2026高中生物一轮总复习：分离定律的常规解题规律和方法（教师用）

第22讲分离定律的常规解题规律和方法

课程标准

阐明有性生殖中基因的分离使得子代的基因型和表型有多种可能，并可由此预测子代的遗传性状。

析题型•培素养»»学用姑合,理论由■皿

题型一性状显隐性的判断

方法诠解提能

1.根据子代性状判断

I不H性状的F,只出现二IH所M；瓒的性状

泉本杂交LJ神愎状力*性性伏

根撼K状科断

WHnttW」不代出MEI」｝代所出现的新

泉本杂交n不M怪状［依状为磔性佐状

____JIJ

2.根据遗传系谱图进行判断

3.合理设计杂交实验进行判断

育悦女翁岛r代发生性状分出的亲本性状

一|为一性性状_______________\

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镖兴时」彳代衣现出的性状汕性本状］

旭”

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MIR柱状的*缜性状出闺

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代0史性状！

典题演练应用

1.（2024.辽宁铁岭模拟）玉米的甜和非甜是--对相对性状，随机取非甜玉米和甜玉米进行间行种植，其中一定能

够判断甜和非甜的显隐性关系的是（）

r^t的拿用射代唬楣■面杷

解析：CA中当非甜玉米和甜玉米都是纯合子时，不能判断显隐性关系，A不符合题意。B中当其中有一个植株

是杂合子时，不能判断显隐性关系，B不符合题意。C中非甜玉米与甜玉米杂交，若后代只出现一种性状，则该性

状为显性性状；若出现两种性状，则说明非甜玉米和甜玉米中有一个是杂合子，有一个是隐性纯合子，此时非甜

玉米自交，若出现性状分离，说明非甜是显性性状，若没有出现性状分离，则说明非甜玉米是隐性纯合子，C符

合题意，D中若后代有两种性状，则不能判断显隐性关系，D不符合题意。

2.已知马的毛色有栗色和白色两种，由位于常染色体上的一对等位基因控制。在自由放养多年的一马群中，两基

因频率相等。正常情况下，每匹母马一次只生产一匹小马。以下关于性状遗传的研究方法及推断正确的是

（）

A.选择多对栗色马与白色马杂交，若后代白色马明显多于栗色马，则栗色为显性

B.随机选出一匹栗色公马和六匹白色母马分别交配，若所产小马都是栗色，则栗色为显性

C.自由放养的马群随机交配一代，若后代栗色马明显多于白色马，则栗色为显性

D.选择多对栗色马交配一代，若后代全部为栗色马，则栗色为显性

解析：C多组相对性状个体杂交，后代中数量多的性状为显性，即白色为显性，A错误；正常情况下，每匹母马

一次只生产一匹小马。随机选出一匹栗色公马和六匹白色母马分别交配，所产的小马只有6匹，由于后代统计数

目少，例如Aa（白色）Xaa（栗色）—aa,存在偶然性，6匹马可以全是栗色，所以仍不能确定栗色为显性，B错

误；若栗色为显性，则多对栗色马交配后代应出现白色马，D错误。

题型二纯合子与杂合子的判断方法及实验设计

/方法诠解暹能

1.自交法：此方法主要适用于植物,且是最简便的方法

行测不体

—折

由后代无性状分肉,剜特网K5代外性找分忠,宅侍询j

个体“纯】IJ也廷正

2.测交法：此方法适用于植物和动物，且需已知显隐性

（特测车x◎性纯词

病欣仃性-剜得护帚，网*n状.1加M

溶个体为钝令于个体为―

3.单倍体育种法：此方法只适用于植物（以一对相对性状为例说明）

:恰总个体

；此一舄体M-

［币Ml

建米仙"MM

丝食£域株

4.花粉鉴定法：此方法只适用于一些特殊的植物

车情性冬航的花勃图•也收黑色.

