备战高考化学有机化合物推断题综合经典题含答案

备战高考化学有机化合物推断题综合经典题含答案一、有机化合物练习题（含详细答案解析）1．化合物W是合成一种抗心律失常药物的中间物质，一种合成该物质的路线如下：（1）ClCH2CH2C1的名称是____________。（2）E中不含氧的官能团的名称为____________。（3）C的分子式为__________，B→C的反应类型是____________。（4）筛选C→D的最优反应条件(各组别条件得到的D的产率不同)如下表所示：组别加料温度反应溶剂AlCl3的用量(摩尔当量)①-30~0℃1eq②-20~-10℃1eq③-20~-10℃ClCH2CH2Cl1eq上述实验筛选了________和________对物质D产率的影响。此外还可以进一步探究___________对物质D产率的影响。（5）M为A的同分异构体，写出满足下列条件的M的结构简式：__________________。①除苯环外不含其他环；②有四种不同化学环境的氢，个数比为1：1：2：2；③1molM只能与1molNaOH反应。（6）结合上述合成路线，写出以、CH3I和SOCl2为基本原料合成的路线图。(其他所需无机试剂及溶剂任选)已知，RCOOHRCOCl。____________________________________________________________________________________________。【答案】1，2−二氯乙烷碘原子、碳碳双键C12H14O还原反应加料温度反应溶剂氯化铝的用量【解析】【分析】A发生取代反应生成B，B发生还原反应生成C，C发生取代反应生成D，D发生取代反应生成E，E发生取代反应生成W；(1)该分子中含有2个碳原子，氯原子位于1、2号碳原子上；(2)E中含有的官能团是醚键、碳碳双键、羰基、碘原子、酚羟基；(3)根据结构简式确定分子式；B分子去掉氧原子生成C；(4)对比表中数据不同点确定实验筛选条件；还可以利用氯化铝量的不同探究氯化铝对D产率的影响；(5)M为A的同分异构体，M符合下列条件：①除苯环外不含其他环；②有四种不同化学环境的氢，个数比为1：1：2：2；③l

mol

M只能与1

molNaOH反应，说明含有1个酚羟基；根据其不饱和度知还存在1个碳碳三键；(6)以、CH3I和SOCl2为基本原料合成，可由和SOCl2发生取代反应得到，可由发生氧化反应得到，可由和CH3I发生取代反应得到。【详解】A发生取代反应生成B，B发生还原反应生成C，C发生取代反应生成D，D发生取代反应生成E，E发生取代反应生成W；(1)该分子中含有2个碳原子，氯原子位于1、2号碳原子上，所以其名称是1，2−二氯乙烷；(2)E中含有的官能团是醚键、碳碳双键、羰基、碘原子、酚羟基，所以不含氧官能团为碘原子和碳碳双键；(3)根据结构简式确定分子式为C12H14O；B分子去掉氧原子生成C，该反应为还原反应；(4)对比表中数据不同点确定实验筛选条件是加料温度和反应溶剂；还可以利用氯化铝量的不同探究氯化铝对D产率的影响；(5)M为A的同分异构体，M符合下列条件：①除苯环外不含其他环；②有四种不同化学环境的氢，个数比为1:1:2:2；③l

mol

M只能与1

molNaOH反应，说明含有1个酚羟基；根据其不饱和度知还存在1个碳碳三键，则符合条件的结构简式为：；(6)以、CH3I和SOCl2为基本原料合成，可由和SOCl2发生取代反应得到，可由发生氧化反应得到，可由和CH3I发生取代反应得到，其合成路线为：。2．含氧有机化合物是重要的化学工业原料。完成下列填空：（1）工业上，乙醇可以通过粮食发酵制取，也可由乙烯在一定条件下和__________反应制取。（2）乙醇催化氧化生成乙醛，乙醛中的官能团为____________。乙醛与环氧乙烷()互为____________。（3）写出CH3COOH和CH3CH2OH发生酯化反应的化学方程式。