2025-2026学年湖南省岳阳市汨罗市第二中学高二（上）9月月考物理试卷（含解析）

第=page22页，共=sectionpages22页2025-2026学年湖南省岳阳市汨罗市第二中学高二（上）9月月考物理试卷一、单选题：本大题共6小题，共24分。1.某静电除尘装置由带电的金属圆筒Q和带电的电极P组成，其横截面上的电场线分布及方向如图所示，A、B、M、N四点到P距离相等，下列说法正确的是(

)

A.A、B两点电场强度相同

B.C点的电场强度比B点大

C.金属圆筒Q带正电，电极P带负电

D.带正电的粉尘在M点和N点，所受电场力相同2.竖直放置的轻质弹簧，下端固定在水平地面上，一小球从弹簧正上方某一高度处自由下落，从小球开始接触弹簧到将弹簧压缩至最短的过程中，下列说法正确的是(

)

A.小球和弹簧组成的系统动量守恒

B.小球的动量一直减小

C.弹簧对小球冲量的大小大于重力对小球冲量的大小

D.小球的机械能守恒3.如图所示，水平旋转餐桌与桌面上的花瓶(可视为质点)一起匀速转动，两者间没有相对滑动，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，下列说法正确的是(

)

A.花瓶受到重力、支持力、静摩擦力和向心力的作用

B.花瓶所受静摩擦力方向与速度方向相反

C.花瓶受到的合力方向不变

D.保持餐桌的角速度不变，将花瓶放在更靠近圆心的位置，两者仍可保持相对静止4.如图所示，用内阻为110Ω、满偏电流为50mA的表头改装成量程为0.6A和3A的双量程电流表，接线柱a为公共接线柱，下列说法正确的是(

)A.用a、b两个接线柱时量程为0.6A B.R1的阻值为2Ω

C.R2的阻值为10Ω D.5.地球同步卫星的对地张角为2θ，运行轨道如图中圆形虚线所示。已知地球半径为R，地球表面重力加速度为g，万有引力常量为G，则地球的自转周期为(

)

A.2πRg B.C.2πsinθ6.如图所示，是高速磁悬浮列车在水平长直轨道上的模拟运行图，列车由质量均为m的4节车厢组成，其中1号车厢为动力车厢。列车由静止开始以额定功率P运行，经过一段时间达到最大速度。列车向右运动过程中，1号车厢会受到前方空气的阻力，假设车厢碰到空气前空气的速度为0，碰到空气后空气的速度立刻与列车速度相同，已知空气密度为ρ。1号车厢的迎风面积(垂直运动方向上的投影面积)为S，不计其他阻力，忽略2号、3号、4号车厢受到的空气阻力。当列车由静止开始以额定功率运行到速度为最大速度的13时，1号车厢对2号车厢的作用力大小为(

)

A.2693P2ρS B.136二、多选题：本大题共3小题，共12分。7.如图所示，平行金属板中有一个带电油滴悬浮在两板间的P点，不考虑电流表和电压表对电路的影响，选地面的电势为零，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，下列说法正确的是(

)

A.油滴带负电，将向下运动

B.电压表示数变大

C.电源的效率变低

D.若电压表、电流表的示数变化量分别为ΔU和ΔI，则ΔUΔI<8.宇航员要适应在高速旋转下的生活。某次训练时，训练宇航员的运动可以简化为如图所示的模型，在高速旋转的竖直圆筒上，竖直侧壁有一质量为m的物体，该物体随圆筒一起做半径为R的匀速圆周运动，已知物体和竖直侧壁的动摩擦因数为μ，物体和侧壁最大静摩擦力和滑动摩擦力相等，重力加速度为g，则(

)A.物体一定受重力、弹力和静摩擦力的作用 B.物体转动角速度越大，静摩擦力越大

C.物体转动的角速度至少为μgD.物体转动的最大周期为29.在冰壶比赛中，某队员利用红壶去碰撞对方的蓝壶，两者在大本营中心发生对心碰撞如图(a)所示，碰撞前后两壶运动的v-t图线如图(b)中实线所示，其中红壶碰撞前A.碰后蓝壶速度为0.8m/s

B.两壶发生的碰撞是弹性碰撞

C.碰后蓝壶移动的距离为1三、实验题：本大题共2小题，共18分。10.图甲所示的装置可以用来探究向心力大小与质量、角速度和半径之间的关系。挡板A、B、C到各自转轴的距离之比为1：2：1，变速塔轮自上而下有如图乙所示两种组合方式传动。

(1)本实验所采用的实验探究方法与下列实验相同的是______；

A.探究两个互成角度的力的合成规律

B.探究加速度与物体受力、物体质量的关系

C.探究平抛运动的特点

(2)在探究向心力大小F与质量m的关系时，应把传动皮带调至第______(选填“一”或“二”)层塔轮，质量不同的两小球应放置于挡板A和挡板______(选填“B”或“C”)处。

