【物理】广西壮族自治区河池市2024-2025学年高三下学期4月联考试题（解析版）

高三物理考生注意:1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑;非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。4.本卷命题范围:高考范围。一、选择题:本题共10小题，共46分.在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，每小题4分;第8～10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.1.1919年，卢瑟福首创用原子核人工转变的方法，用粒子轰击氮核从原子核中打出了质子，实验装置如图所示。当装置的容器内通入氮气时，荧光屏上观察到闪光。该实验的核反应方程式正确的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】A．因该反应打出的是质子，A错误；BCD．方程中质量数和核电荷数应守恒，故实验使用粒子轰击氮核从原子核中打出了质子，BD错误，C正确。故选C。2.两条通有相同电流的长直导线平行放置，将一矩形线框分别放置在1、2、3位置，2位置到两导线的距离相等，如图所示．则矩形线框在1、2、3位置的磁通量大小、、的大小关系正确的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】根据对称性可知根据磁场的叠加，2位置通过线框的磁通量为0，则故选C。3.如图所示，t时刻神舟十六号载人飞船从A点开始沿顺时针方向运动，运动半个椭圆到B点变轨，恰好与天和核心舱成功对接，则t时刻，天和核心舱可能在轨道II上的（）A.B点 B.C点 C.D点 D.E点【答案】D【解析】对接前，神舟十六号载人飞船和天和核心舱运行方向应相同，沿顺时针方向运动，根据开普勒第三定律可知轨道的半轴长小于轨道的半径，可知载人飞船在轨道的周期小于天和核心舱在轨道的周期，由图可知天和核心舱从E点到B点的时间可能等于载人飞船在轨道的周期的一半，故天和核心舱可能在轨道II上的E点。故选D。4.用手握住较长软绳端点O，从t=0时刻开始做上下振动，保持振幅不变但振动越来越快，t=0.6s时振动恰好传到Q点，形成的波形如图所示。则下列说法正确的是（）A.t=0时刻，O点的振动方向向下 B.波从P点传播到Q点所用时间越来越短C.质点P经过平衡位置的速度不断增大 D.质点P一个周期内运动的路程变短【答案】C【解析】A．根据振动和波动的关系可知，图示时刻Q点正向上振动，因此t=0时刻，O点的振动方向向上，故A错误；B．波在同一介质中传播速度一定，则波从P点传播到Q点所用的时间一定，故B错误；C．因振动加快，因此质点P经过平衡位置的速度不断增大，故C正确；D．质点P一个周期内运动的路程始终为4A，故D错误。故选C。5.某田径运动员，在一次铅球比赛中，他先后两次以不同的抛射角度将铅球从同一位置掷出，铅球在空中两次运动过程中动量的变化量相同，不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A.铅球两次在空中运动时间相同B.两次掷铅球，运动员做的功相同C.两次掷铅球，运动员对铅球的冲量相同D.铅球两次在空中运动的最小速度大小相同【答案】A【解析】A．铅球在空中两次运动过程中动量的变化量相同，根据动量定理可知铅球两次在空中运动的时间相同，故A正确；D．铅球两次在空中运动的时间相同，上升到的最大高度相同，初速度在竖直方向的分速度相同，由于初速度方向不同，因此初速度不同，水平分速度不同，运动的最小速度不同，故D错误；B．根据动能定理，掷铅球时，运动员做的功为两次掷铅球，铅球初速度不同，故两次掷铅球运动员做的功不同，故B错误；C．根据动量定理两次掷铅球，铅球初速度不同，故两次运动员对铅球的冲量不同，故C错误。故选A6.如图所示，在空间一条线段的两个顶点处固定等量异种电荷，处为正电荷。是以的中点为中心的一个正方体，正方体的边与平行，取无穷远处为电势零点。下列说法正确的是（）A.两点电场强度相同B.两点电势相同C.将一负试探电荷沿边从移到过程中，试探电荷的电势能先增大后减小D.将一正试探电荷沿线段和沿线段从移动到的过程中，前者静电力做功更多【答案】A【解析】A．根据等量异种点电荷的电场分布特点可知，两点关于两点电荷中心对称，两点电场强度大小方向均相同，A正确；B．两点中离处的正电荷更近，电势更高，两点电势不相同，B错误；C．