江苏省徐州市新沂市海门中学附属学校2025-2026学年九年级上学期第一次月考物理试卷（含解析）

2025-2026学年江苏省徐州市新沂市海门中学附属学校九年级（上）第一次月考物理试卷一、单选题：本大题共12小题，共36分。1.如图所示的工具中，在使用时属于省力杠杆的是(

)A.

托盘天平 B.

钓鱼竿

C.瓶盖起子 D.

筷子2.以下事例中，改变物体内能的途径与其他三个不同的是(

)A.冬天搓手，手变暖和

B.弯折铁丝，铁丝发烫

C.燃气烧水，水温上升

D.滑梯滑下，臀部灼热3.下表是一些物质的比热容[单位J/(k水4.2铝0.88煤油、冰2.1铁、钢0.46沙石0.92铜0.39A.比热容与物质的状态无关

B.不同种类的物质，比热容一定不同

C.由于水的比热容较大，沿海地区白天会吹陆风

D.质量、初温相同的铝块和铜块吸收相同热量后接触，能量从铜块转移到铝块4.甲、乙两种机械的效率分别80%和60%，则下列说法中正确的是(

)A.使用甲机械省力 B.使用甲机械做功快

C.在相同的时间内，使用甲机械完成的功多 D.乙机械的额外功在总功中的比例大5.严浪宇在杭州亚运会夺得男子蹦床冠军(图甲)，图乙为其在比赛中的示意图。某时刻他从A点自由下落，与水平床面接触点为B，能到达的最低点为C点。下列说法正确的是(

)

A.A点到B点过程中，运动员动能转化为蹦床的弹性势能

B.在B点时，运动员的重力势能最小

C.在C点时，蹦床的弹性势能最大

D.B点到C点过程中，运动员动能逐渐变小6.2023年6月4日6时33分，神舟十五号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆，下列说法正确的是(

)A.返回舱在减速下落过程中，机械能变小

B.返回舱在加速下落过程中，重力势能和动能都变大

C.返回舱进入大气层后机械能不变

D.从打开降落伞到着陆过程中，返回舱的机械能不变7.如图所示，物体重200N，动滑轮重20N。工人用125N的拉力将物体匀速提升3m，用了10s，在此过程中下列说法正确的是(

)A.有用功是750J

B.拉力的功率是37.5W

C.滑轮的机械效率是80%

D.8.如图所示，斜面高2m，长4m，从斜面底端将质量为6kg的物体匀速拉到斜面顶端，物体受到的摩擦力为10N，对此过程，下列说法正确的是(

)

A.有用功为12J B.拉力F为10N

C.斜面的机械效率为75% D.9.中国女子篮球队在杭州亚运会夺冠，下列描述正确的是(

)A.篮球离手飞向篮筐的过程，人对篮球做了功

B.篮球在地面滚动时，地面的支持力对篮球做了功

C.篮球下落的过程，篮球的重力做了功

D.人将球抓在手中停在半空的过程，人对篮球做了功

10.如图所示，杠杆POB的支点为O，拉力F始终作用在B端使杠杆平衡，且AB段始终保持水平。在拉力F逆时针转动的过程中，下列说法正确的是(

)

A.拉力F一直不变 B.经过M点时，拉力F最小

C.由C到M过程中的某点时，拉力F最小 D.由M到D过程中的某点时，拉力F最小11.如图甲所示，分别用水平拉力F1、F2拉物体A、B在水平面上做直线运动，图乙是F1、F2所做的功-路程图像，图丙是A、B的路程-时间图像，A、B所受的摩擦力分别为f1、f2，F1、F2的功率是PA.F1=F2 B.v1<12.在“蹦极”运动中，如图所示，运动员从O点自由下落到达A点处时弹性绳自然伸直；到达B点时，运动员受到的重力与弹力相等，C点是运动员到达的最低点，设空气阻力可忽略不计，则(

)A.运动员从O点至C点的过程中动能逐渐增大

B.运动员从A点至B点的过程中动能逐渐减小

C.从A点至C点的过程中，运动员的动能转化为绳的弹性势能

D.从B点至C点的过程中，运动员的动能和重力势能转化为绳的弹性势能

二、填空题：本大题共6小题，共18分。13.如图所示，是我国的歼−20隐形战斗机，该战机最大起飞质量为35t，推重比为1.08，推重比是指飞机在海平面最大静推力与飞机起飞重力之比。

