四川省江油市2019届九年级一诊物理试题(解析版)

四川省江油市2019届九年级一诊物理试题一、选择题（本大题21小题,每小题3分）1．测量是一个把待测的量与公认的标准进行比较的过程。下列实验过程中没有用到这一科学原理的是（）A．用刻度尺测量木块的长度 B．探究同种物质质量与体积的关系 C．观察光的色散现象 D．用PH试纸测出某溶液的PH值2．下列关于能源的说法，正确的是（）A．风能是不可再生能源 B．人类已建成的核电站是利用核聚变发电的 C．太阳能、水能是二次能源 D．化石能源的大量使用造成了酸雨、雾霾等环境问题3．关于声音下列说法正确的是（）A．诗句“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的音调高 B．向人体内的结石发射超声波除去结石，是利用了超声波传递信息 C．“声纹门锁”是依据声音的音色来识别的 D．航天员在太空与地面交流时的声音是通过声波传回地球的4．寒冷的冬天，居民楼的玻璃窗上会起“雾”，下列说法中正确的是（）A．玻璃窗上的“雾”是水蒸气液化形成的，需要吸热 B．玻璃窗上的“雾”是水蒸气蒸发形成的，需要放热 C．“雾”出现在玻璃窗的内表面 D．“雾”出现在玻璃窗的外表面5．在探究凸透镜成像规律的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成一清晰等大的实像，下列说法正确的是（）A．该凸透镜的焦距是20cm B．将蜡烛移动到35cm刻度处，为使烛焰在光屏上成一清晰的像，应向右移动光屏 C．将蜡烛移动到20cm刻度处，移动光屏可得到倒立、放大的实像 D．将蜡烛移动到45cm刻度处，为使烛焰在光屏上成一清晰的像，应向右移动光屏6．关于液体和气体压强及相关的应用，下列说法中正确的是（）A．小汽车设计成流线型，是为了在高速行驶时增强对地面的压力 B．起风时，常看见屋内的窗帘飄向窗外，这是因为窗外空气流速大，压强大 C．在冷水和热水的同一深度处压强相等 D．涪江堤坝根据液体压强规律设计成“上窄下宽”7．下列物体的受力分析，错误的是（）A．放在水平面上的木块 B．挂在天花板上小球 C．运动员抛出去的篮球 D．被细线拉住的氢气球8．如图所示，2018年4月2日8时15分左右，天宫一号目标飞行器进入大气层，绝大部分器件在进入大气层过程中烧蚀销毁，剩余部分落入南太平洋中部区域。天宫一号飞行器在这个过程中，下列说法正确的是（）A．动能和重力势能都增加 B．机械能保持不变 C．内能是通过做功的方式改变的 D．减少的重力势能全部转化成内能9．某同学设计的煤气检测电路如图所示，电源电压不变，R为定值电阻，Q为气敏元件，其阻值随煤气浓度的升高而增大，闭合开关S，当煤气浓度升高时，下列判断正确的是（）A．电流表示数变小，输出信号电压Uab变大 B．电流表示数变大，输出信号电压Uab变大 C．电流表示数变小，输出信号电压Uab不变 D．电流表示数变大，输出信号电压Uab减小10．下列实验中，能说明电动机工作原理的是（）A． B． C． D．11．下列关于信息传递的说法中，正确的是（）A．电磁波的频率越高，传播的速度就越大 B．金属容器对电磁波有屏蔽作用 C．手机间通话靠超声波传递 D．微波不具有能量12．如图甲所示的圆柱形容器中装有适量的某种液体，现将密度为0.6×103kg/m3的正方体木块A放入容器中，木块静止时露出液面的体积与浸入液体的体积之比为1：3；在木块上表面轻放一个物块B（VA＝2VB），A的上表面刚好与液面相平，如图乙所示。若将物块B单独放入此液体中，它静止时将（）A．悬浮 B．漂浮 C．沉底 D．无法判断填空题（夲大题5个小题，每空2分，共20分）13．“西塞山前白鹭飞，桃花流水鱖鱼肥。”是唐代张志和描写湖州境内西苕溪美景的词句。如图所示的是一只白鹭平行于水面飞行的画面。若以白鹭为参照物，它在水中的倒影是（选填“运动”或“静止”）的，白鹭的倒影是由于而形成的。14．为了治理空气污染，某企业引进静电除尘设备。启动静电除尘设备，混浊空气进入除尘腔即被电离成离子和电子，由于异种电荷互相吸引，其中的电子会向设备的阳极板（带正电）运动，在运动过程中遇到尘粒，使尘粒带上（选填“正”或“负”）电荷，带了电的尘粒继续运动，碰到阳极板失去电性，在的作用下，落向底部的集尘板。