从到，电势减小，所以负试探电荷的电势能增大，C错误；D．因为静电力做功与路径无关，两个过程初末位置相同，故静电力做功相同，D错误。故选A。7.如图所示，一个带有挡板的光滑斜面固定在地面上，斜面倾角为θ，轻弹簧的上端固定于挡板，下端连接滑块P，开始处于平衡状态。现用一平行于斜面向下的力F作用在P上，使滑块向下匀加速（a<gsinθ）运动一段距离。以x表示P离开初位置的位移，t表示P运动的时间，E表示P的机械能（设初始时刻机械能为零），重力加速度为g，则下列图像可能正确的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】AB．设物块P的质量为m，系统静止时弹簧相对原长的伸长量为x0，弹簧的劲度系数为k，则有由牛顿第二定律有两式联立可得A错误，B正确；CD．由题可知初位置物块P的机械能为0，则物块P机械能的变化量CD错误。故选B。8.如图所示，光滑圆轨道固定在竖直面内，A为轨道最低点，B为轨道上与圆心O等高的位置，C为圆轨道的最高点，一个小球静止在轨道最低点A，给小球施加一个始终沿圆轨道切线方向的力F使小球沿圆轨道缓慢运动，则下列说法正确的是（）A.小球不能运动到C点B.小球最高只能到达BC圆弧间的某一位置C.小球沿圆轨道运动过程中，小球对圆轨道的压力一直减小D.小球沿圆轨道运动过程中，拉力F先增大后减小【答案】AC【解析】AB．由于拉力始终沿切线方向，小球沿圆弧轨道缓慢运动，则小球沿圆弧轨道只能运动到B点，故A正确，B错误；CD．设小球与圆心O的连线与竖直方向的夹角为，根据共点力的平衡条件，有因一直增大，可见小球沿圆轨道运动过程中，拉力F一直增大，小球对圆轨道的压力一直减小，故C正确，D错误。故选AC9.如图所示，一个半圆形玻璃砖可在纸面内绕过圆心O点的轴转动，一束单色光沿半径方向射入。当玻璃砖底面与光屏（足够长）平行时，光束经玻璃砖射到光屏上的P点，测出入射光在O点与法线间的夹角θ=30°，O点到光屏的距离h=10cm，O点到P点的距离x=20cm。则（）A.玻璃砖对单色光的折射率为B.保持玻璃砖不动，入射光线顺时针转动60°，则折射光线射不到光屏上C.保持入射光线不变，使玻璃砖绕O点顺时针转动15°，则折射光线射不到光屏上D.入射光线和玻璃砖同时绕O点顺时针转动15°，则折射光线仍然射在光屏上的P点【答案】AC【解析】A．由几何关系可知，光束在O点的折射角满足可得折射角为则玻璃砖对单色光的折射率为故A正确；B．保持玻璃砖不动，入射光线顺时针转动60°，则入射光线在法线的右侧，入射角仍为θ=30°，此时折射光线在法线的左侧，折射角仍为，折射光线可以射到光屏上，故B错误；C．保持入射光线不变，使玻璃砖绕O点顺时针转动15°，过O点法线顺时针转动15°，此时在O点入射角变为，由于可知光线在O点发生全反射，折射光线射不到光屏上，故C正确；D．入射光线和玻璃砖同时绕O点顺时针转动15°，即过O点法线顺时针转动15°，此时入射光在O点与法线间的夹角θ=30°保持不变，则折射角保持不变，但法线顺时针转动15°，所以折射光线也顺时针转动15°，折射光线不能射在光屏上的P点，故D错误。故选AC。10.如图甲所示，在水平面内有圆心为O、半径为r的圆形磁场区域，规定垂直纸面向里为磁感应强度的正方向，磁感应强度B随时间t变化的关系如图乙所示，一个由同种材料、相同粗细金属制成的边长为r的等边三角形线框OAB置于磁场中，线框OAB单位长度的电阻为R0，则（）A.0~t0时间内，线框中的感应电流方向为顺时针方向B.t0~2t0时间内，线框AB边所受安培力大小增大C.0~2t0时间内，线框中的感应电流大小为D.0~2t0时间内，线框中产生的热量为【答案】BCD【解析】A．0~t0时间内，磁感应强度随时间减小，根据楞次定律可知，线框中的感应电流方向为逆时针方向，A错误；B．t0~2t0时间内，线框中产生感应电流不变，线框AB边所受安培力为由于磁感应强度随时间增大，线框AB边所受安培力大小增大，B正确；C．0~2t0时间内，线框中的感应电动势为根据闭合电路的欧姆定律可知：线框中电流大小为解得C正确；D．0~2t0时间内，线框中产生的热量为D正确。故选BCD。二、非选择题：本题共5小题，共54分.11.某实验小组利用矿泉水瓶自制了滴水计时器，然后利用水写布（滴水后可在一定时间内保留水的痕迹）研究物体运动的规律．他将滴水器固定在水平桌面的上方，出水口到桌面的距离为，每当水滴滴到水写布上时，下一滴水刚好开始下落，如图甲所示，然后把与水写布连接的电动小车放置在水平桌面上，不计水写布的厚度。