内蒙古赤峰市2024-2025学年高一年级下册期末联考物理试卷（解析版）

内蒙古赤峰市2024-2025学年高一下学期期末联考

物理试题

注意事项：

1、答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号、座位号填写在答题卡上。本试卷满分100

分。

2、作答时，将答案写在答题卡上。写在试卷上无效。

3、考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。

一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符

合题目要求，每小题4分；第8~I。题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6

分，选对但不全的得3分，有错选或不答的得。分。

1.2025年4月19日，全球首个人形机器人半程马拉松（约21/km）在北京亦庄鸣枪开跑。来自北京的天

工Ultra人形机器人以2时40分42秒成绩获得冠军。此机器人身高1.8m,体重52kg,最高配速达到

12km/h。下列说法正确的是（）

A.21.1km指的是位移2时40分42秒指的是时刻

C.12km/h指的是平均速度D.52kg中的kg是国际单位制中的基本隼位

【答案】D

【解析】

【详解】A.21.1km表示的是路程，A错误；

B.2小时40分42秒表示的是时间间隔，B错误；

C.12km/h指的是瞬时速度，C错误；

D.kg是国际单位制中的基本单位，D正确；

故选D。

2.赤峰市喀喇沁旗的美林谷滑雪场被誉为“东方雪源圣地”，为游客们带来前所未有的滑雪体验。如图为游

客滑雪的精彩瞬间，游客在匀速率通过圆弧弯道的过程中（）

A.速度不变B.加速度不变C.所受合力为零D.所受合力不为零

【答案】D

【解析】

【详解】A.运动员做匀速圆周运动，速度沿切线方向，速度大小不变，但方向一直改变，故A错误；

B.运动员做匀速圆周运动，合外力提供向心力，方向指向圆心，故合外力不是恒力。由牛顿第二定律可

知，合力方向变化，加速度方向也变化，故B错误；

CD.运动员做匀速圆周运动，合外力提供向心力，大小不变，方向指向圆心，故合外力不为0,故C错

误;D正确;

故选D。

3.如图用两根轻质细绳OA、OB悬挂一灯笼。现使OB绳从水平方向开始沿逆时针方向缓慢转动90°,

A、O两点位置不变，灯笼保持静止。在此过程中，08绳所受拉力（）

A减小B.增大C.先减小后增大D,先增大后减小

【答案】C

【解析】

【详解】如图所示，灯笼受力分析如下

A

B

由图可得，。8绳所受拉力先减小后增大，故选C。

4.2025年端午假期，北京朝阳至赤峰加开高铁G4741次。设列车受到的阻力与速度的平方成正比，即

f=kv2o当列车以功率尸匀速直线行驶时，机车的速度为（）

A

【答案】B

【解析】

【详解】当列车以功率〃匀速直线行驶时，牵引力/=/=h，2

由功率的定义式可知。=尸射=人?

故选B。

5.如图为“嫦娥”探测器前往月球的过程。首先进入圆形轨道I绕地球转动，然后经P点变速进入椭圆轨道

II，最后在Q点变速进入圆形轨道HI绕月飞行。则探测器（）

A.在轨道I上的绕行速度大于7.9km/sB.在。点向前喷气，变轨到轨道山

中，顶端向上移动的速率（)