(1)飞机在海平面以最大质量起飞时的最大静推力为______N，当它加速向上爬升的过程机械能在不断______。(忽略燃油消耗引起的质量变化)

(2)当歼−20以600m/s的速度巡航14.用如图所示的动滑轮将重32N的物体匀速提升2m，拉力F为20N。此过程中有用功为

J，滑轮组机械效率为

%，根据已知条件，以下四个物理量：①动滑轮的重力、②拉力的功率、③额外功、④动滑轮上升的高度，能求出的有

(选填序号)。15.在水平桌面上，2s内将重为20N的木块沿直线匀速向前推了5m，所用的推力为4N，撤去推力后，木块由于惯性又前进了1m，则推力所做的功是

J，功率是

W，重力所做的功为

J。16.工人用独轮车搬运砖头，车体和砖头的总质量为100kg，独轮车的有关尺寸如图所示，车体和砖头所受的总重力为

N。将车抬起至图中位置时，人手竖直向上施加力，其力臂为

m，大小为

N。

17.如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到水平向右的拉力F的作用。F的大小与时间的关系如图乙所示，物体运动的速度与时间的关系如图丙所示。则0−2s拉力做功为

J，2−4s物体机械能

(选填‘变大”“变小”或“不变”)，4−618.小白想把冰的熔化和水的沸腾合二为一进行实验，他对1000g冰加热使冰熔化并加热到水不断沸腾。根据实验记录的数据绘制成如图所示的温度随时间变化的图像。分析图像发现，AB段比CD段升温快，其原因是

，图像中，物体在B点时具有的内能

(选填“大于”“小于”或“等于”)在C点时的内能。实验过程中，第2∼3分钟物体吸收的热量为

J。[冰的比热容是2.1三、作图题：本大题共2小题，共4分。19.图甲是一台活塞式抽水机，在C处用力便可取水，请画出在C处所用最小力F1的示意图。

20.在图中，用笔画线作出人用最小拉力提起重物时绳子的绕线方式。

四、实验探究题：本大题共2小题，共20分。21.如图甲所示是“探究不同物质吸热升温现象”的实验装置，相同容器内分别装入质量相等的A、B两种液体，用相同的酒精灯加热．

(1)按规范要求，调节铁圈M的高度之前，要进行的操作是______，实验中两种液体吸收热量的多少可通过______(选填“液体升高的温度”或“加热时间”)比较．

(2)根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示，用三种方法来比较两种液体吸热升温的快慢：

①在相同的时间t内比较温度变化ΔT；

②在相同的温度变化ΔT内比较时间t；

③若ΔT和t均不同，则可用______(用字母表示)来比较两种液体吸热升温的快慢．

(3)由图乙可知，升高相同的温度，A液体吸收的热量______B液体吸收的热量；A22.根据“探究杠杆的平衡条件”实验要求，完成下列各题。

(1)实验开始时，杠杆的位置如上图甲所示，杠杆此时处于______(选填“平衡”或“非平衡”)状态。需将平衡螺母向______(选填“左”或“右”)移动，才能使杠杆在水平位置平衡；

(2)要使图乙中杠杆平衡，应在A处竖直向上施加______N的拉力(每个钩码重力为0.5N)。当弹簧测力计倾斜拉杠杆，仍使杠杆保持水平位置平衡，弹簧测力计的示数将______。

(五、简答题：本大题共1小题，共1分。23.云龙湖是徐州著名的天然湖泊，水域面积广阔。盛夏的白天，在相同的日照条件下，云龙湖水域的温度升高幅度明显小于湖畔的砂石地；而到了夜晚，云龙湖水域的温度降低幅度也小于砂石地，使得湖畔周边昼夜温差比远离湖泊的陆地更小。请结合比热容的知识，解释这一现象。六、计算题：本大题共2小题，共13分。24.如图，用起重机上的滑轮组将重为9×104N的重物匀速吊起10m，绳端拉力F为4×104N。

求：

25.在完全隔热的装置内，用同一热源给50g水和50g油加热，其温度随时间的变化关系如图所示。已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅∘C)，问：

(1)