____________________________【答案】水醛基同分异构体【解析】【分析】（1）工业上，乙醇可以通过粮食发酵制取，也可由乙烯在一定条件下和水反应制取；（2）乙醛中的官能团为醛基-CHO,乙醛与环氧乙烷()分子式相同，互为同分异构体；（3）CH3COOH和CH3CH2OH发生酯化反应的化学方程式：；【详解】（1）工业上，乙醇可以通过粮食发酵制取，也可由乙烯在一定条件下和水反应制取，故答案为：水；（2）乙醛中的官能团为醛基-CHO,乙醛与环氧乙烷()分子式相同，互为同分异构体，故答案为：醛基；同分异构体；（3）CH3COOH和CH3CH2OH发生酯化反应的化学方程式：，故答案为：。3．人体内蛋白质约占体重的16%，人体丢失体内20%以上的蛋白质，生命活动有可能会被迫停止，蛋白质的生理功能与它的化学性质密切相关，人体摄入的蛋白质，在酶的翠花作用下发生水解，最终生成氨基酸，这些氨基酸部分重新合成人体所需的蛋白质、糖或脂类物质，另一部分则发生氧化反应，释放能量；以满足各种生命活动的需要。（1）蛋白质属于天然_________化合物，是由氨基酸通过_________键构成；（注：（2）、（3）、（4）小题用“变性”、“两性”、或“盐析”填写）（2）天然蛋白质水解得到的都是α﹣氨基酸，与酸或碱反应都生成盐，所以具有________；（3）蛋白质溶液遇到浓的硫酸铵等无机盐溶液，会析出沉淀，这个过程称为_________；（4）蛋白质遇到酸、碱、重金属盐，失去原来的活性，这个变化称为_________；（5）食物中的蛋白质来源分为两种：植物性蛋白质和动物性蛋白质，下列食物含有植物性蛋白质的是_________（填序号）A．鱼肉B．黄豆C．羊肉D．大米【答案】有机高分子肽两性盐析变性B【解析】【分析】(1)蛋白质属于天然高分子化合物，是由氨基酸通过肽键构成；(2)α-氨基酸既能与酸反应也能与碱反应，属于两性化合物；(3)当滴加浓(NH4)2SO4溶液溶液，蛋白质发生盐析；(4)加热、酸、碱、重金属盐等可使蛋白质发生变性；(5)豆类富含植物性蛋白质，肉类富含动物性蛋白质，大米富含淀粉。【详解】(1)蛋白质属于天然有机高分子化合物，是由氨基酸通过肽键构成；(2)α-氨基酸既能与酸反应也能与碱反应，属于两性化合物；(3)当滴加浓(NH4)2SO4溶液溶液，可使蛋白质的溶解度降低，而从溶液中析出，称为蛋白质的盐析；(4)加热、酸、碱、重金属盐等可使蛋白质发生变性，使蛋白质失去生理活性；(5)黄豆富含植物性蛋白质，鱼肉和羊肉中富含动物性蛋白质，大米中富含淀粉，故答案为B。4．（1）完成下列反应的化学方程式：（注明反应的条件，并配平方程式）①实验室制乙炔____；②向苯酚钠溶液中通入少量的二氧化碳气体____；③甲苯与氯气在光照条件下反应生成一氯取代产物____；（2）有机物A的结构简式为CH3CH2CH(CH3)CH(CH3)C(CH3)3①若A是单烯烃与氢气加成后的产物，则该单烯烃可能有____种结构（不考虑立体异构）；②若A是炔烃与氢气加成后的产物，则该单烯烃可能有____种结构；③C5H12O的同分异构体中属于醇类且能被氧化成醛的有____种。【答案】CaC2+2H2O→Ca(OH)2＋C2H2↑C6H5ONa+CO2+H2O=C6H5OH+NaHCO3+Cl2+HCl514【解析】【分析】（1）①实验室用碳化钙和水制取乙炔；②向苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳气体，苯酚的酸性弱与碳酸，会生成苯酚和碳酸氢钠；③在光照条件下，甲苯与氯气发生取代反应，反应原理类似甲烷与氯气的取代反应，取代的是甲基上的氢原子，苯环不变；（2）①根据烯烃与H2加成反应的原理，推知该烷烃分子中相邻碳原子上均带氢原子的碳原子间是对应烯烃存在碳碳双键的位置；②根据炔烃与H2加成反应的原理，推知该烷烃分子中相邻碳原子上均带2个氢原子的碳原子间是对应炔烃存在C≡C三键的位置；③分子式为C5H12O的有机物，它的同分异构体中，经氧化可生成醛，该有机物属于醇，且连接羟基的碳原子上含有2个氢原子，确定C5H12的同分异构体，-OH取代C5H12中甲基上的H原子。