B.一直减小C.先减小后增大D.先增大后减小

【答案】B

【解析】

【详解】历、N两点的速率和顶端上移的速率关系为usinO=%cos。，即u顶=utan0

M、N两点均以相等的速率贴着地面向中间匀速滑动，角度变小，顶端向上移动的速率变小，故选B。

8.人们躺着看手机，经常出现手机砸伤面部的情况。如图手机总质量约为200g,从离面部约20cm的高度

无初速度掉落，砸到面部后不反弹，面部受到手机的冲击时间约为0.10s。重力加速度g=10m/s2,下列分

析正确的是（）

A.手机对面部的冲量方向向上

B.手机对面部的冲量方向向下

C.手机对面部的平均作用力大小约为6N

D.手机对面部的平均作用力大小约为4N

【答案】BC

【解析】

【详解】AB.手机对面部的冲量方向与作用力的方向相同，因此冲量方向竖直向下，故A错误，B正

确；

CD.手机先做自由落体运动，有片=2gh

解得V]=2m/s

砸到面部后不反弹，即手机的末速度匕=0

取竖直向上为正方向，对手机由动量定理有G4-・△/=（）-（-6

解得面部对手机的平均作用力大小约为7=6N

由牛顿第三定律可知手机对面部的平均作用力大小约为L=R=6N，故C正确，D错误。

故选BCo

9.运动员竖直向上弹离蹦床到再次回到蹦床的过程中。某同学描绘了该运动员的位移了、速度口、加速度

。以及机械能E随时间，变化的四个图像（以人弹离蹦床时的重心处为参考平面），不计空气阻力。取竖直

向上为正方向，其中正确的是（）

【答案】CD

【解析】

1、

【详解】A.设弹离蹦床时的初速度为处,因向上为正，则

可知）”图像为抛物线，选项A错误；

B.因向上为正，则根据速度为%

可知速度先正后负，选项B错误；

C.竖直上抛运动加速度不变，恒定为向下的g（负值）不变，选项c正确;

D.竖直上抛运动物体只有重力做功，机械能守恒，则图像为平行横轴的直线，选项D正确。

故选CD。

10.如图在竖直平面内固定一个半径为R的粗糙四分之一圆轨道8C,与足够长粗糙的水平轨道相切于8

点。视为质点的滑块质量为〃?，以大小为师的初速度从水平轨道上A点沿直线AB运动，恰好能到达C

点正上方。点处，而后返回，最终停在水平轨道上。已知=滑块与水平轨道间的动摩擦

因数为〃=0.2,重力加速度为g。则（）

A.滑块第一次通过B点时对轨道BC的压力大小为56咫

B.滑块第一次通过轨道8c所用的时间比第二次的长

C.滑块第二次通过轨道8。因摩擦产生的热量小于63mgR

D.滑块最终停在3点左侧水平轨道且与8点间的距离小于8.5R

【答案】AC

【解析】

【详解】A.滑块从A到8的过程中有一〃加4=5小£一5〃”；

2

滑块第一次通过8点时有FN-mg=吗

解得”=5.6〃陪，A正确;

B.由于轨道粗糙，滑块第一次通过轨道AC所用的时间比第二次的短，B错误；

C.从8点到D点有=Q42mgR

解得Q=0.3mgR

滑块第二次通过轨道8c时速度更小，滑块与轨道间的摩擦力更小，故因摩擦产生的热量小于0.3〃话R,C

正确；

D.滑块从D点返问到停止的过程根据能量守恒定律有2mgR=Qcn+〃〃次s

滑块第二次通过轨道3C因摩擦产生的热量小于0.3〃?gR,可知s>8.5R,D错误。

故选AC。

二、非选择题：本题共5小题，共54分。

11.在学习平抛运动以后，某同学要测量钢球离开桌面时速度的大小。在桌面上用硬练习本做成•个斜

面，使小钢球从斜面上某一位置滚下，钢球沿桌面飞出后做平抛运动。

（1）实验中下列要求必要的是

A.桌面必须是光滑的

B.桌面末端的切线必须调成水平

C.需要用游标卡尺测量小球的宜径

（2）正确安装装置后，进行实验，小球应多次从（选填“同一位置”或“不同位置”）

由静止滚下。

（3）如图将各落点用一小圆圈起来，圆心为平均落点4,则。4=cm。取重力加速度

^=9.8m/s2,桌面到地面的高度为L225m,根据以上数据可求得小球的初速度为m/s

（本小题结果均保留两位小数）。

【答案】（1）B（2）同一位置

（3）①.19.50（19.48-19.52）②.0.39

【解析】

【小问1详解】

A.为了保证小球每次抛出口寸的速度相同，小球应每次从同位置由静止滚下，但束面不需要九滑，故A

错误：

B.为了保证小球抛出时的速度处于水平方向，桌面末端的切线必须调成水平，故B正确；

C.本实验不需要用游标卡尺测量小球的直径，故C错误。

故选B

【小问2详解】

正确安装装置后，进行实验，为了保证小球每次抛出时的速度相同,小球应多次从同一位置由静止滚下。

【小问3详解】

[1]由图可知，刻度尺的分度值为0.1cm,应估读到分度值的下一位,则有04=19.50cm

⑵桌面到地面的高度为1.225m,竖直方向有。产

可得r二

水平方向有OA=x=

X0195

可得小球的初速度为v=-=-----m/s=0.39m/s

0t

12.如图为一种利用气垫导轨“验证机械能守恒定律”的实验装置。主要实验步骤如下:

A.将气垫导轨放在水平桌面上，将导轨调至水平；

B.测出遮光条的宽度〃；

C.测出滑块的质量"；

D.将滑块移至图示位置，测出遮光条到光电门的距离L；

E.释放滑块，读出遮光条通过光电门的遮光时间f；

卜.用天平称出托盘和祛码的总质量〃?；

G.....

（1）在滑块从静止释放到运动至光电门的过程中，系统的重力势能减少了（用物理量的

符号表示）；

（2）若符合机械能守恒定律的结论，以上测量的物理量应该满足的关系为（用物理量的

符号表示）；

（3）改变L多次实验，作出图，一像，若机械能守恒，则图像应为；

（4）在操作正确的情况下，多次实验发现动能的增加最总是略小于重力势能的减少最，其可能的原因是

（写出一种情况即可

【答案】（1），ngL（2）mgL=—（M（3）C

2r

（4）滑块运动中受空气阻力的作用

【解析】

【小问1详解】

在滑块从静止释放到运动至光电门的过程中，系统的重力势能减少了△耳==mgL

【小问2详解】

滑块通过光电门的速度大小为v=-

t

根据机械能守恒定律得利=

若符合机械能守恒定律的结论，应该满足的关系为，〃=

【小问3详解】

根据mgL=—4-fn）—

f俎r（M+m）11

可得L=------------r

2mgt2

若机械能守恒，则£一5图像为过原点的倾斜直线。

故选C。

【小问4详解】

在操作正确的情况下，多次实验发现动能的增加量总是略小于重力势能的减少量，其可能的原因是滑块运

动中受空气阻力的作用，使得有一部分重力势能转化为内能。

13.某幼儿园要在空地上做一个滑梯，近似为一倾斜直平面。根据空地的大小，滑梯的水平跨度L确定为

6m,设计时滑板和儿童裤料之间的动摩擦因数〃=0.4,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。已知

sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=IOm/s?。求:

(I)若滑梯与水平面的夹角为37。，该儿童自由下滑的加速度〃的大小;

(2)为使儿童在滑梯游戏时能在滑板上自由滑下，滑梯最小高度〃。

【答案】(I)28m/s2

(2)2.4m

【解析】

【小问1详解】

对儿童受力分析并正交分解如图

由牛顿第二定律有〃%sin37。一/&二〃吆cos37。，j=血

代入数据得〃=2.8m/s2

【小问2详解】

H

若要使儿童刚好能滑下，则有“gsin。—/'=。，F:=mgcosO,f=juF^tanO=—

代人数据解得H=2.4m

14.如图半径为R的半球形陶罐固定在可以绕竖直轴转动的水平转台上，转台转轴与过陶罐球心。的对称

轴。。'重合。转台以一定角速度匀速转动，一质量为机的小物块落入陶罐内，经过一段时间后小物块随陶

罐一起转动且相对罐壁静止在。点，此时小物块受到的摩擦力恰好为0,且它和。点的连线与。。'之间的

夹角。为60。，重力加速度为g。

(1)求此时转台转动的角速度助；

(2)若转台以角速度牡二器转动时，小物块仍在P点，求其受到的支持力尸N。

【答案】3)押

5

(2)-mg

【解析】

【小问1详解】

物块运动的半径为，•=Asin8

对物块受力分析如图

物块做圆周运动，由牛顿第二定律有mgtan0=成r

解得。］=

【小问2详解】

当转台转动的角速度为g-J五时，由于令＜叼，物块有沿陶罐下滑趋势，对物块受力分析并正交分解

如图所示

水平方向有&sin8-/cos6=〃20；Hsin。

竖直方向有&cos夕+/sin0=mg

代入数据得&=3〃ig

4

15.如图轻质动滑轮下方悬拄重物A、轻质定滑轮下方悬拄重物B,B和地面用轻质弹簧连接，悬挂滑

轮的轻质细线竖直。开始时，在外力作用下，重