七、综合题：本大题共1小题，共8分。26.阅读短文，回答文后问题，

牛顿冷却定律当一个物体表面温度比周围环境高时，就会向周围环境散热，散热快慢可以用单位时间内散失热量的多少来表示。英国物理学家牛顿提出：物体散热快慢与物体和周围环境的温度差成正比。后人研究发现，在温度差不太大的情况下(小于15∘C)，这个结论符合实际散热规律，称为牛顿冷却定律。如果散热快慢用q表示，则牛顿冷却定律可以表示为q=k(t物−t环)，其中k是散热系数，与物体的表面性质、表面积、周围环境性质等因素有关，和物质种类无关，如果上述因素相同，不同物质的散热系数就相同。由于不同物质的比热容不同，即使散热快慢相同，它们降低相同温度需要的时同也不同，根据降温时间可以得到两种物质比热容的大小关系，从而可以进行比热容的测量。

(1)物体向周围散热，内能减少，这种改变内能的方式叫做______；

(2)散热快慢q和下列概念中物理意义最接近的是______；

A.速度

B.密度

C.功率

D.效率

(3)一个物体温度为30∘C，周围环境温度保持20∘C不变，此时物体的放热快慢为q。当物体温度降低到答案和解析1.【答案】C

【解析】解：

A、托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力；

B、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；

C、瓶盖起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；

D、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。

故选：C。

结合图片和生活经验分析动力臂和阻力臂的大小关系，当动力臂大于阻力臂时，是省力杠杆；当动力臂小于阻力臂时，是费力杠杆；当动力臂等于阻力臂时，是等臂杠杆。

本题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。2.【答案】C

【解析】冬天搓手、弯折铁丝、小孩玩滑梯，都是通过做功的方式来改变内能的；燃气烧水，水从火焰吸收热量是通过热传递的方式改变内能的，故C与其他三项改变物体内能的途径不同。

故选：C。

改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；做功的实质是能量转化的过程，即：内能和其他形式能的相互转化；热传递的实质是能量转移的过程，发生热传递的条件是有温度差。

本题考查了改变物体内能有两种方式，结合生活实际解决问题。3.【答案】D

【解析】解：A.比热容与物质的状态有关，如水与冰，故A错误；

B.不同种类的物质，比热容一般不同，但有的相同，如煤油和冰，故B错误；

C.由于水的比热容较大，沿海地区白天会吹海风，故C错误；

D.质量、初温相同的铝块和铜块吸收相同热量后，铜块的末温高，接触后能量从铜块转移到铝块，故D正确；

故选：D。

比热容是物质的一种特性；物质的比热容只跟物质的种类和状态有关，与物体质量的大小、温度高低、吸收或放出热量的多少均无关。

水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少，据此分析。

4.【答案】D

【解析】解：

A、机械效率高是指做的功中有用功占的比例高，与是否省力没有关系，故A错误。

B、功率是表示做功的快慢，而功率与机械效率没有必然的联系，故B错误。

C、相同时间，乙机械完成的功多，说明做功快，即功率大，与机械效率无关，故C错误。

D、甲的机械效率较低，说明有用功占总功的比例小，相应的额外功占总功的比例就比较大，故D正确。

故选：D。

机械效率是指有用功占总功的百分比。功率是表示做功的快慢。机械的效率高低与做功多少、做功快慢、是否省力无关。

通过机械效率的定义和公式真正理解机械效率的意义、影响机械效率的因素是解决此类题目的关键。5.【答案】C

【解析】解：A.A点到B点过程中，质量不变，高度减小，速度增大，重力势能减小，动能变大，重力势能转化为动能，故A错误；

B.在B点时，运动员还会继续向下运动，运动员重力势能不是最小，故B错误；

C.在C点时，运动员达到最低点，蹦床弹性形变程度最大，弹性势能最大，故C正确；

D.运动员从接触蹦床到最低点过程中，一开始重力大于弹力，速度还会继续增大，当重力等于弹力时，速度达到最大，此时动能最大，当重力小于弹力时，动能主要转化为蹦床弹性势能，速度减小，动能减小。从B点到C点过程中，动能先增大后减小，故D错误。

故选：C。

重力势能的大小跟质量、高度有关。质量一定时，高度越高，重力势能越大；高度一定时，质量越大，重力势能越大；

动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；

弹性势能的大小与物体弹性形变程度的大小有关。6.【答案】A

【解析】解：A、返回舱在减速下落过程中，质量不变，速度减小，动能减小；高度降低，重力势能减小。因为机械能等于动能与势能之和，所以机械能变小，故A选项正确。

B、返回舱在加速下落过程中，质量不变，速度增大，动能增大；高度降低，重力势能减小，故B选项错误。

C、返回舱进入大气层后，与空气摩擦，会克服摩擦力做功，一部分机械能转化为内能，机械能变小，故C选项错误。

D、从打开降落伞到着陆过程中，返回舱速度减小，动能减小；高度降低，重力势能减小，所以机械能变小，故D选项错误。

故选：A。

动能的影响因素是质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大，重力势能的影响因素是质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大，机械能等于动能与势能之和。