【详解】（1）①实验室用碳化钙和水制取乙炔，方程式为：CaC2+2H2O=Ca(OH)2＋C2H2↑；②向苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳气体，苯酚的酸性弱与碳酸，会生成苯酚和碳酸氢钠，方程式为：C6H5ONa+CO2+H2O=C6H5OH+NaHCO3；③在光照条件下，甲苯与氯气发生取代反应，反应原理类似甲烷与氯气的取代反应，取代的是甲基上的氢原子,苯环不变，方程式为：+Cl2+HCl；（2）①根据烯烃与H2加成反应的原理，推知该烷烃分子中相邻碳原子上均带氢原子的碳原子间是对应烯烃存在碳碳双键的位置，该烷烃的碳链结构为，5号碳原子上没有H原子，与相连接T原子不能形成碳碳双键，能形成双键位置有：1和2之间；2和3之间；3和4之间，3和6之间，4和7之间，故该烃共有5种结构；故答案为：5；②根据炔烃与H2加成反应的原理，推知该烷烃分子中相邻碳原子上均带2个氢原子的碳原子间是对应炔烃存在C≡C三键的位置，该烷烃的碳链结构为，所以能形成三键位置只有：1和2之间，结构简式为；故答案为：1；③分子式为C5H12O的有机物，它的同分异构体中，经氧化可生成醛，该有机物属于醇，且连接羟基的碳原子上含有2个氢原子，确定C5H12的同分异构体，-OH取代C5H12中甲基上的H原子，C5H12的同分异构体有：CH3CH2CH2CH2CH3、CH3CH（CH3）CH2CH3、（CH3）4C，当烷烃为CH3CH2CH2CH2CH3，-OH取代甲基上的H原子有1种结构，当烷烃为（CH3）2CHCH2CH3，-OH取代甲基上的H原子有2种结构，当烷烃为（CH3）4C，-OH取代甲基上的H原子有1种结构，C5H12O的同分异构体中可以氧化为醛的醇有4种，故答案为：4。5．不饱和酯类化合物在药物、涂料等应用广泛。（1）下列有关化合物I的说法，正确的是____（填字母编号）。A．遇FeCl3溶液可能显紫色B．可发生酯化反应和银镜反应C．能与溴发生取代和加成反应D．1mol化合物I最多能与2molNaOH反应（2）反应①是一种由烯烃直接制备不饱和酯的新方法，化合物II的分子式为___________。（3）化合物II可由芳香族化合物III或IV分别通过消去反应获得，但只有化合物III能与Na反应产生H2，化合物III的结构简式为___________（任写1种）；由化合物IV生成化合物II的反应条件为___________。（4）聚合物可用于制备涂料，其单体结构简式为_______________。利用类似反应①的方法，仅以乙烯为有机物原料合成该单体，涉及的两个反应方程式为：Ⅰ.CH2=CH2+H2OCH3CH2OHⅡ.____________。【答案】ACC9H10或NaOH醇溶液，加热CH2=CHCOOCH2CH3【解析】【分析】（1）A．化合物I中含有酚羟基，则遇FeCl3溶液可能显紫色；B．化合物I中不含有醛基，则不能发生银镜反应；C．化合物I中含有碳碳双键，能与溴发生取代和加成反应；D．化合物I中含有2个酚羟基，1个酯基，1mol化合物I最多能与3molNaOH反应；（2）化合物II为；（3）化合物III能与Na反应产生H2，且消去之后的产物为化合物II，则化合物III含有醇羟基；卤代烃也能发生消去反应生成碳碳双键；（4）烯烃发生加聚反应生成聚合物，则的单体为CH2=CHCOOCH2CH3；根据反应①可知，2CH2=CHCOOH+2HOCH2CH3+2CO+O22CH2=CHCOOCH2CH3+2H2O。【详解】（1）A．化合物I中含有酚羟基，则遇FeCl3溶液可能显紫色，符合题意，A正确；B．