特性水的处坦型幽xe

取小市体的花除;势特殊处理，

即州咬纸染色后———

［埼忌蜕

若花粉只“二的金色】।若花酚〃两科G色"比例约］

■恃恻个体力纯介jI为1：L—个体为杂介:

提醒塞定某生物个体是纯合子还是杂合子，当被测个体是动物时，常采用测交法；当被测个体是植物时，上述四

种方法均可，其中最简便的方法为自交法。

一一演练曲牌

1.（2025•河南濮阳高三月考）现有一株高茎（显性）豌豆甲，欲知其是否为纯合子，最简便易行的办法是

（）

A.选另一株矮茎豌豆与甲杂交，若子代中有矮茎植株出现，则甲为杂合子

B.选另一株矮茎豌豆与甲杂交，若子代都表现为高茎，则甲为纯合子

C.让甲与多株高茎豌豆杂交，若子代中高、矮茎植株之比接近3：1,则甲为杂合子

D.让豌豆甲进行自花传粉，若子代中有矮茎植株出现，则甲为杂合子

解析：D鉴定某生物个体是纯合子还是杂合子时，对植物而言，最简便易行的方法是自交法。所以要确定豌豆甲

是否为纯合子，最简便易行的办法是让豌豆甲进行自花传粉，若子代中有矮茎植株出现，则甲为杂合子，若子代

全为高茎，则甲为纯合子。

2.（2024.福建南平模拟）现有两瓶世代延续的果蝇，甲瓶中的个体全为灰身，乙瓶中的个体既有灰身也有黑身。

让乙瓶中的全部灰身果蝇与异性黑身果蝇交配，若后代都为灰身，则可以认为（）

A.甲瓶中果蝇为乙瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为杂合子

B.甲瓶中果蝇为乙瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为纯合子

C.乙瓶中果蝇为甲瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为杂合子

D.乙瓶中果蝇为甲瓶中果蝇的亲木，乙瓶中灰身果蝇为纯合子

解析：D相关基因用B、b表示。根据题中提示“让乙瓶中的全部灰身果蝇与异性黑身果蝇交配，若后代都为灰

身”，说明灰身对黑身为显性，且乙瓶中的灰身为显性纯合子（BB）,乙瓶中的黑身为隐性纯合子（bb）,甲瓶

中的个体全为灰身，若甲瓶中果蝇是亲代，不会出现乙瓶中的子代情况，因为若甲瓶中果蝇基因型是BB,乙瓶中

不可能有黑身个体，若甲瓶中果蝇基因型是Bb,则乙瓶中应有基因型Bb的个体，所以，不可能是甲瓶中果蝇为

乙瓶中果蝇的亲本；若乙瓶中果蝇是亲代，即BBXbb,甲瓶中果蝇为子代，基因型则为Bb,表现为灰身，D符

合题意，

3.（2024.山东枣庄统考）番茄的红果色（R）对黄果色（r）为显性,以下关于一株结红果的番茄是纯合子还是杂

合子的叙述，正确的是（）

A.可通过与红果纯合子杂交来鉴定

B.不能通过该红果自交来鉴定

C.可通过与黄果纯合子杂交来鉴定

D.不能通过与红果杂合子杂交来鉴定

解析：C该红果植株与红果纯合子（RR）杂交后代都是红果（R_）,所以不能通过与红果纯合子杂交来鉴定该

红果植株是否是纯合子，A借误。能通过该红果植株自交来鉴定，如果后代都是红果，则其是纯合子；如果后代

有红果也有黄果，则其是杂合子，B错误。能通过与黄果纳合子（rr）杂交来鉴定该红果植株是否是纯合子，如果

后代都是红果，则其是纯合子；如果后代有红果也有黄果，则其是杂合子，C正确。能通过与红果杂合子杂交来

鉴定该红果植株是否是纯合子，若后代全为红果，则其是纯合子，若后代既有红果也有黄果，则其为杂合子，D

错误。

题型三亲子代基因型、表型的推导与概率计算

提能

1.由亲代推断子代的基因型与表型（正推型）

亲本子代基因型子代表型

AAXAAAA全为显性

AAXAaAA:Aa=1:1全为显性

AAXaaAa全为显性

AaXAaAA：Aa：aa=l：2：1显性：隐性=3：1

AaXaaAa:aa=l：1显性：隐性=1：1

aaXaaaa全为隐性

Aa自交后代中A_再自交AA：Aa：aa=3：2：1显性：隐性=5：1

显性：隐

Aa自交后代中A_再与aa杂交Aa:aa=2:1

性=2：1

显性：隐

Aa与aa杂交所得子代再与aa杂交Aa:aa=l:3

性=1：3

2.由子代推断亲代的基因型（逆推型）

（1）根据分离定律中规律性比例直接判断（用基因B、b表示）

后代显隐性比例双亲类型结合方式

显性：隐性=3:1都是杂合子BbXBb->3B_：ibb

显性：隐性=1：1测交类型BbXbb->lBb：Ibb