15．如图甲所示的电路，当闭合开关后两只电压表的指针偏转均如图乙所示，则R1两端的电压是V，R1与R2的电阻之比为。16．如图所示，图甲中文文用弹簧测力计拉木块，使它沿水平木板匀速滑动；图乙是他两次拉动同一木块得到的路程随时间变化的图象。则木块第一次受到的摩擦力（填“大于”/“等于”或”小于”）木块第二次受到的摩擦力；第一次拉力对木块做功的功率（填“大于”/“等于”或”小于”）第二次拉力对木块做功的功率。17．物理科技小组用标有“1600imp/kw•h”（表示每消耗lkW•h的电能，电能表上的指示灯闪烁1600次）的电能表测量电视机的功率：他们把电视机单独接入电路且使其正常工作6min，指示灯闪烁16次，则该电视机消耗的电能为J，该电视机的功率为W。三、实验探究题（共3小题，满分18分）18．（6分）小明同学由奧斯特实验联想到：当导线中通过电流时，它下方的小磁针发生偏转，说明电流周围存在着磁场。从而猜想在地球周围也可能存在某种“重力场”。①小明猜想的依据是。②同一物体在月球上受到的重力大约是地球的六分之一，推测月球上的“重力场”比地球的要（选填“强”或“弱”）。③根据通电直导线及各种磁体周围的磁场分布，请你推测重力场最有可能是下列图。19．在探究光的反射规律的实验中，小明设计了如图所示的实验：将平面镜放在水平桌面上，硬纸板竖直立在平面镜上，硬纸板上的直线ON垂直于镜面，右侧纸板可绕ON转动。①如图甲，当硬纸板在同一平面上，使一束光贴着纸扳沿某一方向射到O点，经平面镜反射，沿另一个方向射出。当入射光EO向ON靠近的过程中，发现反射光OF（选填“靠近”或“远离”）ON。②如图乙，保持左侧纸板和入射光的位置不变，将右侧纸板绕ON转动，此时在右侧纸板上不能看到反射光，由此可以得出反射光线、入射光线和法线的结论。20．（8分）在探究并联电路电流规律的实验中，所用器材如图所示，可供选用的小灯泡有：L1“2.5V0.75W”，L2“2.5V0.75W”，L3“2.5VlW”。①小方连接的部分电路如图所示请你将电路连接完整。②小方将以上电路连接完后，闭合开关，调节滑动变阻器，发现两只灯泡都发光、电流表A2和A有示数、电流表A1示数为零。则电路故障可能是。③排除故障进行实验小方记录了如下数据。由数可知实验用的是灯泡L1和灯泡。④分析实验数据得出的结论是：。实验次数A1电流I1/AA2电流I2/AA电流I/A10.120.160.2820.240.320.5630.30.40.7四、（本大题2小题，共21分）21．（11分）如图所示，某施工队利用滑轮组从水中提取物体，上升过程中物体始终不接触水底。已知物体质量为4t，体积为1m3．（g＝10N/kg，ρ水＝1×103kg/m3）①物体完全浸没在水中时，求物体所受浮力的大小；②物体下表面与水面距离为3m时，求物体下表面所受水的压强③物体离开水面后，在电动机作用下匀速上升，若电动机功率为9kW，对绳子的力为1.5×104N，求物体上升的速度和滑轮组的机械效率（机诫效率精确到0.1%）。④若不计动滑轮的自重、绳重、绳与滑轮的摩擦以及水对物体的阻力。当浸没在水中的物体被匀速提升时、求电动机对绳子的拉力。22．（10分）多功能养生壶具有精细烹饪、营养量化等功能，深受市场认可和欢迎。图乙是某品牌养生壶简化电路图。（ρ水＝1×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃），g＝10N/kg）①养生壶处于低温档工作时，求电路中的电流大小；②开关S1，S2处于什么状态，养生壶为高温档，说明判断依据；③求R1的阻值；④在标准大气压下，使用高温档将初温是12℃的一壶水烧开，若养生壶高温档加热效率为80%，求水吸收的热量和烧开一壶水需要的时间。项目参数电源电压（V）220低温档功率（W）275中温档功（W）550高温档功率（W）1100容积（L）1