化合物I中不含有醛基，则不能发生银镜反应，与题意不符，B错误；C．化合物I中含有碳碳双键，能与溴发生取代和加成反应，符合题意，C正确；D．化合物I中含有2个酚羟基，1个酯基，1mol化合物I最多能与3molNaOH反应，与题意不符，D错误；答案为AC；（2）化合物II为，其分子式为C9H10；（3）化合物III能与Na反应产生H2，且消去之后的产物为化合物II，则化合物III含有醇羟基，则化合物III的结构简式为或；卤代烃也能发生消去反应生成碳碳双键，则化合物IV发生消去反应的条件为NaOH醇溶液，加热；（4）烯烃发生加聚反应生成聚合物，则的单体为CH2=CHCOOCH2CH3；根据反应①可知，2CH2=CHCOOH+2HOCH2CH3+2CO+O22CH2=CHCOOCH2CH3+2H2O。【点睛】聚合物的单体的写法为去掉括号，主链上的碳碳键“单变双，双变单”即可。6．高血脂严重影响人体健康，化合物E是一种临床治疗高血脂症的药物。E的合成路线如下（部分反应条件和试剂略）：请回答下列问题：（1）试剂Ⅰ的名称是______，试剂Ⅱ中官能团的名称是______，第②步的反应类型是_______。（2）第①步反应的化学方程式是_____________。（3）第⑥步反应的化学方程式是_____________。（4）第⑦步反应中，试剂Ⅲ为单碘代烷烃，其结构简式是_________。（5）C的同分异构体在酸性条件下水解，生成X、Y和CH3(CH2)4OH。若X含有羧基和苯环，且X和Y的核磁共振氢谱都只有两种类型的吸收峰，则X与Y发生缩聚反应所得缩聚物的结构简式是___________。【答案】甲醇溴原子取代反应CH3I【解析】【分析】【详解】（1）试剂Ⅰ的结构简式为CH3OH，名称为甲醇；试剂Ⅱ的结构简式为BrCH2CH2CH2Br，所含官能团的名称为溴原子；根据和的结构及试剂Ⅱ判断第②步的反应类型为取代反应。（2）根据题给转化关系知第①步反应为CH3CH(COOH)2和CH3OH在浓硫酸、加热的条件下发生酯化反应生成CH3CH(COOCH3)2和水，化学方程式为。（3）根据题给转化关系推断C为，结合题给信息反应知在加热条件下反应生成，化学方程式为。（4）试剂Ⅲ为单碘代烷烃，根据和的结构推断，试剂Ⅲ的结构简式是CH3I。（5）C的分子式为C15H20O5，其同分异构体在酸性条件下水解，含有酯基，生成X、Y和CH3(CH2)4OH，生成物X含有羧基和苯环，且X和Y的核磁共振氢谱均只有两种类型的吸收峰，则X为对二苯甲酸，Y为CH2OHCH2OH，则X与Y发生缩聚反应所得缩聚物的结构简式是。【点睛】本题考查选修5《有机化学基础》相关知识，以简答或填空形式考查。常涉及如下高频考点：有机物的命名；官能团的识别、检验方法和官能团转化的反应条件；反应类型判断；有机物分子中原子共线、共面分析；有机物结构简式推断及书写；有机化学反应方程式书写；同分异构数目判断及书写；有机物合成路线设计等。解答此类题目首先要熟练掌握常见有机物官能团的性质和相互转化关系，然后阅读题给信息（转化关系和题给信息反应），与教材信息整合形成新的知识网络。有机推断的关键点是寻找突破口，抓住突破口进行合理假设和推断。常见突破口有：特殊颜色，特殊状态，特殊气味等物理性质；特殊反应类型和反应条件，特殊反应现象和官能团所特有的性质，特殊制法和特殊用途等。有机合成首先判断目标有机物属于哪类有机物，其次分析目标有机物中碳原子的个数、碳链组成与原料、中间物质的组成关系。根据给定原料，结合信息，利用反应规律合理地把目标有机物分解成若干个片段，找出官能团引入、转换的途径及保护方法。找出关键点、突破点后，要正向思维和逆向思维、纵向思维和横向思维相结合，选择最佳合成途径。（5）小题是本题的难点，首先根据C的分子式和题给信息确定其同分异构体属于酯类，结合水解产物的结构和性质确定X为对二苯甲酸，Y为CH2OHCH2OH，进一步写出缩聚产物的结构简式。审清题目的要求，规范书写化学用语是得分的关键。