至少一方为BBXBB或BBX

只有显性性状

显性纯合子Bb或BBXbb

只有隐性性状一定都是隐性纯合子bbXbb—bb

（2）由子代推断亲代的基因型解题思路

《因填先法心性纯令突破法

［一代：性个体

I一

引出氽代褪■定的私因.罹鼻定

U泉中M至少含

的用•一”表示（例如：里依旧状可

"•个痔性不因

・卡寿”一.）

嵌需彳而牛因E推断亲标知帙惬厢而

，的越阳程测中＞—

兵a演练应用

1.（2025•广东惠州调研）人的耳垢有油性和干性两种类型，并且受一对遗传因子A、a控制。有人对某一社区670

个独生子女的家庭进行了调查，结果如表所示。下列有关分析错误的是（）

油耳油耳干耳干耳

项目父亲母亲

男孩女孩男孩女孩

纽合一油耳油耳90801015

组合二油耳干耳25301510

纽合三干耳油耳262464

组合四干耳干耳00160175

A.油耳是显性性状，干耳是隐性性状

B.组合一中，父母均为杂合子的家庭至少有25个

C.组合二中，油耳父亲的基因型是Aa

D.组合三中，油耳母亲的基因型有的是AA,有的是Aa

解析：C分析题表中组合一，双亲都为油耳，却生出了干耳子女，说明干耳为隐性性状，油耳为显性性状，A正

确；油耳夫妇若生出干耳子女，则双亲必为杂合子，由表中组合一数据可知干耳女孩和干耳男孩的数量为25,所

以组合一中，父母均为杂合子的家庭至少有25个，B正确；组合二的子女中，油耳：干耳=11：5,则油耳父亲的

基因型是Aa或AA,C错误；组合三的子女中，油耳：干耳=5：L则油耳母亲的基因型是Aa或AA,D正确。

2.（2024・抚顺模拟）已知小鼠的灰色与白色是一对相对性状，由一对等位基因控制。如图为小鼠毛色的遗传图

解，则下列判断错误的是（）

A.小鼠的灰色为显性性状，白色为隐性性状

B.1号、2号、4号、5号的基因组成都相同的概率为2/3

C.若3号与4号杂交，子代为白色的概率为1/2

D.R、F?的结果都表明发生了性状分离

解析：BI号和2号均为灰色，杂交得到3号为白色，说明灰色对白色为显性，A正确；设小鼠的毛色由等位基

因A、a控制，由于灰色对白色为显性，故I号和2号杂交得到的3号为白色（aa）,1号和2号的基因型均为

Aa；同样4号和5号杂交得到的6号为白色（aa）,4号和5号的基因型均为Aa,所以1号、2号、4号、5号的

基因组成都相同的概率为1,B错误；3号基因型为aa,4号甚因型为Aa,若3号与4号杂交，子代为白色的概率

为1/2,C正确；杂种后代同时出现显性性状和隐性性状的现象，叫作性状分离，R、F2同时出现灰色和白色的结

果表明发生了性状分离，D正确。

题型四分离定律的概率计算（含自交与自由交配）

’方法诠解提能

1.用经典公式或分离比计算

某性状或基因型数

（1）概率=-总组合数X100%o

（2）根据分离比计算

如Aa二二AIAA:2Aq：1aa

3显性性状：1隐性性状

AA、aa出现的概率各是1/4,Aa出现的概率是1/2,显性性状出现的概率是3/4,隐性性状出现的概率是1/4,显

性性状中杂合子的概率是2/3。

2.根据配子概率计算

（1）先计算亲本产生每种配子的概率。

（2）根据题目要求用相关的两种（?、/）配子的概率相乘，即可得出某•基因型的个体的概率,

（3）L算表型概率时，将相同表型的个体的概率相加即可;

3.杂合子连续自交的相关计算

（1）杂合子Dd连续自交〃代（如图1）,杂合子比例为（1/2）”,纯合子比例为1—（1/2）”，显性纯合子比例

=隐性纯合子比例=[1-（1/2）rt]X|/2o纯合子、杂合子所占比例的坐标曲线如图2所示：

（2）余合子（Aa）连续自交，且逐代淘汰隐性个体，自交〃代后，显性个体中，纯合子比例为（2"-1）/（2〃+

I）,杂合子比例为2/（2"+1）如图所示：

P：AA

49

F.IirtAA1QU沟汰）

解1/riAA2HA,*-----------------旦的存活个体

I®19

F.：1/：<AA

即I/2AAirUM1*2■沟汰）

郴：MSA・F仙仔活个体

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4.自由交配的概率计算

自由交配问题的两种分析方法:如某种生物的基因型AA占1/3,Aa占2/3,个体间可以自由交配，求后代中基因

型和表型的概率。

解法一：列举法（棋盘法）

2.