参考答案一、选择题1．测量是一个把待测的量与公认的标准进行比较的过程。下列实验过程中没有用到这一科学原理的是（）A．用刻度尺测量木块的长度 B．探究同种物质质量与体积的关系 C．观察光的色散现象 D．用PH试纸测出某溶液的PH值【分析】在物理学中，要想进行比较就必须有一个共同的比较标准，故每个物理量都有各自的单位。【解答】解：A、用刻度尺可以测出某物体的长度，通过物体长度与直尺刻度的比较得出测量值。故A不符合题意；B、同种物质质量与体积之比一定，所以改变物体体积，可以探究质量与体积的关系。故B不符合题意；C、光的色散现象可以直接观察，没有一定的标准作为比较。故C符合题意；D、用PH试纸测出某溶液的PH值，通过对比得出测量值。故D不符合题意。故选：C。【点评】解决本题的关键是了解测量的意义，这要求我们多注意基础知识的掌握。2．下列关于能源的说法，正确的是（）A．风能是不可再生能源 B．人类已建成的核电站是利用核聚变发电的 C．太阳能、水能是二次能源 D．化石能源的大量使用造成了酸雨、雾霾等环境问题【分析】（1）可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源；（2）核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的，核电站的核心设备是核反应堆，核反应堆是通过可控裂变（链式反应）释放能量的；（3）能直接从自然界获得不需要加工转换的能源是一次能源，不能直接从自然界获得而是通过消耗其它能源经过加工转换而获得的能源是二次能源；（4）化石能源包括，煤、石油、天然气，他们的使用会产生二氧化硫、二氧化碳、粉尘，引起酸雨、雾霾、温室效应等环境问题。【解答】解：A、对于风能是可以从自然界中源源不断的得到的能源，故是可再生能源，故A错误；B、核电站主要利用核裂变的可控链式反应来发电的，故B错误；C、太阳能、水能可以直接从自然界获得，它们属于一次能源，故C错误；D、化石能源包括，煤、石油、天然气，他们的使用会产生二氧化硫、二氧化碳、粉尘，引起酸雨、雾霾、温室效应等环境问题，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了能源的分类、核能的利用以及化石能源对环境的危害，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题。3．关于声音下列说法正确的是（）A．诗句“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的音调高 B．向人体内的结石发射超声波除去结石，是利用了超声波传递信息 C．“声纹门锁”是依据声音的音色来识别的 D．航天员在太空与地面交流时的声音是通过声波传回地球的【分析】（1）（3）声音的三要素是：音调、响度、音色。音调是表示声音高低的，它与物理的频率有关；响度是表示声音大小的，它与物体振幅有关，音色是用来区别不同发声体的；（2）声音即能够传递信息，也能够传递能量。（3）声音的传播需要介质，声音可以在固体、液体、气体中传播，不能在真空中传播，电磁波可以在真空中传播；【解答】解：A、诗句“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的响度大；故A错误；B、向人体内的结石发射超声波除去结石，是利用了超声波传递能量，故B错误；C、不同人发出声音的音色不同，“声纹门锁”是依据声音的音色来识别的，故C正确；D、声音的传播需要介质，不能在真空中传播，所以航天员在太空与地面交流时的声音不是通过声波传回地球的，故D错误。故选：C。【点评】此题考查了声现象的多个知识点，运用声音的三要素、传播条件和声音的应用等知识可解答此题。4．寒冷的冬天，居民楼的玻璃窗上会起“雾”，下列说法中正确的是（）A．玻璃窗上的“雾”是水蒸气液化形成的，需要吸热 B．玻璃窗上的“雾”是水蒸气蒸发形成的，需要放热 C．“雾”出现在玻璃窗的内表面 D．“雾”出现在玻璃窗的外表面【分析】要判断“雾”的形成属于哪种物态变化，“雾”是出现在玻璃窗的内表面还是外表面，就要根据发生物态变化的条件进行分析。【解答】解：“雾”是液态的小水滴，它是由室内的热的水蒸气遇到冷的玻璃液化而形成的，在在玻璃窗的内表面，液化放热，故ABD错误，C正确。故选：C。【点评】“雾”是我们生活中常见的现象，它们都是由水蒸气遇冷发生物态变化形成的，我们要掌握物态变化的名称，并能解释生活中常见的一些物态变化。5．