题目难度适中。7．已知:CH3-CH=CH2+HBr→CH3-CHBr-CH3(主要产物)。1mol某芳香烃A充分燃烧后可以得到8molCO2和4molH2O。该烃A在不同条件下能发生如下所示的一系列变化。回答下列问题:(1)A的分子式为_____________，E中官能团名称为___________。(2)F的结构简式为_______________，③的反应类型为______________。(3)写出下列反应的化学方程式:②________________________________；④________________________________；(4)下列关于F的说法正确的是_____(填序号)。a.能发生消去反应b.能与金属钠反应c.1molF最多能和3mol氢气反应d.分子式是C8H9【答案】C8H8碳碳三键加成abc【解析】【分析】1mol某烃A充分燃烧后可以得到8molCO2和4molH2O，故烃A的分子式为C8H8，不饱和度为=5，可能含有苯环，由A发生加聚反应生成C，故A中含有不饱和键，故A为，C为，A与溴发生加成反应生成B，B为，B在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成E，E为，E与溴发生加成反应生成，由信息烯烃与HBr的加成反应可知，不对称烯烃与HBr发生加成反应，H原子连接在含有H原子多的C原子上，与HBr放出加成反应生成D，D为，在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成F，F为，与乙酸发生酯化反应生成H，H为，据此解答。【详解】(1)由分析知，A的分子式为C8H8；E的结构简式为，官能团名称为碳碳三键；(2)由分析知，F的结构简式为；反应③为碳碳双键的加成，反应类型为加成反应；(3)反应②为在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成，反应方程式为；反应④为苯乙烯发生加成反应，方程式为；(4)F为；a．F中羟基邻位碳上有氢原子，能发生消去反应，故a正确；b．F中羟基与金属钠反应产生氢气，故b正确；c．F中有一个苯环，所以1molF最多能和3mol氢气发生加成反应，故c正确；d．F的分子式是C8H10O，故d错误；故答案为abc。【点睛】能准确根据反应条件推断反应原理是解题关键，常见反应条件与发生的反应原理类型：①在NaOH的水溶液中发生水解反应，可能是酯的水解反应或卤代烃的水解反应；②在NaOH的乙醇溶液中加热，发生卤代烃的消去反应；③在浓H2SO4存在的条件下加热，可能发生醇的消去反应、酯化反应、成醚反应或硝化反应等；④能与溴水或溴的CCl4溶液反应，可能为烯烃、炔烃的加成反应；⑤能与H2在Ni作用下发生反应，则为烯烃、炔烃、芳香烃、醛的加成反应或还原反应；⑥在O2、Cu(或Ag)、加热(或CuO、加热)条件下，发生醇的氧化反应；⑦与O2或新制的Cu(OH)2悬浊液或银氨溶液反应，则该物质发生的是—CHO的氧化反应。(如果连续两次出现O2，则为醇→醛→羧酸的过程)。8．短周期元素X、Y、Z组成的化合物Y2X和ZX2。Y2X溶于水形成的溶液能与ZX2反应生成一种化合物Y2ZX3。已知三种元素原子的质子总数为25，且Z和Y的原子序数之和比X的原子序数2倍还多1，Z原子有2个电子层，最外层电子数是核外电子数的倍，试回答：（1）X、Y、Z元素的名称：X___，Y___，Z___。（2）用电子式表示ZX2的形成过程：___。（3）Y2X对应水化物的电子式___，其中存在的化学键有___。（4）写出Y2X溶于水的溶液与ZX2反应的化学方程式___。