2025年高一物理暑假过关检测（人教版）解析版

侬

（考试时间：75分钟满分：100分）

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如

需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写

在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回

选择题（本题共10小题，共46分，在每小题给出的四个选项中，「7题只有一项符合题目要求，8~10

题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答得0分。）

1.人们越来越多地使用手机进行导航，如图所示是某人从虎门林则徐纪念馆驾车到海战博物馆手机导航给

出的路线备选方案，下列说法正确的是（）

九口・第二

工业区

16分钟518分钟19分钟

63公JB8472公里8374公里87

方■少■并■疗方♦二

A.三条线路方案的路程相等

B.图中显示“预计11:25到达”，其中“11:25"指的是时刻

C.距离最短方案中6.3公里指的是位移

D.三种方案中，由于车体积较大不能看成质点

【答案】B

【详解】A.三条线路方案的位移相等，路程不等，故A错误；

B.图中显示“预计11:25到达”，其中“11:25"指的是到达的时刻,故B正确;

C.距离最短方案中6.3公里指的是路程，故C错误；

D.三种方案中，车的体积可以忽略，车可以看成质点，故D错误。

故选Bo

2.伽利略对自由落体运动的研究，是科学实验和逻辑思维的完美结合，如图所示，可大致表示其实验和思

维的过程，对这一过程的分析，下列说法正确的是（）

伽利略对自由落体运动的研究（油画）伽利略对自由落体运动的研究（示意图）

①数学推理，如果，工/,初速度为零的匀变速直线运动运动应符合X0C/2

②合理外推，当倾角等于9。。时，斜面运动变为自由落体运动

③实验验证：小球在斜血上运动符合XOC〃，是匀加速直线运动

④猜想假设：自由落体运动是最筒单的变速运动，即丫工，

A.④③①②B.④①③②C.①④③②D.④①②③

【答案】B

【详解】伽利略对自由落体的研究分为：猜想假设一数学推理7实验验证-合理外推几个步骤。

故选

3.质点做直线运动的V—图像如图所示，则以下说法正确的是（）

B.在2〜3内质点的速度越来越小

C.在2〜3s内加速度与1〜2s内的加速度相同

D.在。〜3s内质点的加速度始终不变

【答案】C

【详解】A.根据PT图像可知，质点在。〜2s一直向正方向运动，所以在1s时速度方向没有改变，故A

错误；

B.根据VT图像可知，在2〜3s内质点的速度越来越大，故B错误：

C.根据丫―图像的斜率表示加速度，可知在2~3s内加速度与1〜2s内的加速度相同，故C正确；

D.根据吁，图像的斜率表示加速度，可知在0〜1s内的加速度方向与1〜3s内的加速度方向相反，故D错误。

故选Co

4.一学习兴趣小组在探究摩擦力时，自行车倒立放置，让后轮逆时针转动，随后在后轮最高点轻轻放上一

硬纸板（如图所示），通过观察便纸板的运动进行相关研究。下列分析正确的是（）

A.硬纸板受到静摩擦力的作用B.轮胎转动越快，硬纸板受到的摩擦力越大

C.硬纸板受到向左的摩擦力，从而向左抬出D.硬纸板受到向右的摩擦力，从而向左飞出

【答案】C

【详解】AB.硬纸板受到滑动摩擦力的作用，根据

./'=心

可知硬纸板受到的滑动摩擦力大小与轮胎转动的快慢无关，故AB错误；

CD.由于后轮逆时针转动，可知硬纸板相对于后轮有向右的运动方向，则硬纸板受到向左的摩擦力，从而

向左飞出，故C正确，D错误。

故选C。

5.如图所示，我国空军紧急出动运-20等运输机，将全国人民支援的物资及时送达抗疫前线。运输机的升

力为&=*S（其中p为飞行动压、S为机翼面积，Q是一个无单位升力系数）。若用〃表示空气的密度,

他表示飞机的质量，，表示飞行速度，尸表示飞机发动机推力，你可能不会计算飞机飞行时的动压p,但你

可根据所学的物理知识和方法进行分析，判断出下列飞行动压〃的表达式合理的是（）

【答案】C

【详解】A.根据题意可得

GS

所以动压的单位为

N_kgm/s2_kg

m2m2ms2

史的单位为kg/m；(m/s)2故A错误；

2w?kgnr-sz

B.殁，的单位为kg-m/s2-kg/1m3-m/s=必，故B错误：

2ms

C.22的单位为kg/m3.（m/s）2=-!%,故C正确；

2ms~

D.华的单位为她包：警也=鸟，故D错误。

2ntkgms

故选C。

6.如图所示，泉面上放置张纸和枚硬币，硬币静止在纸面上，现用手迅速拉动纸的边，硬币相对纸