在探究凸透镜成像规律的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成一清晰等大的实像，下列说法正确的是（）A．该凸透镜的焦距是20cm B．将蜡烛移动到35cm刻度处，为使烛焰在光屏上成一清晰的像，应向右移动光屏 C．将蜡烛移动到20cm刻度处，移动光屏可得到倒立、放大的实像 D．将蜡烛移动到45cm刻度处，为使烛焰在光屏上成一清晰的像，应向右移动光屏【分析】（1）根据像距和物距的关系焦距的大小；（2）凸透镜成实像时，具有物近像远像变大的特点；（3）根据焦距的大小，由物距与焦距的关系进行判断；（4）物距小于焦距，成正立、放大的虚像。【解答】解：A、由图可知，此时的物距为20cm，成的是倒立、等大的实像，则u＝2f，故f＝10cm，故A错误；B、将蜡烛移动到35cm刻度处，u＝50cm﹣35cm＝15cm，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，像距应大于二倍焦距，故应向右移动光屏，才能在光屏上呈现清晰的像，故B正确；C、将蜡烛移动到20cm刻度处时，物距为50cm﹣20cm＝30cm＞2f，成的是倒立、缩小的实像，故C错误；D、将蜡烛移动到45cm刻度处，u＝50cm﹣45cm＝5cm，物距小于焦距，成正立、放大的虚像，故光屏上接收不到像，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了凸透镜成像规律的应用，要熟练掌握规律的内容，解决此题的关键是求出焦距的大小。6．关于液体和气体压强及相关的应用，下列说法中正确的是（）A．小汽车设计成流线型，是为了在高速行驶时增强对地面的压力 B．起风时，常看见屋内的窗帘飄向窗外，这是因为窗外空气流速大，压强大 C．在冷水和热水的同一深度处压强相等 D．涪江堤坝根据液体压强规律设计成“上窄下宽”【分析】流体压强与流速的关系：流体流速越大的地方压强越小、流速越小的地方压强越大。据此分析。同时了解液体内部深度越深、压强越大；液体的压强还与液体密度有关。【解答】解：A、小汽车外型是流线型，当汽车高速行驶时，相同时间内，空气经过上方的路程比下方路程长，流速大，压强小，汽车在压强差下产生向上的升力，汽车对路面的压力减小，故A错误；B、起风时，常看见屋内的窗帘飘向窗外，这是因为窗外空气流速大，压强小，故B错误；C、在冷水和热水的密度会有不同，因此，同一深度处压强不相等，故C错误；D、液体内部深度越深、压强越大。因此，堤坝根据液体压强规律设计成“上窄下宽”，故D正确。故选：D。【点评】此题型综合考查了流体压强与流速的关系、液体压强的特点等知识，掌握课本知识即可解答。7．下列物体的受力分析，错误的是（）A．放在水平面上的木块 B．挂在天花板上小球 C．运动员抛出去的篮球 D．被细线拉住的氢气球【分析】（1）力是物体对物体的作用，在分析物体受力情况时，一定要找到对应的受力物体，否则这个力就是不存在的。（2）物体进行受力分析，顺序是：重力一定有，弹力看四周，分析摩擦力，不忘液气浮。【解答】解：A、静止在水平桌面上的木块，受重力和桌面支持力的作用，故A正确。B、挂在天花板上的小球受到重力和线的拉力的作用，故B正确。C、运动员抛出去的篮球不再受到人的推力，只受到竖直向下的重力和空气阻力的作用，阻力的方向与篮球运动的方向相反；故C错误。D、被细线拉住的氢气球受重力、细线的拉力、浮力三个力的作用，故D正确。故选：C。【点评】此题考查了对物体受力情况的分析。要确定物体受到某个力的作用时，一定要找到该力的施力物体，若找不到，则这个力是假想的，并不存在。找到施力物体的同时，还要根据压力的特点：垂直于接触面；摩擦力的特点：阻碍相对运动，确定力的方向。8．如图所示，2018年4月2日8时15分左右，天宫一号目标飞行器进入大气层，绝大部分器件在进入大气层过程中烧蚀销毁，剩余部分落入南太平洋中部区域。天宫一号飞行器在这个过程中，下列说法正确的是（）A．动能和重力势能都增加 B．机械能保持不变 C．内能是通过做功的方式改变的 D．减少的重力势能全部转化成内能【分析】（1）动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度，机械能等于动能与势能的总和。