【答案】氧钠碳离子键和共价键2NaOH+CO2=Na2CO3+H2O【解析】【分析】Z原子有2个电子层，最外层电子数是核外电子数的倍，可设最外层电子数为n，则有关系式：n=(2+n)，解得n=4，所以Z为碳元素，质子数为6；设X、Y两种元素原子的质子数分别为x、y，由题知X、Y、Z三种元素原子的质子总数为25，则有x+y+6=25，且Z和Y的原子序数之和比X的原子序数2倍还多1，则有6+y=2x+1，联立方程解得：x=8，y=11，即X为氧元素，Y为钠元素，然后利用单质及化合物的性质来解答。【详解】Z原子有2个电子层，最外层电子数是核外电子数的倍，可设最外层电子数为n，则有关系式：n=(2+n)，解得n=4，所以Z为碳元素，质子数为6；设X、Y两种元素原子的质子数分别为x、y，由题知X、Y、Z三种元素原子的质子总数为25，则有x+y+6=25，且Z和Y的原子序数之和比X的原子序数2倍还多1，则有6+y=2x+1，联立方程解得：x=8，y=11，即X为氧元素，Y为钠元素。（1）由以上分析可知，X为氧元素，Y为钠元素，Z为碳元素；（2）ZX2是CO2，CO2是共价化合物，由化合价可知每个氧原子与碳原子之间有2对共用电子对，碳原子共有4个共用电子对，形成过程用电子式可表示为：；（3）Y2X为Na2O，对应水化物为NaOH，NaOH是离子化合物，由钠离子与氢氧根离子构成，电子式为：；钠离子与氢氧根离子之间为离子键，氢氧根离子中氢原子和氧原子之间为共价键；（4）Y2X为Na2O，溶于水生成NaOH，ZX2为CO2，二者反应的化学方程式为：2NaOH+CO2=Na2CO3+H2O。【点睛】用电子式表示离子化合物形成过程时，左边是原子的电子式，有几个原子写几个原子，不能合并，后面是化合物的电子式，中间用箭头连接。9．工业中很多重要的原料都是来源于石油化工，回答下列问题（1）C的结构简式为________。（2）丙烯酸中含氧官能团的名称为_____________。（3）③④反应的反应类型分别为_____________、___________。（4）写出下列反应方程式①反应①的化学方程式____________；②反应②的化学方程式_________________；③反应⑤的化学方程式____________。（5）丙烯酸（CH2=CH—COOH）可能发生的反应有_______________（填序号）A加成反应B取代反应C加聚反应D中和反应E氧化反应（6）丙烯分子中最多有______个原子共面【答案】CH3COOH羧基氧化反应加聚反应+HNO3+H2OCH2=CH2＋H2OCH3CH2OHCH2=CH－COOH＋CH3CH2OHCH2=CHCOOCH2CH3＋H2OABCDE7【解析】【分析】分析流程图，B被高锰酸钾氧化得到C，B和C可得到乙酸乙酯，则B为乙醇，C为乙酸，所以A为乙烯，。【详解】（1）C为乙酸，其结构简式为CH3COOH；（2）丙烯酸中含氧官能团的名称为羧基（-COOH）；（3）反应③为氧化反应，反应④为加聚反应；（4）反应①为苯的硝化反应，其化学方程式为+HNO3+H2O；反应②为乙烯水化法制备乙醇，方程式为CH2=CH2＋H2OCH3CH2OH；反应⑤为乙醇和丙烯酸的酯化反应，方程式为CH2=CH－COOH＋CH3CH2OHCH2=CHCOOCH2CH3＋H2O；（5）丙烯酸中的官能团有碳碳双键和羧基，所以可能发生的反应有加成、取代（酯化）、加聚、中和、氧化，故答案为ABCDE；（6）丙烯分子的结构为其中，碳碳双键上的两个碳、三个氢和甲基上的一个碳为一个平面，当甲基的角度合适时，甲基上的一个氢会在该平面内，所以最多有7个原子共平面。10．已知乙烯能发生以下转化：(1)乙烯的结构简式为：______________(2)写出化合物官能团的化学式及名称：①B中含官能团_________名称________；②D中含官能团__________名称_________；(3)写出反应的化学方程式①__________反应类型：___________②__________反应类型：___________【答案】CH2=CH2—OH羟基—COOH羧基加成反应氧化反应【解析】【分析】乙烯含有碳碳双键能与水发生加成反应生成B是乙醇，乙醇发生催化氧化生成C是乙醛，B与D发生酯化反应生成乙酸乙酯，则D是乙酸，据此解答。