2后代3-AA-Aa

33

1..14

-AA-AA-AA、-Aa

3999

1..1.

-Aa二AA、-Aa沁、加、加

399

子代基因型及概率/A、第a、1aa

子代表型及概率《+9A_、

999

解法二：配子法

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解法三：平衡定律法

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提醒①豌豆、水稻、小麦等自花传粉植物自然状态下是自交。玉米等雌雄异花植物自然状态下是刍由交配。

②在没有任何干预的条件下，自交和自由交配都不改变基因频率，但连续自交能降低杂合子(Aa)的基因型频

率，自由交配不改变各基因型的频率。

—演练rtf牌

I.(2025・湖南长郡中学高三调研)某雌雄同株二倍体植物含有一对等位基因A和a,其中基因型为AA的植株不

能产生雌配子，基因型为aa的植株不能产生雄配子，基因型为Aa的植株完全正常。先用若干基因型为Aa的植株

为亲本杂交得到B。理论上，通过下列杂交方式所得的F2植株中，完全正常植株所占比例不为1/2的是()

A.让R全部植株自交

B.让F全部植株自由传粉

C.让F中基因型为AA、Aa的植株自由传粉

D.让R中基因型为Aa、aa的植株自由传粉

解析：B基因型为Aa的植株交配，所得Fi的基因型及比例为AA：Aa：aa=l：2：I,其中基因型为AA、aa的

个体均不能自交产生后代，只有基因型为Aa的个体可自交产生后代，R全部植株自交，F2植株基因型及比例为

1/4AA.l/2Aa.l/4aa,其中完全正常植株Aa所占比例为l/2,A不符合题意；全部植株自由传粉，B产生的雌

配子基因型及比例为A：a=l：2,雄配子基因型及比例为A：a=2：I,由此可得F2中AA：Aa：aa=

(1/3X2/3)：[(l/3Xl/3)+(2/3X2/3)]：(2/3Xl/3)=2：5：2,故F2植株中完全正常植株Aa所占比例为

5/9,B符合题意；B中基因型为AA、Aa的植株自由传粉，B产生妁雌配子基因型及比例为A：a=l：I,雄配子

基因型及比例为A：a=2：I,由此可得F2中AA：Aa:aa=(1/2X2/3):[(1/2X1/3)+(1/2X2/3)]：

(1/2X1/3)=2：3：I,所以F2植株中完全正常植株Aa所占比例为1/2,C不符合题意；B中基因型为Aa、aa

的植株自由传粉，B产生的雄配子基因型及比例为A：a=l：2,雄配子基因型及比例为A：a=l：I,由此可得

F2中AA：Aa：aa=(1/3X1/2)：[(1/3X1/2)+(2/3X1/2)]：(2/3X1/2)=l：3：2,所以F2植株中完全正

常植株Aa所占比例为l/2,D不符合题意。

2.某植物可自交或自由交配，在不考虑生物变异和致死情况下，下列哪种情况可使基因型为Aa的该植物连续交配

3次后所得子三代中Aa所占比例为2/5（）

A.基因型为Aa的该植物连续自交3次，且每代子代中不去除aa个体

B.基因型为Aa的该植物连续自交3次，且每代子代中均去除aa个体

C.基因型为Aa的该植物连续自由交配3次，且每代子代中不去除aa个体

D.基因型为Aa的该植物连续自由交配3次，且每代子代中均去除aa个体

解析：D基因型为Aa的该植物连续自交3次，且每代子代中不去象aa个体，则子三代中Aa所占比例为（1/2）

3=1/8,A错误；基因型为Aa的该植物连续自交3次，且每代子代中均去除aa个体，则子三代中Aa所占比例为