结合其运动状态可做出判断。（2）改变物体内能的方法有做功和热传递；对物体做功可将机械能转化为内能。【解答】解：A、天宫一号飞行器在进入大气层过程中，速度虽然变大，但质量因烧蚀在不断减小，所以动能不能确定；同时高度降低，重力势能一定减小，故A错误；B、由于飞行器克服空气的摩擦阻力做功，一部分机械能转化为内能，所以其机械能减小，故B错误；C、天宫一号飞行器在进入大气层过程中，与空气发生摩擦，是通过做功的方式改变内能的，故C正确；D、在整个过程中，减少的重力势能会有一部分转化为动能，所以不能全部转化成内能，故D错误。故选：C。【点评】了解动能、重力势能、机械能的影响因素，会分析做功对机械能和内能转化的影响是解答本题的关键。9．某同学设计的煤气检测电路如图所示，电源电压不变，R为定值电阻，Q为气敏元件，其阻值随煤气浓度的升高而增大，闭合开关S，当煤气浓度升高时，下列判断正确的是（）A．电流表示数变小，输出信号电压Uab变大 B．电流表示数变大，输出信号电压Uab变大 C．电流表示数变小，输出信号电压Uab不变 D．电流表示数变大，输出信号电压Uab减小【分析】定值电阻与气敏元件串联，电流表测电路中的电流，输出信号电压Uab即气敏元件的电压：（1）当煤气浓度升高时，根据已知条件分析气敏元件电阻变化，根据电阻的串联判断总电阻变化，由欧姆定律确定电路中的电流变化；（2）根据欧姆定律的变形公式：U＝IR，分析R的电压变化，根据串联电路电压的规律确定输出信号电压Uab变化。【解答】解：（1）定值电阻与气敏元件串联，电流表测电路中的电流，输出信号电压Uab即气敏元件的电压：当煤气浓度升高时，气敏元件电阻增大，根据电阻的串联，总电阻变大，由欧姆定律，电路中的电流变小，电流表示数变小，BD错误；（2）因电流表示数变小，根据欧姆定律的变形公式：U＝IR，R的电压变小，根据串联电路电压的规律，输出信号电压Uab变大，故A正确，C错误。故选：A。【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，难度中等。10．下列实验中，能说明电动机工作原理的是（）A． B． C． D．【分析】电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用。【解答】解：A、该装置是研究电磁铁磁性的实验装置，是电流的磁效应，故A错误。B、该装置是电动机原理图，表明通电的导体在磁场中受力的作用，故B正确；C、该装置是奥斯特实验，表明通电导线周围有磁场，故C错误；D、该装置是发电机原理图，表示电磁感应现象，故D错误。故选：B。【点评】本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置是不同的，前者外部没有电源，后者外部有电源。11．下列关于信息传递的说法中，正确的是（）A．电磁波的频率越高，传播的速度就越大 B．金属容器对电磁波有屏蔽作用 C．手机间通话靠超声波传递 D．微波不具有能量【分析】（1）明确电磁波的传播速度由介质决定；（2）静电屏蔽体：由逆磁材料（如铜、铝）制成，并和地连接。静电屏蔽体的作用是使电场终止在屏蔽体的金属表面上，并把电荷转送入地。故金属容器对电磁波有屏蔽作用；（3）手机既是电磁波的发射台也是电磁波接收台；（4）微波是电磁波的一种，传播速度与电磁波速度相同，具有能量。【解答】解：A、电磁波的速度与介质有关，与频率无关，故A错误；B、静电屏蔽体的作用是使电场终止在屏蔽体的金属表面上，并把电荷转送入地。故金属容器对电磁波有屏蔽作用，故B正确；C、手机是现代人们最常用的通信工具之一，手机间通话和收发信息是利用电磁波，即微波，故C错误；D、微波可以传递信息，具有能量，故D错误。故选：B。【点评】此题主要考查电磁波的传播，是基础知识。12．如图甲所示的圆柱形容器中装有适量的某种液体，现将密度为0.6×103kg/m3的正方体木块A放入容器中，木块静止时露出液面的体积与浸入液体的体积之比为1：3；在木块上表面轻放一个物块B（VA＝2VB），A的上表面刚好与液面相平，如图乙所示。若将物块B单独放入此液体中，它静止时将（）A．悬浮 B．漂浮 C．沉底 D．无法判断【分析】根据物体漂浮时浮力等于重力，算出物体B的密度，作出判断。