【详解】根据以上分析可知B是乙醇，C是乙醛，D是乙酸，则(1)乙烯的结构简式为CH2=CH2，故答案为：CH2=CH2；(2)①B是乙醇，含有的官能团为—OH，名为羟基，故答案为：—OH；羟基；②D是乙酸，含有的官能团为—COOH，名为羧基，故答案为：—COOH；羧基；(3)①.反应①是乙烯与水发生加成反应，反应方程式为，故答案为：；加成反应；②.反应②是乙醇的催化氧化，反应的化学方程式为，为氧化反应，故答案为：；氧化反应。【点睛】本题考查有机物推断，侧重考查学生推断和知识综合运用能力，涉及物质推断、反应类型判断、官能团判断，明确有机物官能团及其性质、物质之间的转化关系是解本题关键，题目难度不大。11．成熟的苹果中含有淀粉、葡萄糖和无机盐等，某课外兴趣小组设计了一组实验证明某些成分的存在，请你参与并协助他们完成相关实验。（1）用小试管取少量的苹果汁，加入_______(填名称），溶液变蓝，则证明苹果中含有淀粉。（2）利用含淀粉的物质可以生产醋酸。下面是生产醋酸的流程图，试回答下列问题：B是日常生活中有特殊香味的常见有机物，在有些饮料中含有B。①写出化学方程式，并注明反应类型。B与醋酸反应:____________________________，属于______________反应。B→C____________________________，属于____________________________反应。②可用于检验A的试剂是____________________________。【答案】碘水CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O取代（或酯化）2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O氧化新制的氢氧化铜悬浊液（合理答案均可）【解析】【分析】(1)碘单质遇淀粉变蓝色；(2)①淀粉在酸性条件下水解生成葡萄糖，葡萄糖在催化剂的条件下生成乙醇，乙醇可被氧化为乙醛，最终氧化物乙酸；②葡萄糖中含有醛基。【详解】(1)苹果中含有淀粉，碘单质遇淀粉变蓝色，向苹果汁中加入碘水，溶液变蓝，则苹果中含有淀粉；(2)淀粉在酸性条件下水解生成葡萄糖，葡萄糖在催化剂的条件下生成乙醇，乙醇可被氧化为乙醛，最终氧化物乙酸，则A为葡萄糖，B为乙醇，C为乙醛；①乙醇和乙酸在浓硫酸作用下发生酯化(取代)反应生成乙酸乙酯，反应的方程式为CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O；B为乙醇，C为乙醛，乙醇可在催化剂条件下发生催化氧化生成乙醛，反应的方程式为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；②葡萄糖中含有醛基，检验葡萄糖可用新制的氢氧化铜悬浊液，加热后若产生砖红色沉淀，则淀粉水解生成葡萄糖。12．乙基香草醛（）是食品添加剂的增香原料。（1）写出乙基香草醛分子中两种含氧官能团的名称____________________。（2）与乙基香草醛互为同分异构体，能与NaHCO3溶液反应放出气体，且苯环上只有一个侧链（不含R－O－R’及R－O－COOH结构）的有_________种。（3）A是上述同分异构体中的一种，可发生以下变化：已知：i.RCH2OHRCHO；ii.与苯环直接相连的碳原子上有氢时，此碳原子才可被酸性KMnO4溶液氧化为羧基。①写出A的结构简式：_____________，反应②发生的条件是________________。②由A可直接生成D，反应①和②的目的是__________________________________。