滑动，则此过程中（）

A.拉动速度越大，硬币受到摩擦力越小B.拉动速度越小，硬币离开纸时的速度越小

C.手用力越大，硬币受到摩擦力越大D.手用力越小，硬币离开纸时的速度越大

【答案】D

【详解】AC.硬币在纸上滑动时受到滑动摩擦力，大小一定，与手拉纸作用力的大小及速度大小无关，故

AC错误；

BD.根据牛顿运动学知识知，硬币在纸面上做匀加速直线运动，加速度恒定，分析题意知硬币离开纸时与

纸之间的相对距离一定；手用力越小，纸获得的加速度越小，无论是纸运动的加速度小还是手拉动纸速度

小，都会导致硬币在纸上滑动的时间增加，则硬币做匀加速直线运动的时间越长，离开纸时的速度就越大,

故B错误，D正确。

故选D。

7.如图所示，三物体A、B、C均静止，轻绳两端分别与A、C两物体连接且伸直，加人=3kg,〃%=2kg,

%=lkg,物体A、B、C及C与地面之间的动摩擦因数均为〃=0.1,轻绳与滑轮间的摩擦可忽略不计，重

力加速度g取10m/s\最大静摩擦力等于滑动摩擦力。若用水平拉力E将B、C一起向左抽出，则作用在C

物体上的尸应大于（）

【答案】B

【详解】若恰好拉出，对B、C整体受力分析，有

F=T+〃(阳A++mc)g+

对A受力分析，有

T=4肛送

解得

F=12N

故选Bo

8.2023年10月3日亚洲运动会在我国杭州举行，男子4x100米接力决赛在杭州“大莲花”体育场打响。短

跑小将陈佳鹏发挥强大的后程加速能力，全力冲刺加速，在最后30米逆转日本选手率先撞线，助中国队夺

冠。假设两位选手从接棒到终点沿直线跑了100米，在这100米的跑动过程中（）

A.选手的位移和路程是一回事

B.陈佳鹏全程的平均速度一定大于对手的平均速度

C.每个时刻，陈佳鹏的瞬时速度一定大于对手的瞬时速度

D.陈住鹏在最后30米内，若因体力原因加速度在减小，则说明他的速度增加得慢了

【答案】BD

【详解】A.位移是矢量，有大小、有方向，运算遵循平行四边形定则，路程是标量，有大小、没有方向,

可知，选手的位移和路程不是一回事，故A错误；

R.两位选手从接棒到终点沿直线跑了10。米，可知，两位位移大小相等，根据

-Ax

V=——

由于陈佳鹏率先撞线，表明陈佳鹏沿直线跑100米的时间短一些，即陈佳鹏全程的平均速度一定大于对手

的平均速度，故B正确；

C.平均速度描述的是全程的运动快慢，而瞬时速度描述的是某•时刻的运动快慢，根据题中描述不能够确

定在每个时刻，陈佳鹏的瞬时速度与对手的瞬时速度的大小关系，故c错误；

D.根据加速度的定义式有

△v

a=——

可知，陈佳鹏在最后30米内，若因体力原因加速度在减小，由于加速度方向与速度方向相同，则说明他的

速度增加得慢了，故D正确。

故选BDo

9.2023年10月2日，在杭州亚运会蹦床项目女子决赛中，中国选手朱雪莹获得冠军。如图所示为运动员

训练过程中的精彩照片，若忽略空气阻力，关于运动员在蹦床过程中的说法正确的是（）

A.运动员离开蹦床在空中上升过程处于超重状态

B.运动员在空中完成转体的过程处于完全失重状态

C.运动员下落接触蹦床后立即做减速运动

D.运动员在蹦床上向上加速的过程，运动员对蹦床的压力大于运动员的重力

【答案】BD

【详解】A.运动员离开蹦床在空中上升过程处于完全失重状态，A错误；

B.运动员在空中完成转体的过程处于完全失重状态，B正确；

C.运动员下落接触蹦床后，先重力大于弹力，向下加速；后重力小于弹力，向下减速，即人先向下加速然

后再减速，C错误；

D.运动员在蹦床上向上加速过程，蹦床对运动员的支持力大于运动员的重力，根据牛顿第三定律可知，运

动员对蹦床的压力大于运动员的重力。D正确。

故选BDo

10.如图所示是安装工人移动空调室外机的情境。刚开始，两工人分别在与窗户边缘等高的V、N两点通

过I、2两根绳子使空调室外机静止在尸点，然后他们缓慢放绳，使空调室外机竖直向下缓慢运动。已知开

始时P点到M点的距离小于P点到N点的距离。绳子的质量忽略不计。在空调室外机到达指定位置前的

一段时间内关于1、2两绳的拉力，下列说法正确的是（）

A.1绳的拉力一直小于2绳的拉力

B.1、2两绳的拉力都在减小

C.1、2两绳的拉力之比不断变化

D.1、2两绳拉力的合力等于空调室外机的重力

【答案】BCD

【详解】A.如图所示

COS=y-,COS®2=j

由干。点到M点的距离小于P点到N点的距离，则

a<凡

根据平行四边形定则结合正弦定理得

(J

sin02sin9、

由于a且空调室外机竖直向下缓慢运动，则

T.>T2

故A错误；

B.根据正弦定理可得

.二mg二：

sinsin(a+a)sin^

化简可得

k————

sin0,---+cos”