【解答】解：甲图中，木块A在液体中漂浮，木块静止时露出液面的体积与浸入液体的体积之比为1：3，则V排＝VA，漂浮时浮力等于重力，所以ρ液gV排＝ρ木gVA，即：ρ液g×VA＝ρ木gVA，则液体的密度：ρ液＝ρ木＝×0.6×103kg/m3＝0.8×103kg/m3；在木块上表面轻放一个物块B（VA＝2VB，则VB＝VA），A的上表面刚好与液面相平，如图乙所示，因为整体漂浮，所以浮力等于总重力，即：ρ液gVA＝ρ木gVA+ρBgVB，ρ液gVA＝ρ木gVA+ρBg×VA，化简可得：ρ液＝ρ木+ρB，则B的密度：ρB＝2（ρ液﹣ρ木）＝2（0.8×103kg/m3﹣0.6×103kg/m3）＝0.4×103kg/m3＜ρ液，故若将物块B单独放入此液体中，它静止时将漂浮。故选：B。【点评】本题主要考查阿基米德原理以及物体的浮沉条件，有一定难度。填空题（夲大题5个小题，每空2分，共20分）13．“西塞山前白鹭飞，桃花流水鱖鱼肥。”是唐代张志和描写湖州境内西苕溪美景的词句。如图所示的是一只白鹭平行于水面飞行的画面。若以白鹭为参照物，它在水中的倒影是静止（选填“运动”或“静止”）的，白鹭的倒影是由于光的反射而形成的。【分析】在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。平面镜成像的特点是，像和物体大小相等、像和物体关于平面镜对称、像到平面镜的距离和物体到平面镜的距离相等；【解答】解：一个白鹭正平行于水面飞行，白鹭所成的像相对于水面是对称的，若以白鹭为参照物，像与白鹭间没有位置的变化，故是静止的；看到白鹭的倒影属于平面镜成像，是由于反射形成的虚像。故答案为：静止；光的反射。【点评】此题主要考查了运动和静止的相对性，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。14．为了治理空气污染，某企业引进静电除尘设备。启动静电除尘设备，混浊空气进入除尘腔即被电离成离子和电子，由于异种电荷互相吸引，其中的电子会向设备的阳极板（带正电）运动，在运动过程中遇到尘粒，使尘粒带上负（选填“正”或“负”）电荷，带了电的尘粒继续运动，碰到阳极板失去电性，在重力的作用下，落向底部的集尘板。【分析】气体分子被电离成为电子和正离子，电子较轻，向设备的阳极板（带正电）运动，在运动过程中电子遇到尘粒容易被吸附，使尘粒带负电，碰到阳极板失去电性，在重力的作用下，落向底部的集尘板。【解答】解：在运动过程中电子遇到尘粒容易被吸附，使尘粒带负电（接触带电），带了电的尘粒继续运动，碰到阳极板失去电性（发生电中和），在重力的作用下，落向底部的集尘板。故答案为：负；重力。【点评】本题涉及静电除尘的原理，关键是电子容易被吸附到灰尘上，故灰尘会吸附电子带负电。15．如图甲所示的电路，当闭合开关后两只电压表的指针偏转均如图乙所示，则R1两端的电压是6V，R1与R2的电阻之比为4：1。【分析】由电路图可知，R1、R2串联，电压表V2测电源两端的电压，电压表V1测R2两端的电压，根据串联电路的电压特点结合两只电压表指针的偏转角度相同得出量程，根据分度值读出示数并求出R1两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出R1、R2阻值之比。【解答】解：由电路图可知，R1、R2串联，电压表V2测电源两端的电压，电压表V1测R2两端的电压。因串联电路中总电压等于各分电压之和，且两只电压表指针的偏转角度相同，所以，电压表V2的量程为0～15V，分度值为0.5V，则电源电压U＝7.5V，电压表V1的量程为0～3V，分度值为0.1V，则R2两端的电压U2＝1.5V，根据串联电路的电压特点可得，R1两端的电压：U1＝U﹣U2＝7.5V﹣1.5V＝6V；因串联电路中各处的电流相等，所以由U＝IR可得，R1、R2的阻值之比等于其两端的电压之比，即：＝＝＝4：1。故答案为：6；4：1。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，根据串联电路的电压特点确定两电压表的量程是关键。16．如图所示，图甲中文文用弹簧测力计拉木块，使它沿水平木板匀速滑动；图乙是他两次拉动同一木块得到的路程随时间变化的图象。