③写出反应方程式：A→B____________________________________________，C与NaOH水溶液共热：_____________________________________________。④乙基香草醛的另一种同分异构体E()是一种医药中间体。由茴香醛()合成E（其他原料自选），涉及的反应类型有（按反应顺序填写）______________。【答案】醛基、（酚）羟基（或醚键）4种NaOH醇溶液减少如酯化、成醚等副反应的发生氧化反应、酯化反应（或取代反应）【解析】【分析】【详解】（1）根据乙基香草醛的结构简式可知，分子中含有的含氧官能团是醛基、（酚）羟基、醚键。（2）能与NaHCO3溶液反应放出气体，说明含有羧基。又因为苯环上只有一个侧链（不含R－O－R’及R－O－COOH结构），所以该侧链是－CHOHCH2COOH、－CH2CHOHCOOH、－C(CH3)OHCOOH、－CH(CH2OH)COOH，所以共计4种。（3）①乙基香草醛的同分异构体A是一种有机酸必为含有苯环的芳香羧酸。从A→C的分子组成的变化可知①发生的是取代反应，A中的-OH被HBr取代。从A→B分子组成上变化说明发生的是醇脱氢氧化变成醛基的反应。从A被氧化变成苯甲酸，又说明羧基和羟基在同一个侧链上。因此A的结构简式只能是。根据反应②气化有机物分子式的变化可知，这是卤代烃的消去反应，应该在氢氧化钠的醇溶液中加热。②由于分子含有羧基和羟基，如果直接生成D，则容易发生酯化、成醚等副反应。③A→B是羟基的氧化反应，方程式为。C中含有羧基和氯原子，所以方程式为。④乙基香草醛的另一种同分异构体E是属于酯类化合物，用茴香醛合成，从结构上分析必须将醛氧化变为羧酸，然后进行酯化变为E，其反应流程应为：该题突出了有机化合物结构与性质的关系。有机物的结构决定有机物的性质，有机物的性质反映有机物的结构。这是推导判断的基础。13．a、b、c、d、e五种短周期元素的原子序数逐渐增大。a为非金属元素且原子半径最小，e为金属，且a、e同主族，c、d为同周期的相邻元素。e原子的质子数等于c、d原子最外层电子数之和。b原子最外层电子数是内层电子数的2倍。c的气态氢化物分子中有3个共价键。试推断：(1)写出d元素在周期表中的位置________。(2)c的单质的分子式为________。(3)d元素有两种同素异形体，写出其中有气味的一种的分子式________。(4)b的最简单气态氢化物的结构式是________。(5)d和e组成的常见化合物是淡黄色固体，写出该化合物电子式________。【答案】第二周期ⅥA族【解析】【分析】a、b、c、d、e四种短周期元素的原子序数逐渐增大，b原子最外层电子数是内层电子数的2倍，原子只能有2个电子层，最外层电子数为4，则b为C元素；c的氢化物分子中有3个共价键，则c处于ⅤA族，c、d为同周期的相邻元素，d处于ⅥA族，e原子的质子数等于c、d原子最外层电子数之和，则e的质子数=5+6=11，则e为Na；a为非金属元素，且a、e同主族，则a为H元素，结合原子序数可知，c、d只能处于第二周期，故c为N元素、d为O元素，据此解答。【详解】（1）d元素为O，其位于元素周期表中第二周期ⅥA族；（2）c为N元素，其单质分子的化学式为N2；（3）O元素对应单质有O2、O3，其中O3是具有鱼腥气味的淡蓝色气体；（4）b为C元素，其最简单气态氢化物为CH4，其空间结构为正四面体，其结构式为；（5）d为O元素，e为Na元素，二者组成的淡黄色化合物为Na2O2，Na2O2是由Na+和通过离子键结合，因此Na2O2的电子式为：。14．苯酚是一种重要的化工原料。以苯酚为主要起始原料，经下列反应可制得香料M和高分子化合物N。(部分产物及反应条件已略去)(1)由苯酚生成A的化学方程式是______。(2)已知C的分子式为C5H12O，C能与金属Na反应，C的一氯代物有2种。C的结构简式是______。(3)B与C反应的化学方程式是_________。(4)生成N的反应类型是______，D的结构简式