本题主要考查机械能及其转化的知识，需要根据动能和重力势能的影响因素，分析返回舱在不同运动状态下机械能的变化情况。7.【答案】C

【解析】解：A、滑轮组克服物体重力做的有用功：W有=Gh=200N×3m=600J，故A错误；

B、动滑轮承担重物绳子的段数n=2，绳端拉力做的总功：W总=Fs=Fnh=125N×2×3m=750J，

所以拉力的功率：P=W总t=750J10s=75W，故B错误；8.【答案】C

【解析】解：

A、小明做的有用功：W有用=Gh=mgh=6kg×10N/kg×2m=120J，故A错；

B、额外功W额=fs=10N×4m=40J，

总功W总=W有用9.【答案】C

【解析】解：A、篮球离手后，在空中飞行过程中，人对篮球没有施加力，所以不做功，故A错误；

B、篮球在地面滚动时，地面的支持力与篮球运动方向垂直，支持力对篮球没有做功，故B错误；

C、篮球下落的过程，在重力的方向上移动了距离，重力对篮球做了功，故C正确；

D、人将球抓在手中停在半空的过程，人对篮球施加了力，但没有在力的方向上移动距离，没有做功，故D错误。

故选：C。

做功包含的两个必要条件：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。

有力有距离，力对物体不一定做功，物体必须在力的作用下通过了距离，即力的方向和物体前进的距离的方向一致，力对物体才做功。10.【答案】C

【解析】解：A、根据杠杆的平衡条件，当阻力与阻力臂不变时，动力臂改变时，拉力改变，图中F在转动过程，动力臂的大小改变，故拉力改变，故A错误；

BCD、图中最长的动力臂是OB的长度，因而最小力的方向是与OB垂直，且方向向下，故由C到M过程中的某点时，动力臂最长，拉力F最小，不是M点，也不是在DM之间，故C正确，BD错误。

故选：C。

根据杠杆的平衡条件，当阻力与阻力臂不变时，动力臂最长，动力最小，根据图中找出最长的动力臂，据此分析。

本题考查杠杆的动态平衡与最小力的确定，属于中档题。11.【答案】D

【解析】解：A.由图乙可知，当拉力移动的距离相同时，由W=Fs可知，拉力F1做的功多，水平拉力的大小关系为F1>F2，故A错误；

B.由图丙可知，两物体的s−t图像均为过原点的一条直线，即两物体运动路程与时间成正比，因此两物体均做匀速直线运动，当两物体的运动时间相同时，A运动的路程大，由v=st可知，两物体的速度关系为v1>v2，故B错误；

C.因为两物体都做匀速直线运动，所以，由二力平衡条件可知，A所受的摩擦力为f1=F1，B所受的摩擦力为f2=F2，由A可知，F1>F2，因此A、B所受摩擦力的大小关系为f1>f2，故C错误；

D.由P=Wt=Fst=Fv可知，因为F1>F2，v1>v12.【答案】D

【解析】解：根据题意可知，

从O点经A点到B点的过程中，重力大于弹性绳对运动员拉力，因此速度越来越大，动能越来越大，故B错误；

从B点到C点的过程中，高度降低，重力势能减小；弹性绳对运动员拉力大于重力，运动员的速度开始减小，到达C点时，速度为零，因此动能逐渐变小，故A错误；

到达C点动能变为变为0，弹性势能增大到最大值．所以说从B点到C点的过程中，运动员的动能和重力势能转化为绳的弹性势能．故D正确；

在从A点至C点运动员的动能和重力势能转化为绳的弹性势能，所以是运动员的机械能转为为绳的弹性势能，故C错误．

故选D.