则木块第一次受到的摩擦力等于（填“大于”/“等于”或”小于”）木块第二次受到的摩擦力；第一次拉力对木块做功的功率小于（填“大于”/“等于”或”小于”）第二次拉力对木块做功的功率。【分析】（1）物体处于平衡状态时一定是受平衡力作用的结果，则根据二力平衡的条件即可得知拉力和摩擦力的关系；根据滑动摩擦力只与压力和接触面粗糙程度有关；（2）比较木块的速度要根据速度公式v＝，综合s和t变化的情况分析即可。根据P＝Fv可比较功率的大小情况。【解答】解：（1）木块所受滑动摩擦力的大小只与压力大小和接触面的粗糙程度有关，两次木块对接触面的压力和接触面的粗糙程度没有发生改变，所以两次摩擦力大小相等；（2）两次拉动木块，木块做的都是匀速直线运动，拉力和滑动摩擦力为一对平衡力，所以F＝f；由于两次摩擦力相等，所以两次的拉力F相同；由图可知，取相同的时间时，第二次木块通过的路程大于第一次木块通过的路程，所以第二次木块的速度大于第一次木块的速度；由功率的公式P＝Fv可知，两次的拉力F相同，速度越大其功率越大，故第一次拉力对木块做功的功率小于第二次拉力对木块做功的功率。故答案为：等于；小于。【点评】本题考查识图能力、二力平衡的条件、物体运动快慢的比较方法、功、功率的比较方法，本题的关键是能从图中得出相关信息。17．物理科技小组用标有“1600imp/kw•h”（表示每消耗lkW•h的电能，电能表上的指示灯闪烁1600次）的电能表测量电视机的功率：他们把电视机单独接入电路且使其正常工作6min，指示灯闪烁16次，则该电视机消耗的电能为3.6×104J，该电视机的功率为100W。【分析】1600imp/（kW•h）表示每消耗1kW•h的电能，电能表指示灯闪烁1600次，据此求出闪烁16次消耗的电能，利用P＝求出电视机的功率。【解答】解：因为1600imp/（kW•h）表示每消耗1kW•h的电能，电能表的指示灯闪烁1600次，则指示灯闪烁16次，电视机消耗的电能：W＝kW•h＝0.01kW•h＝3.6×104J，t＝6min＝0.1h，电视机的电功率：P＝＝＝0.1kW＝100W。故答案为：3.6×104；100。【点评】本题考查了电能的求法以及电功率的计算，关键是电能表的参数的理解。三、实验探究题（共3小题，满分18分）18．（6分）小明同学由奧斯特实验联想到：当导线中通过电流时，它下方的小磁针发生偏转，说明电流周围存在着磁场。从而猜想在地球周围也可能存在某种“重力场”。①小明猜想的依据是地球附近的物体受到重力的作用。②同一物体在月球上受到的重力大约是地球的六分之一，推测月球上的“重力场”比地球的要弱（选填“强”或“弱”）。③根据通电直导线及各种磁体周围的磁场分布，请你推测重力场最有可能是下列图甲。【分析】（1）根据物体在地球附近受到重力猜想在地球周围也可能存在某种“重力场”；（2）根据同一物体重力的大小，判断重力场的强弱；（3）根据”重力方向竖直向下“推测重力场的分布。【解答】解：（1）根据”地球附近的物体受到重力的作用“，猜想在地球周围也可能存在某种“重力场”；（2）月球上受到的重力大约是地球的六分之一，重力场越强，重力越大，推测月球上的“重力场”比地球的要弱；（3）根据重力方向竖直向下，基本上指向地心的方向，类比在磁场中，小磁针受力方向为磁感线的切线方向，故图甲最有可能是“重力场”的分布。故答案为：①地球附近的物体受到重力的作用；②弱；③甲。【点评】本题为猜想题，根据所学知识，得出正确结论，考查学以致用的能力。19．在探究光的反射规律的实验中，小明设计了如图所示的实验：将平面镜放在水平桌面上，硬纸板竖直立在平面镜上，硬纸板上的直线ON垂直于镜面，右侧纸板可绕ON转动。①如图甲，当硬纸板在同一平面上，使一束光贴着纸扳沿某一方向射到O点，经平面镜反射，沿另一个方向射出。当入射光EO向ON靠近的过程中，发现反射光OF靠近（选填“靠近”或“远离”）ON。②如图乙，保持左侧纸板和入射光的位置不变，将右侧纸板绕ON转动，此时在右侧纸板上不能看到反射光，由此可以得出反射光线、入射光线和法线在同一平面内的结论。【分析】①根据入射角的变化和反射角的变化而得出结论；②硬纸板可以显示光路，将右侧纸板绕ON转动，反射光线将会消失，所以证明了反射光线、法线、入射光线在同一平面内。