।tan巧1

其中

.八1OMOPOM1

sin0.---------=/------=-----------1

tan。？尸ONONQM2

因此可知sinq-j'f+cosq变人.则（变小，同理心也变小，则1、2两绳的拉力只能减小，故B正确;

tan02

T「

C.设OM=S],ON=S,由=/可得

2sin仇sin〃

7；二sin。?二

T2sin0、

可见，方变化，1、2两绳的拉力之比也变，故C正确.

D.由于空调室外壳缓慢移动，处于动态平衡，则1、2两绳拉力的合力等于空调室外机的重力，故D正确。

故选BCD.

非选择题部分

二、非选择题

11.（6分）图中的甲、乙是高中物理实验中常用的两种打点计时器，请回答下面的问题：

⑴图乙是（填“电磁打点计时器”或“电火花计时器”），电源采用的是；（填“交

流8V”“交流220V”或“四节蓄电池”）；

（2）某同学在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，关于轨道末端滑轮高度的调节正确的

是___________

（3）该同学用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出X、B、C、D、E、F、G

共7个计数点，相邻两点间的距离如图丙所示，每两个相邻的计数点之间还有4个点未画出。

①武根据纸带上各个计数点间的距离，计算出打下从C、。、E、“五个点时小车的瞬时速度，并填入下表

中；（结果保留三位有效数字）

单位:cm

(ABCDEFG

)[2.62,14.38.5.2045.99不6.80.7.62:

丙

速度%

数值(m/s)0.4000.4790.5600.640

②将8、C、D、E、尸对应的瞬时速度标在图丁所示的直角坐标系中，并画出小车的瞬时速度隙时间变化的

关系图线.

v1(m-s')

■■■■iaai■■I

•

■■

■■

::::::::::::::::::::::::•

■■■■■■■■■■■■■■■■■■■■■■■aa■■■9•t

③由速度一时间图像可得小车的加速度为（结果保留两位小数）

【答案】电火花计时器交流220VB0.721

•a

::::

::0.80（0.75〜0.85范围内均可）

-

・

::。

・

・

•・

.・

【详解】（1）口］图乙中有墨粉纸盘，所以是电火花计时器。

［2］电火花计时器电源采用的是交流220V。

（2）［3］在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，为了使小车做匀变速直线运动，轨道末端滑轮高度

应调节至使细线与轨道平行。

故选B。

（3）①［4］相邻计数点间的时间间隔为

r=-=o.is

f

小车在尸点的瞬时速度等于在E、G两点间的平均速度，即

x6.80+7.62,__,„__,.

Fr=---------------x1()"2m/s=0.721m/s

'2r2x0.1

②［5］如图所示。

tv!(m-s')

