左侧为正极；外部磁感线由N极指向S极，则磁感线方向向左，由磁极间的相互作用可知小磁针的右端为N极，左端为S极，如图所示：16、【解析】

A点位置在与主动轮接触的皮带上,轮子带着传送带运动,故传送带相对轮子有向左运动的趋势,可以知道此处静摩擦力方向向右，作用点在A点;重力的方向竖直向下，作用点在乙轮的重心，如图所示：17、【解析】

如图，小磁针静止时的左端为N极，根据异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，则通电螺线管的右端为S极，左端为N极．根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的左端，即N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，故电源的右端为正极，左端为负极．如图：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、液体密度2.4增大无关1.2×101【解析】

(1)[1]观察C与E两图，发现只有物体浸入液体的密度发生了变化，故它研究的是浮力的大小与液体密度的关系；[2]根据A与E两图可知，物体在空气中时测力计的示数为8N，在盐水中测力计的示数为5.6N，故物体在盐水中受到的浮力为F浮盐=8N－5.6N=2.4N；(2)[1][4]浮力的大小随着排开水的体积的增大而增大，当排开水的体积相同时，浮力的大小与深度无关；(1)[5]由图C可知，物体全部浸没在水中时的测力计示数为6N，太可计算出物体在水中时的浮力为F浮水=8N－6N=2N，则由F浮盐=2.4N，可得ρ盐水gV排=2.4N，由F浮水=2N，可得ρ水gV排=2N，联立两式，解之得ρ盐水=1.2×101kg/m1．19、0.566.7%杠杆的重力变大80%1、2、42【解析】

（一）（1）由图可知，弹簧测力计的分度值是0.1N，所以它的示数是0.5N．在实验过程中，有用功是：，总功是：，所以杠杆的机械效率是：；（2）有用功是提升钩码所做的功，额外功主要是克服杠杆重力做的功，影响机械效率的因素主要是有用功和总功所占的比例；提升的钩码重一定说明有用功一定，所以影响杠杆机械效率的主要因素是杠杆自身的重力；（3）钩码的悬挂点在A点移到B点时，O点C点位置不变，仍将钩码提升相同高度，有用功不变；额外功是提升杠杆做的功，悬挂点A移到B后杠杆实际提升高度变小，所以额外功变小，总功变小，因此杠杆的机械效率变大．（二）（1）第①组实验中，杠杆的机械效率为:（2）根据控制变量法思想，为了比较同一杠杆在提升物体时机械效率与物重大小的关系，应保持物重大小不同，但提升物体高度必须相同的三组实验进行比较，所以只有1、2、4三组实验符合题意；（3）假设杠杆自重为G杆，因为杠杆为质量分布均匀的直棒，所以它重心O′在杆的几何中心处，则以第三组实验数据为例，W有=G物hA=2N×0.06m=0.12J，W总=FhB=5N×0.03m=0.15J，W额=W总-W有=0.15J-0.12J=0.03J；根据OA与OB所在的两个三角形相似的几何关系可知LOA：LOB=hA:hB=2:1，，所以其重心在杆的中点位置处，因为LOA：LOB=2:1，可以设LOA=2l，LOB=l，又所以可推知该重心O′到O的距离为0.5l，则LO′O：LOB=0.5l：l=1:2，根据几何关系可知重心O′垂直上升高度为B下降高度的一半即0.015m，则W额=0.015m×G杆=0.03J，所以G杆=2N；20、右灯泡断路3.81.22W因为灯丝的电阻受温度的影响，灯丝在不同温度下的电阻的真实值不同，实验误差不是主要原因，因此不能取平均值作为小灯泡的电阻【解析】

(1)由P=UI可知灯泡正常发光时的电流约为I===0.26A，因此电流表应选0∼0.6A量程．灯泡额定电压是3.8V，电压表选0∼15V量程，把灯泡、电流表串联接入电路，电压表并联在灯泡两端，电路图如图所示：；(2)由电路图可知，闭合开关前，滑片应移到B端，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大；(3)连好电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，但电压表有示数，说明在电压表两接线柱之间的电路是断路，所以出现故障的原因可能是灯泡断路；(4)灯泡正常发光时的功率为额定功率，调节滑动变阻器的滑片，使得电压表示数为3.8V时灯泡正常发光．电流表量程为0−0.6A，分度值为0.02A，电流表示数为0.32A；该小灯泡的额定功率为为：P=UI=3.8V×0.32A≈1.22W；(5)因为灯丝的电阻受温度的影响，灯丝在不同温度下的电阻的真实值不同，实验误差不是主要原因，因此不能取平均值作为小灯泡的电阻．21、0～15V见解析滑动变阻器同时接到下面两个接线柱灯泡断路额定功率计算错误1.52【解析】