【解答】解：①光反射时，反射角大小等于入射角，若将EO向ON靠近，则OF靠近ON；②实验中使用可折转的硬纸板，除了能呈现光路外，将右侧纸板绕ON转动，此时在右侧纸板上不能看到反射光，由此可以得出反射光线、入射光线和法线在同一平面内的结论。故答案为：（1）靠近；（2）在同一平面内。【点评】本题考查了探究光的反射的实验，要理解和熟记光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角。20．（8分）在探究并联电路电流规律的实验中，所用器材如图所示，可供选用的小灯泡有：L1“2.5V0.75W”，L2“2.5V0.75W”，L3“2.5VlW”。①小方连接的部分电路如图所示请你将电路连接完整。②小方将以上电路连接完后，闭合开关，调节滑动变阻器，发现两只灯泡都发光、电流表A2和A有示数、电流表A1示数为零。则电路故障可能是电流表A1短路。③排除故障进行实验小方记录了如下数据。由数可知实验用的是灯泡L1和灯泡L3。④分析实验数据得出的结论是：并联电路中干路电流等于各支路电流之和。实验次数A1电流I1/AA2电流I2/AA电流I/A10.120.160.2820.240.320.5630.30.40.7【分析】①探究并联电路电流规律，电流表分别测干路电流和支路电流，将变阻器按一上一下连入电路中，电流表A1选用小量程与灯L1串联；②小方将以上电路连接完后，闭合开关，调节滑动变阻器，发现两只灯泡都发光、电流表A2和A有示数，说明干路和两支路均为通路，根据电流表A1示数为零分析电路的可能故障；③根据并联电路电压的规律和欧姆定律分析；④分析实验数据得出结论。【解答】解：①探究并联电路电流规律，电流表分别测干路电流和支路电流，将变阻器按一上一下连入电路中，电流表A1选用小量程与灯L1串联，如下图所示：②小方将以上电路连接完后，闭合开关，调节滑动变阻器，发现两只灯泡都发光、电流表A2和A有示数，说明干路和两支路均为通路，因电流表A1示数为零，则电路故障可能是电流表A1短路。③由题知，灯泡L1和灯泡L2的规格相同，灯泡L3的规格与它们不同，根据小方记录的数据可知，通过两灯的电流不同，因两灯并联，两灯的电压相同，则通过两灯的电流不同时，由欧姆定律I＝可知，两灯的规格不同，故实验用的是灯泡L1和灯泡L3。④分析实验数据知：0.12A+0.16A＝0.28A；0.24A+0.32A＝0.56A；0.3A+0.4A＝0.7A，得出的结论是：并联电路中干路电流等于各支路电流之和。故答案为：①如上所示：②电流表A1短路；③L3；④并联电路中干路电流等于各支路电流之和。【点评】本题探究并联电路电流规律的实验，考查电路连接、故障分析、欧姆定律的运用和数据分析。四、（本大题2小题，共21分。解答过程中必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写岀最后答的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）21．（11分）如图所示，某施工队利用滑轮组从水中提取物体，上升过程中物体始终不接触水底。已知物体质量为4t，体积为1m3．（g＝10N/kg，ρ水＝1×103kg/m3）①物体完全浸没在水中时，求物体所受浮力的大小；②物体下表面与水面距离为3m时，求物体下表面所受水的压强③物体离开水面后，在电动机作用下匀速上升，若电动机功率为9kW，对绳子的力为1.5×104N，求物体上升的速度和滑轮组的机械效率（机诫效率精确到0.1%）。④若不计动滑轮的自重、绳重、绳与滑轮的摩擦以及水对物体的阻力。当浸没在水中的物体被匀速提升时、求电动机对绳子的拉力。【分析】（1）已知物体排开水的体积，根据阿基米德原理求物体受到的浮力：（2）根据p＝ρgh求物体下表面所受的压强：（3）利用P＝＝＝Fv求电动机拉动绳子的速度，物体上升的速度等于电动机拉动绳子的速度的；已知物体的质量，根据G＝mg求物体所受的重力；由图知，使用滑轮组时绳子的有效段数为3，利用η＝＝＝＝求滑轮组的机械效率；（4）当物体浸没在水中，滑轮组对物体的拉力F拉＝G﹣F浮，不计动滑轮的自重、绳重、绳与滑轮的摩擦以及水对物体的阻力，n＝3，