—=一°32z=0.8(襁2

Clm/s

Z0.6

12.（8分）某实验小组利用图甲所示的装置探究物体的加速度与所受合力的关系。

为r让细线对小车的拉力等于小车所受的合外力。需要用小木块将长木板无滑轮的一端垫高天平衡摩擦力。

具体操作是：把木板垫高后，小车放在木板上，在不挂砂桶且计时器打点的情况下，轻推一下小车，若打

点计时器打出一系列间隔均匀的点，表明己经消除了摩擦力和其它阻力的影响。

（1）通过对小车所牵引纸带的测量，就能得出小车的加速度〃、图乙是某次实验所打出的一条纸带，在纸带上

标出了5个计数点，在相邻的两个计数点之间还有4个点未标由，图中数据的单位是cm。实验中使用的电

源是频率/=50Hz的交变电流。根据以上数据，可以算出小车的加速度。=m/s2（保留2位有效数

字）。

（2）已知砂桶和砂的总重力远小于小车的重力，若始终保持长木板水平，取砂桶和砂的总重力为凡根据测

得的数据作出小车的加速度。随F变化的图线，如图丙所示。由图丙中的数据可知小车所受阻力大小为

（3）观察图丙可以发现，图线发生了“弯曲”。若实验平衡了摩擦力，再次作出小车的加速度〃随尸变化的图

线(未画出)，图线依然会“弯曲”。经过思考后可知，图线“弯曲”的原因在于实验中认为细线对小车的拉力。

等于砂桶和砂的总重力凡而实际上与(与产并不相等。现考虑已平衡摩擦力的实验，将C^xioo%记

0

为相对误差工设砂桶和砂的总质量为〃7,小车的质量为M,则用对误差3与€的关系图线应为

【答案】(1)0.34；(2)1；(3)D

【详解】(1)使用的电源是频率/=50Hz的交变电流，相邻的两个计数点之间还有4个点未标出，则相

邻计数点间的时间间隔为

r=-=o.is

f

由逐差法有

戈24一式02(17.46-8.05)-8.05,/八”/i

a=——丁"=-----------；------x1()‘2m/s=().34m/s~

4〃4x0.i2

(2)根据题意，设小车的质量为所受阻力为/；由牛顿第二定律有

F—f-ma

解得

mm

结合图丙有

—=2

m

-2=-2

m

解得

/=1N

(3)根据题意，由牛顿第二定律有

F=(M+m)a

=Ma

则

pF

6=----^-xl00%=—xlOO%

R.M

则相对误差S与的2关系图线应为正比例函数。

故选D。

13.（9分）如图所示，一氮气球下方系有一物体从地面由静止释放，氮气球携物体以10m/s的速度匀速竖

直上升，当物体运动到距地面〃=20m高处时绳子突然断裂，物体由于惯性继续向上做匀减速直线运动。不

计空气阻力，重力加速度g取10m/s2,求：

（1）物体距离地面的最大高度；

（2）绳子断裂后，物体多久落地。（结果可用根号表达）

0

□

【答案】（1）25m；（2）（V5+l）s

【详解】（1）绳子断裂，物体向上运动的距离为

.v2102.

h.=—=--m=5m

12g2x10

物体距离地面的最大高度为

H=+h=25m

（2）物体向上运动的时间为

v,

=—=1s

S

物体从最高点至落地，根据动力学公式有

解得

t2=yfss

绳子断裂后，物体落地的时间为

f=4+4=（Vs+l）s

14.（13分）如图所示，倾角〃=30。的光滑固定斜面48与水平传送带8C通过一小段光滑圆弧平滑连接,

传送带左、右两端的距离L=4m,以大小v=3m/s的速率沿顺时针方向转动。现将一滑块（视为质点）从

斜而上的力点由静止释放，滑块以大小％=2m/s的水平速度滑上传送带，并从传送带的右端。点飞出，最

终落至水平地面上的。点。已知C、。两点间的窗度差〃=0.2m,滑块与传送带间的动摩擦因数〃二。2,

取重力加速度大小g=lOm/s?,不计空气阻力。

（1）求滑块在斜面上运动的过程中加速度大小；

（2）求滑块从。点飞出时的速度大小匕；

（3）求滑块在传送带3C上运动的时间/；

（4）改变滑块在斜面上由静止释放的位置，其他情况不变，要使滑块总能落至。点，求滑块释放的位置到

ZZZZZZZZZZZZ/Z////Z

17

【答案】（1）5m/s2：（2）3m/s；（3）—s；（4）2.5m

12

【详解】（1）设滑块的质量为〃?，滑块沿斜面下滑的加速度大小为外,根据牛顿第二定律有

解存

q=5m/s2

（2）因为%＜九所以滑块滑上传送带后的一段时间内做匀加速直线运动，设其加速度大小为的，根据牛

顿第二定律有

一〃町g=nia2

解得

2

a2=-2m/s

根据匀变速直线运动规律，有

2

V-VQ=2a2x}

一m

由于王＜心，滑块速度增大到y后，将与传送带一起以相同的速度向右匀速运动，所以

vc=v=3m/s

（3）加速阶段时间

八=口=＜

a22

匀速阶段时间

L-x,11

1=---L=­s

v14

总时间

（4）经分析可知，当滑块释放的位置到8点的距禽最大时，滑块通过8点时的速度最大（设为喘,），且

滑块匀减速滑动到。点时的速度恰好为丫，对滑块沿传送带向右滑动的过程，根据匀变速直线运动的规律有

—=2以

k=5m/s

对滑块沿斜面下滑的过程，根据匀变速直线运动的规律有

HL=2%匕间

=2.5m

15.（18分）如图甲所示，在足够长的光滑水平面上，放置一长为乙=lm、质量为〃?/=0.5kg的木板A,一质

量为/肛=lkg的小物体B以初速度屯从左端滑上A的上表面，已知A与B之间的动摩擦因数为〃=02,

g=10m/s2；

情境1：若将木板A固定在水平面上，已知物块B向右滑出木板时的速度为26m/s,求：

（1）物块的初速度+;

情境2：撤去对木板A的固定，在物块B以初速度v向右滑上A的同时对A施加一个水平向右的恒力F,

小物体B在木板A上相对于木板滑动的路程s与力产的关系如图乙所示。求：

（2）当