(3)若将皮带套在第二层塔轮，质量相同的两钢球放在图甲所示位置的挡板处，转动手柄，稳定后，观察到左侧标尺露出1格，右侧标尺露出4格，则可以得出的实验结论为：______。11.某同学用图甲实验装置验证动量守恒定律。已知入射小球质量为m1，被碰小球质量为m2，记录小球抛出点在水平地面上的竖直投影点O，测出碰撞前后两小球的平均落地点的位置M、P、N与O的距离分别为x1、x2(1)若入射小球半径为r1，被碰小球半径为r2，则要求A.m1>m2C.m1>m2(2)入射小球从轨道上滑下时，轨道的粗糙程度对实验结论_____(选填“有影响”或“无影响”)；(3)若两球碰撞时的动量守恒，应满足的关系式为_____(用题中所给物理量的符号表示)。(4)某实验小组用另一组装装置验证动量守恒定律，如图所示，在水平槽末端与水平地面间放置了一个斜面，斜面的顶点与水平槽等高且无缝连接，使入射小球仍从斜槽上S点由静止滑下，多次实验，得到两球落在斜面上的平均落点M'、P'、N'。用刻度尺测量斜面顶点到M'、P'、N'三点的距离分别为l1、l2、四、计算题：本大题共3小题，共30分。12.在如图所示电路中，电阻R1=5Ω，电阻R3=1Ω。闭合开关S1，在开关S2断开的情况下，理想电压表的读数为2.5V；在开关(1)在开关S2断开的情况下，电阻R(2)在开关S2闭合的情况下，电阻R0和R13.在“质子疗法”中，质子先被加速到具有较高的能量，然后被引向轰击肿瘤，杀死细胞。如图所示，质量为m、电荷量为q的质子从极板A处由静止加速，通过极板A1中间的小孔以v0=1×107m/s射出，然后从坐标系xOy中的B点(0,d)平行于x坐标轴进入yOP区域，该区域充满沿y轴负方向的匀强电场，电场强度为E，OP与x轴夹角α=30∘。质子在电场中偏转垂直击中边界OP(1)极板AA1间的加速电压(2)B、C两点电势差U(3)电场强度E的大小。14.如图所示，在竖直平面内固定一绝缘轨道ABCD，光滑轨道AB水平放置，粗糙轨道CD与水平方向夹角为θ=60°，BC是绝缘光滑的圆弧形轨道，与AB、CD相切于B、C两点，圆弧的圆心为O，半径R=1m。轨道所在空间存在水平向左的匀强电场，电场强度的大小E=1×104N/C。现有一质量m=3kg、电荷量q=1×10-3C的带正电的小物块((1)物块第一次经过圆弧上的B点时，对轨道的压力大小；(2)物块释放点距离C点的高度h；(3)物块在CD轨道上运动的总路程x。

答案解析1.【答案】C

【解析】解：AD.电场线的疏密程度表示场强的大小，A点电场线更密集，A点的电场强度大于B点的电场强度，根据电场的叠加及对称性可知，M、N两点电场强度大小相等，但方向不同，带正电的粉尘在M点和N点，所受电场力不相同，故AD错误；

B.电场线密集的地方电场越大，C点的电场强度比B点小，故B错误；

C.电场线由正电荷指向负电荷，可知金属圆筒Q带正电，电极P带负电，故C正确。

故选：C。

根据电场线的疏密程度与电场强度的关系，从而分析电场力的关系。

2.【答案】C

【解析】【分析】

本题考查了系统动量守恒的判断、动量定理的一般应用、机械能守恒的判断；解决本题的关键知道小球在整个过程中的运动情况。

对小球进行受力分析之后，根据牛顿第二定律可知加速度变化情况，进而可分析小球的运动情况，进而得到小球动量变化情况，因轻弹簧质量不计，也就得到了系统动量变化情况；对小球应用动量定理可分析出小球所受合外力对小球的冲量，从而比较出弹簧对小球和重力对小球冲量大小关系；

系统在整个过程中，只受重力和弹簧弹力作用，系统机械能守恒，小球机械能不守恒。

【解答】

A.小球和弹簧组成的系统受到地面支持力及重力作用，故动量不守恒，故A错误；

B.小球先加速后减速，故动量先增大再减小，故B错误；

C.从小球开始接触弹簧到将弹簧压缩至最短的过程中，速度从非零向下到零。依据动量定理，合冲量向上不为零，弹簧对小球冲量的大小大于重力对小球冲量的大小，故C正确；

D.根据上述，从小球开始接触弹簧到将弹簧压缩至最短的过程中，小球先向下做加速度减小的变加速直线运动，后向下做加速度增大的变减速直线运动，弹簧弹力对小球做负功，小球的机械能减小，故D错误。3.【答案】D