2/（23+1）=2/9,B错误；基因型为Aa的该植物连续自由交配3次，且每代子代中不去除aa个体，符合遗传平

衡定律,A的基因频率=a的基因频率=1/2,而且每一代的基因型频率均不变，则子三代中Aa的基因型频率=

2X172X1/2=1/2,C错误；基因型为Aa的该植物连续自由交配3次，且每代子代中均去除aa个体，由于存在选

择作用，所以每一代的基因频率均会发生改变，需要逐代进行计算。基因型为Aa的该植物自由交配一次，子一代

中AA：Aa：aa=l：2：1,去除aa个体，则子一代中有1/3AA和2/3Aa。子一代中A的基因频率=l/3+l/2X2/3

=2/3,a的基因频率=1/3,子一代再自由交配，子二代中AA的基因型频率=（2/3）2=4/9,Aa基因型频率=

2X273X1/3=4/9,去除aa个体，子二代中有1/2AA和l/2Aa。子二代中A的基因频率=l/2+l/2X1/2=3/4,a的

基因频率=1/4,子二代再自由交配，在子三代中AA的基因型频率=（3/4）2=9/16,Aa的基因型频率=

2X3/4X1/4=6/16,去除aa个体，则子三代中Aa所占比例为6/16彳（9/16+6/16）=2/5,D正确。

■J故真题•悟考向一»»体轴高者,.强由胜信2

1.（2024•安徽高考12题）某种昆虫的颜色由常染色体上的一对等位基因控制，雌虫有黄色和白色两种表型，雄虫

只有黄色，控制白色的基因在雄虫中不表达，各类型个体的生存和繁殖力相同。随机选取一只白色雌虫与一只黄

色雄虫交配，B雌性全为白色，雄性全为黄色。继续让B自由交配，理论上Fz雌性中白色个体的比例不可能是

（）

A.1/2B.3/4C.15/16D.1

解析：A由题意可知控制白色的基因在雄虫中不表达，随机选取一只白色雌虫与一只黄色雄虫交配，B雌性全为

白色，说明白色对黄色为显性，若相关基因用A/a表示，则亲代白色雌虫基因型为AA,黄色雄虫基因型为AA或

Aa或aa。若黄色雄虫基因型为AA,则Fi基因型为AA,B自由交配，F?基因型为AA,F?雌性中白色个体的比

例为1;若黄色雄虫基因型为Aa,则Fi基因型为1/2AA、l/2Aa,R自由交配，F2基因型为9/16AA、6/16Aa、

l/16aa,F2雌性中白色个体的比例为15/16；若黄色雄虫基因型为aa,则Fi基因型为Aa,B自由交配，F?基因型

为1/4AA、1/2AA、l/4aa,F2雌性中白色个体的比例为3/4。综上所述，A符合题意，B、C、D不符合题意。

2.（2023•全国甲卷6题）水稻的某病害是由某种真菌（有多个不同菌株）感染引起的。水稻中与该病害抗性有关

的基因有3个（Ai、A2、a）：基因Ai控制全抗性状（抗所有菌株），基因A2控制抗性性状（抗部分菌株），基

因a控制易感性状（不抗任何菌株），且Ai对A?为显性、Ai对a为显性、A?对a为显性。现将不同表型的水稻

植株进行杂交，子代可能会出现不同的表型及其分离比。下列叙述错误的是（）

A.全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗：抗性=3:1

B.抗性植株与易感植株杂交，子代可能出现抗性：易感=1:1

C.全抗植株与易感植株杂交，子代可能出现全抗：抗性=1：1

D.全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗：抗性：易感=2：1：1

解析：A根据题意可知，全抗植株有三种基因型，分别为AIAI、A1A2、A,a,抗性植株有两种基因型，分别为