（1）灯泡额定电压是3.8V，因此电压表应选0～15V量程；灯泡正常工作时，电路电流约为，滑动变阻器两端电压为：U′＝U﹣UL＝6V﹣3.8V＝2.2V。所以滑动变阻器电阻为：，所以滑动变阻器应选R2（10Ω0.5A）。（2）由甲图可知，滑动变阻器滑片右侧电阻线连入电路中，所以应将下接线柱B连入电路。电路图如下：（3）①灯泡较暗、两表的示数均较小，移动滑动变阻器滑片，现象不变，故障原因是：滑动变阻器同时接到下面两个接线柱；②灯泡不亮、电压表示数较大、电流表无示数，取下灯泡，两表的示数不变故障原因是：灯泡断路。（4）由表格可知，该小组把灯泡在不同电压下的实际功率的平均值作为灯泡额定功率，这是错误的；由表中数据可知，灯泡在额定电压3.8V下的功率是1.52W，因此灯泡的额定功率是1.52W。22、25.0靠近凸透镜缩小照相机40【解析】

（1）物体到凸透镜的距离是物距，像到凸透镜的距离是像距．已知凸透镜的焦距f＝10cm，从图上看透镜在光具座刻度35.0cm处，而蜡烛在光具座10.0cm处，物距u＝35.0cm﹣10.0cm＝25.0cm，u＞2f，成倒立、缩小的实像，像距2f＞v＞f，光屏应在45.0cm与55.0cm刻度之间，应向左移动，靠近凸透镜，这是照相机的成像条件；（2）蜡烛依然保持在光具座上的10cm处，将凸透镜和光屏分别移至25cm、55cm处，物距u＝25cm﹣10cm＝15cm，像距v＝55cm﹣25cm＝30cm，光屏上成清晰实像，根据光的折射中光路是可逆的，保持蜡烛和光屏位置不变，若想光屏上再次呈现清晰的像，物距应为30cm，即凸透镜移至10cm+30cm＝40cm刻度处．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、（1）6V（2）60Ω（3）72J【解析】

（1）闭合开关S、断开S1时，电路为R2的简单电路，电流表测通过R2的电流；当S、S1都闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R2的电流不变，电流表示数的变化量即为通过R1的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；（2）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电阻R2的阻值；（3）根据算出半分钟内整个电路产生的热量．【详解】（1）闭合开关S、断开S1时，电路为R2的简单电路，电流表测通过R2的电流I2＝0.1A，当S、S1都闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作，通过R2的电流不变，则电流表示数的变化量即为通过R1的电流I1＝0.3A，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以电源的电压：；（2）电阻R2的阻值：；（3）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以S、S1都闭合时电流表的示数：，半分钟内整个电路产生的热量：24、（1）9V（2）1.8W（3）1.25Ω—5Ω【解析】

(1)只闭合S1时,灯L和R1串联，如图，电源电压：U=I(R1+RL)=0.6A×(5Ω+10Ω)=9V，(2)闭合S1、S2、S3,滑片移到b端(R2全连入)时，R1和R2并联，由P=得滑动变阻器R2消耗的电功率：P===1.8W;(3)只闭合S2时,如图所示,灯L和R2串联，为保证电路安全，要考虑电压表的量程、电流表的量程是否合适，以及灯两端的电压要小于等于8V:①对于电流表，量程为0∼3A，当滑动变阻器连入电阻为0时，电流最大：I大===0.9A<3A，∴当滑片左右移动时，电路中的电流不会超出电流表的量程；②对于电压表,量程为0∼3V,滑动变阻器两端的最大电压U大=3V，此时连入的电阻最大：∵I==∴R大===5Ω；③由题知,UL=8V是灯泡正常工作时的电压，超过此电压灯泡容易损坏，此时滑动变阻器两端的电压最小(U小=U−UL=9V−8V=1V)，