当重力大于弹性绳对运动员拉力时，运动员做加速运动；当弹性绳对运动员拉力大于重力时，运动员做减速运动．

13.【答案】3.78×105；增大；【解析】解：(1)首先根据重力公式G=mg计算飞机重力：G=mg=35×103kg×10N/kg=3.5×105N；

已知推重比是飞机在海平面最大静推力与飞机起飞重力之比，且推重比为1.08，设最大静推力为F，则FG=1.08，所以F=1.08G，将G=3.5×105N，

代入可得：F=1.08×3.5×105N=3.78×1014.【答案】6480③④

【解析】解：此过程中有用功为：

W有=Gh=32N×2m=64J；

动滑轮上的绳子段数n=2，动滑轮做的总功为：

W总=Fs=Fnh=20N×2×2m=80J；

滑轮组机械效率为：

η=W有W总=64J80J×100%=80%；

①若不计摩擦和绳重，拉力F15.【答案】20100

【解析】解：推力做功：W=Fs=4N×5m=20J；

功率：P=Wt=20J2s=10W；16.【答案】10001.2250

【解析】解：车体和砖头所受的总重力G=mg=100kg×10N/kg=1000N；

支点在车轮的轴上，力F为动力，所以动力臂的长度为L1=0.3m+0.9m=1.2m，阻力是G，阻力臂的长度为0.3m；

由杠杆平衡条件F1L1=F17.【答案】0变大8

【解析】解：由丙图知在0∼3s内物体处于静止状态，移动距离为零，根据W=Fs知0−2s拉力做功为0；

由丙图知在2∼4s内物体加速运动，速度不断增加，物体的质量保持不变，物体的动能增加；高度不变，物体的重力势能不变；根据机械能等于动能和势能之和可知，此时物体的机械能变大；

由丙图可知在4∼6s内，物体做匀速直线运动，速度为2m/s，由乙图知此过程中的推力F=4N，根据速度公式可知，在4∼6s内物体通过的距离为s=vt=2m/s×2s=4m，

水平推力F所做的功为W=Fs=18.【答案】冰的比热容比水小小于4.2

【解析】解：(1)由于冰的比热容比水小，冰和水的质量相等，吸收相同的热量，冰的温度变化多，所以AB段比CD段升温快；

(2)BC段是冰的熔化过程，该过程吸收热量、内能增加，温度不变，所以物体在B点时具有的内能小于在C点时的内能；

(3)第0∼2min吸收的热量：

Q吸1=c冰m(t−t0)=2.1×103J/(kg⋅19.【答案】解：根据杠杆的平衡条件，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长越省力，连接支点O和力的作用点C，以OC为力臂是最长的动力臂，由C点做OC的垂线画出最小力F1，方向向下，如图所示：

【解析】根据杠杆的平衡条件，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长越省力。

本题主要考查了最小动力的确定，知道力臂的定义和杠杆的平衡条件是解题的关键。20.【答案】

【解析】解：一个动滑轮最多可以连接3股绳子，从动滑轮上挂钩开始，依次绕过定滑轮和动滑轮，绳端回到人的手中，则为最省力的绕法。

最省力的绕绳方法即是承担物重的绳子段数最多，先分析出应由3段绳子承担物重，再按照“奇动偶定”的原则确定绕绳方案。

本题主要考查了滑轮组的绕绳方法，应先分析承担物重的绳子的段数，再按一定的要求进行绕绳。21.【答案】点燃酒精灯

加热时间

△Tt

大于

【解析】解：(1)在实验中需要用酒精灯的外焰加热，应先点燃酒精灯，再根据酒精灯的外焰高度调节铁圈M的高度；

使用的酒精灯相同，根据转换法，两种液体吸收热量的多少可通过加热时间比较；

(2)由分析知，若ΔT和t均不同，可通过比较△Tt大小来比较两种液体吸热升温的快慢；

(3)由图象知，升高相同的温度，给A液体的加热时间大于B，所以A液体吸收的热量大于B液体吸收的热量，；

由题知，液体A、B质量和升高温度△t相等，吸收热量QA>QB，由c=Qm△t可知，cA>cB。

故答案为：(1)点燃酒精灯；加热时间；(22.【答案】平衡

右

0.5

变大

杠杆的自重对杠杆平衡有影响

【解析】解：(1)杠杆处于静止状态或匀速转动状态都为杠杆的平衡状态；如图甲所示，杠杆左端下沉，其右端偏高，应将平衡螺母向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡；

(2)设杠杆的分度值为L，一个钩码的重为G，

根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得：2G×2L=F2×4L，

解得：F2=G=0.5N；

当弹簧测力计逐渐向左倾斜时，阻力和阻力臂不变，弹簧测力计拉力23.【答案】水的比热容比砂石和泥土的大，相同质量的水和砂石、