A2A2、A2a,易感植株的基因型为aa。全抗植株与抗性植株杂交，共有六种杂交组合，子代都不可能出现全抗：抗

性=3：1,A错误：抗性植株与易感植株（aa）杂交，若抗性植株的基因型为A?a,其可产生两种配子，则子代中

会出现抗性：易感=1：LB正确；全抗植株与易感植株（aa）杂交，若全抗植株的基因型为A1A2,其可产生两

种配子，则子代中会出现全抗：抗性=1：1,C正确；全抗植株（Aia）与抗性植株（Aza）杂交，子代可能出现

全抗3A2、Aia）：抗性（Aza）：易感（aa）=2：1：1,D正确。

3.（2022•浙江6月选考9题）番茄的紫茎对绿茎为完全显性。欲判断一株紫茎番茄是否为纯合子，下列方法不可

行的是（）

A.让该紫茎番茄自交B.与绿茎番茄杂交

C.与纯合紫茎番茄杂交D.与杂合紫茎番茄杂交

解析：C纯合子自交后代不会发生性状分离，杂合子自交后代会出现性状分离，A可行；显性纯合子测交子代均

为显性杂合子，杂合子测交子代中显性杂合子：隐性纯合子=1：1,B可行；待测紫茎番茄不管是纯合子还是杂

合子，与纯合紫茎番茄杂交，子代都只有显性个体，C不可行；与杂合紫茎番茄杂交，若待测个体是纯合子，则

子代只有显性个体，若待测个体是杂合子，则子代中显性个体：隐性个体=3：1,D可行。

4.（2024.贵州高考20题）已知小鼠毛皮的颜色由一组位于常染色体上的复等位基因S（黄色）、B2（鼠色）、

B3（黑色）控制。现有甲（黄色短尾：）、乙（黄色正常尾）、丙（鼠色短尾）、丁（黑色正常尾）4种基因型的雌

雄小鼠若干，某研究小组对其开展了系列实验，结果如图所示。

③

亲本组合甲X1乙X丁甲X乙

子代黄色鼠色黄色黑色黄色鼠色

回答下列问题。

（1）基因Bl、B2、B3之间的显隐性关系是旦过以B3为显性，B?对B3为显性实验③中的子代比例说明了基

因型B[Bi的个体死亡,其黄色子代的基因型是旦必旦以。

（2）小鼠群体中与毛皮颜色有关的基因型共有1种，其中基因型组合为旦史迎陋的小鼠相互交配产生的子代

毛皮颜色种类最多。

（3）小鼠短尾（D）和正常尾（d）是一对相对性状，短尾基因纯合时会导致小鼠在胚胎期死亡。小鼠毛皮颜色基

因和尾形基因的遗传符合自由组合定律，若甲雌雄个体相互交配，则子代表型及比例为黄色短尾：黄色正常尾：

鼠色短尾：鼠色正常尾=4：2：2：1；为测定丙产生的配子类型及比例，可选择丁个体与其杂交，选择丁的理由

是丁是急性纯合子B.tBMd。

解析：（1）根据图中杂交组合②可知，Bi对B3为显性；根据图中杂交组合③可知，Bi对B?为显性；根据图中杂

交组合①可知，B?对B3为显性，故&对B?、B3为显性，B?对B3为显性。实睑③中的子代比例说明基因型为

BIBI的个体死亡，其黄色子代的基因型是B1B2、B.B^o（2）根据（1）可知，小鼠群体中与毛皮颜色有关的基因

型有B|B?、B1B3、B2B2、B2B3、B3B3,共有5种。其中B1B3和B2B3交配后代的毛色种类最多，关有黄色、鼠色

和黑色3种。（3）根据题意，甲的基因型是BiBzDd,则该基因型的雌雄个体相互交配，子代表型及比例为黄色

短尾：黄色正常尾：鼠色短尾：鼠色上常尾=4：2：2：1。丙为鼠色短尾，其基因型表示为B2_Dd,为测定丙产

生的配子类型及比例，可采用测交的方法，即丁个体与其杂交，理由是丁是隐性纯合子B3B3dd。

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（1）已知果蝇的长翅和截翅由一对等位基因控制。多只长翅果蝇进行单对交配（每个瓶中有1只雌果蝇和1只雄