【解析】AB.花瓶受到重力、支持力、静摩擦力作用，静摩擦力提供做圆周运动的向心力，静摩擦力方向与速度方向垂直，故ABC.花瓶做匀速圆周运动，则受到的合力指向圆心，方向不断发生变化，故C错误；D.保持餐桌的角速度不变，将花瓶放在更靠近圆心的位置，根据

f=mω2故选D。4.【答案】B

【解析】接a、b两个接线柱时Ig得I1=Ig(Rg+R2)R1可知I1>I2，则用a、b两个接线柱时量程为3代入数据，解得R1=2Ω，R2=8Ω，则5.【答案】D

【解析】同步卫星的环绕半径为

r=Rsinθ，对同步卫星，根据

GMmr2=m2πT故选D。6.【答案】B

【解析】设动车的速度为v，动车对空气的作用力为F，根据动量定理可得Ft=ρvtSv-当牵引力等于阻力时，速度达到最大，则P=Fvm，解得vm=3此时受到的牵引力F牵=Pv'，解得F对整体根据牛顿第二定律F牵-f=4ma，

对2、3、4故选B。7.【答案】AC

【解析】AB.油滴原来静止在电容器内，受向上的电场力与向下的重力且二力平衡，由题图可知，电容器内部电场方向向下，所以油滴带负电。当滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，电路中的总电流增大，路端电压减小，所以

R1

两端的电压增大，则电容器两端电压减小，即电压表示数变小，电容器内场强减小，油滴所受电场力小于重力，将向下运动，故A正确，C.电源的效率为η当滑动变阻器

R4

的滑片向b端移动时，其阻值减小，则外电阻

R外

减小，电源的效率变低，故D.根据闭合电路欧姆定律可知E可得U若电压表、电流表的示数变化量分别为

ΔU

和

ΔI

，则有ΔU故D错误。故选AC。8.【答案】AD

【解析】A.物体受重力、弹力、静摩擦力，三力的合力指向圆心，故A正确；B.物体所受的静摩擦力一直和重力相等，故B错误；CD.竖直方向有

μFN=mg，水平方向有

FN=mω2R，解得物体转动的角速度至少为故选AD。9.【答案】AD

【解析】AB、由图知：碰前红壶的速度为v0=1.0m/s，碰后速度为v1=0.2m/s，碰后红壶沿原方向运动，设碰后蓝壶的速度为v2，取碰撞前红壶的速度方向为正方向，根据动量守恒定律可得：mv0=mv1+mv2，代入数据解得：v210.【答案】B；

一；C；

两小球的质量和做圆周运动的半径相等时，向心力的大小与角速度的平方成正比

【解析】(1)本实验要探究F与m、ω、r之间的关系，需要保持m、ω、r中两个量相等，探究F与第三个量之间的关系，这种探究方法叫作控制变量法。探究两个互成角度的力的合成规律所采用的探究方法为等效替代法；探究加速度与物体受力、物体质量的关系所采用的探究方法为控制变量法；探究平抛运动的特点所采用的探究方法是运动的合成与分解法，故B正确，AC错误。

故选：B。

(2)在探究向心力大小F与质量m的关系时，应控制两球做圆周运动的角速度相等，做圆周运动半径相等，则应把传动皮带调至第一层塔轮，质量不同的两小球应放置于A、C两位置；

(3)由题意知，两小球的m、r相等，ω1ω2=12，根据F=mrω2可知，F1F2=14，所以两小球的质量和做圆周运动的半径相等时，向心力的大小与角速度的平方成正比。

故答案为：(1)B；11.【答案】(1)(2)无影响(3)

m(4)

m

【解析】(1)实验时为保证两球正碰，则两球必须等大，即

r1=r2

；为防止入射球碰后反弹，则入射球质量要大于被碰球的质量，即

m1>m2(2)入射小球从轨道上滑下时，轨道的粗糙程度对实验结论没有影响，小球滑到底端时速度相同即可。(3)碰撞前小球

m1

落点为

P

，碰撞后小球

m1

落点为

M

，小球

m2

落点为

N

；由于两小球在空中下落的高度相同，所以平抛运动时间相同，设为

t

根据动量守恒定律可得

m若两球碰撞时的动量守恒，应满足的关系式为

m1(4)碰撞前小球

m1

落点为

P'

，碰撞后小球

m1

落点为

M'

，小球

m2

落点为

N'

，设斜面倾角为解得

v同理可得

v根据动量守恒表达式

m可得

m112.【答案】解：(1)在开关S2断开的情况下，根据欧姆定律

电路中的电流为：I=U1R1=2.55A=0.5A，

因为E=IR1+IR2+IR3，

R2=E-IR1-IR3I=6Ω【解析】本题考查了欧姆定律、电功率等知识点，解题关键是明确电路结构，熟练掌握串并联电路的特点，利用欧姆定律、电功率公式分析解题。13.【答案】解：(1)质子在极板

AA1

间加速，由动能定理可得解得极板

AA