（1）用手拉动小车，水写布上的水滴分布如图乙所示，则小车做__________（填“加速”或“减速”）运动；（2）开动小车，水写布上的水滴分布如图丙所示．已知水写布上一个格的宽度为，当地重力加速度为，则水滴落到水写布上时小车的速度大小__________，小车运动的加速度大小__________。【答案】（1）减速（2）【解析】【小问1详解】沿运动方向看，相等时间内位移逐渐减小，故做减速运动；【小问2详解】[1][2]水滴下落过程有根据可得根据可得12.某实验小组测金属丝电阻率，在测未知电阻Rx时，先用多用电表进行粗测，后采用“伏安法”较准确地测量未知电阻。（1）先用多用表的欧姆挡“1”挡按正确的操作步骤粗测其电阻，指针如图甲所示，则读数应记为_________Ω。（2）用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中一次测量的示数如图乙所示，则该次金属丝直径的测量值d=________mm。（3）实验室提供的器材如下：A．待测电阻Rx的金属丝；B．电流表A1（量程0~0.6A，内阻约0.1Ω）；C．电流表A2（量程0~3A，内阻约0.01Ω）；D．电压表V1（量程0~3V，内阻约3kΩ）；E．电压表V2（量程0~15V，内阻约20kΩ）；F．滑动变阻器R（0~20Ω）；G．电源E（电动势为3.0V，内阻不计）；H．开关、若干导线.为了调节方便，测量准确，实验中电流表应选_________（填“B”或“C”），电压表应选________（填“D”或“E”）。（4）根据所选用的实验器材，应选用电路图_________（填“丙”或“丁”）进行实验。（5）通过测量可知，金属丝接入电路的长度为l，直径为d，通过金属丝的电流为I，金属丝两端的电压为U，由此可计算得出金属丝的电阻率ρ=___________。（6）本实验在测量电阻时，由电压表或电流表的内阻引起的误差属于___________误差。将电压表或电流表的内阻计算在内，可以消除由测量仪表内阻所引起的这种误差。在未消除该误差时本实验电阻丝的测量阻值为R，若已知电压表的内阻为RV，电流表的内阻为RA，那么消除该误差后，电阻丝的阻值Rx=___________。【答案】（1）5.0##5（2）3.708##3.707##3.709（3）BD（4）丁（5）（6）系统【解析】（1）[1]由图甲多用电表可知，待测电阻阻值（2）[2]螺旋测微器的精确值为，由图乙可知金属丝直径为（3）[3][4]电源电动势为3.0V，因此选择电压表V1（量程0~3V，内阻约3kΩ）；测量金属丝的电阻阻值约为5Ω，则电路中的最大电流因此选电流表A1（量程0~0.6A，内阻约0.1Ω）；即电流表应选B，电压表应选D。（4）[5]由于电压表内阻约3kΩ，金属丝的电阻阻值约为5Ω为较小电阻，因此应选用电流表外接法，即选用电路图丁进行实验误差较小。（5）[6]根据欧姆定律有根据电阻定律有又联立解得（6）[7][8]本实验中，由于电压表的分流引起的误差属于系统误差；实验的测量阻值R应为电压表和待测电阻并联的电阻，将电压表的内阻计算在内，则有解得13.体育课上同学们踢足球，用的足球内部体积为4L，球内气体压强为1.1个标准大气压，由于足球会漏气，踢完球后，足球内的气压只有0.8个标准大气压，足球体积和温度不变，求：（1）漏出气体的质量占原来球内气体的质量百分比（结果保留1位小数）；（2）若用气筒给该足球充气，每次充进1个标准大气压的气体0.1L，要使球内气压再次达到1.1个标准大气压，需要充气多少次（充气过程气体温度不变）。【答案】（1）（2）12次【解析】【小问1详解】根据题意，设漏出气体在0.8个标准大气压的体积为，则由玻意耳定律有解得则漏出气体质量占原来球内气体的质量百分比为【小问2详解】根据题意，由玻意耳定律有解得即需要充气12次。14.如图所示，在平面直角坐标系xOy的第一、二象限内有垂直于坐标平面向外的匀强磁场，在第三、四象限内有平行于坐标平面斜向下的匀强电场，电场方向与x轴负方向的夹角为45°，从坐标原点O向第二象限内射出一个质量为m、电荷量为－q的带电粒子，粒子射出的初速度大小为v0，方向与x轴负方向的夹角也为45°，此粒子从O点射出后第三次经过x轴的位置P点离O点的距离为d，粒子第二次在电场中运动后恰好从O点离开电场，不计粒子重力，求：（1）磁感应强度B的大小；（2）电场强度E的大小；（3）粒子从O点射出到第一次回到O点所经历的时间。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）设粒子在第一次在磁场中