果蝇），子代果蝇中长翅：截翅=3：1,可判断长翅是显性性状。（2020•新课标I卷）（V）

（2）一观赏鱼品系体色为桔红带黑斑，野生型为橄榄绿带黄斑，该性状由一对等位基因控制，桔红带黑斑品系的

后代中出现性状分离，说明该品系为杂合子。（2020•江苏高考）（4）

（3）研究者获得矮秆玉米突变株，该突变株与野生型杂交，R表型与野生型相同,说明矮秆是隐性性状。

（2024北京高考）

（4）某种瓜的性型（雌性株/普通株）和瓜刺（黑刺/白刺）各由1对等位基因控制。雌性株开雌花，经人工诱雄

处理可开雄花，能自交；普通株既开雄花又开雄花。黑刺普通株和白刺雌性株杂交得B，根据R为性状不能判断

瓜刺性状的显隐性，则B瓜刺的表型及分离比是黑刺：白刺=1：1。若要判断瓜刺的显隐性，从亲本或B中

选择材料进行的实验及判断依据是从亲本或B中选取表型相同的个体进行自交，若后代发乍•性成分而，则该个

体性状为显性，不发生性状分离，则该性状为隐性.（2024.全国甲卷）

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一、选择题

1.（2024.河北保定期末）玉米是雌雄同株植物，其种子的籽粒饱满和凹陷受一对等位基因控制。现有一批纯合的

籽粒饱满玉米种子和纯合的籽粒凹陷玉米种子，为鉴定这对•相对性状的显隐性关系，下列杂交思路合理的是

（）

A.分别种植两种玉米种子，再将得到的植株分别自交，观察子代的性状

B.分别种植两种玉米种子，再将得到的植株相互杂交，观察子代的性状

C.种植籽粒饱满的玉米种子，再将得到的植株自交，观察子代的性状

D.种植籽粒凹陷的玉米种子，再将得到的植株自交，观察子代的性状

解析：B分别种植两种玉米种子或单独种植某种种子，再将得到的植株分别自交，子代均为纯合子，无法鉴定这

对相对住状的显隐性关系，A、C、D错误；分别种植两种玉米种子，再将得到的植株相互杂交，子代的性状为显

性性状，B正确。

2.（2024.甘肃白银期末）某养猪场有黑色猪和白色猪，黑色（A）对白色（a）为显性，要想鉴定一头黑色公猪是

纯合子还是杂合子，最合理的方法是（）

A.让该黑色公猪与黑色母猪交配

B.让该黑色公猪在不同环境中生长

C.让该黑色公猪与多只白色母猪交配

D.让该黑色公猪充分生长，观察其毛色是否改变

解析：C若想鉴定一头黑色公猪是杂合子（Aa）还是纯合子（AA）,最合理的方法是让该黑色公猪与多只白色

母猪（aa）交配，即测交，若子代全为黑色猪，则表明该黑色公猪是纯合子（AA）；若子代出现白色猪，则表明

该黑色公猪为杂合子（Aa）。

3.（2025♦广东深圳调研）人的褐眼对蓝眼为显性，某夫妇皆为褐眼，其甲、乙、丙三个孩子中，有一个是收养的

（非亲生的），甲和丙为蓝眼，乙为褐眼，据此推断下列说法错误的是（）

A.甲或丙是收养的

B.该夫妇再生一个蓝眼孩子的概率为1/4

C.控制甲的眼色的基因型是纯合的

D.若乙为亲生的，则乙为纯合子的概率为1/3

解析：A人的褐眼对蓝眼为显性，设控制褐眼的基因为A,控制蓝眼的基因为a。该夫妇皆为褐眼，三个孩子中

甲和丙为蓝眼，乙为褐眼，无论哪一个孩子是非亲生的，该夫妇都生出了蓝眼的孩子，故可以确定控制双亲眼色

的基因型是杂合的（Aa）,甲和丙为隐性纯合子（aa）,C正确；该夫妇的基因型都为Aa,他们既能生出褐眼的

孩子，也能生出蓝眼的孩子，故不能确定哪个孩子是收养的，A错误；该夫妇再生一个蓝眼孩子的概率为1/2X1/2

=1/4,B正确；若乙为亲生的，乙为褐眼（AA：Aa=l：2）,其为纯合子的概率为1/3,D正确°

4.（2025•河北承德高三月考）萝卜的花有白、红、紫三种颜色，该性状由基因R、r控制。三组不同类型植株之间

的杂交结果如下表所示。下列相关叙述中错误的是（）

组别亲本子代性状表现及数量

一紫花X白花紫花428、白花415

二紫花X红花紫花413、红花406

三紫花X紫花红花198、紫花396、白花202

A.白花、紫花、红花植株的基因型分别是IT、Rr、RR

B.白花植株自交的后代均开白花，红花植株自交的后代均开红花

C.白花植株与红花植株杂交的后代中，既没有红花也没有白花

D,可用紫花植株与白花或红花植株杂交验证分离定律

解析：A该对基因控制的性状有三种，说明R对r为不完全显性。由组别三可知，紫花植株的基因型为Rr,但

根据三组杂交实验的结果不能判断出白花植株和红花植株的基因型分别是IT、RR，还是RR、rr,A错误：白花植

株与红花植株均为纯合子，二者分别刍交，子代都不会出现性状分离，二者杂交，则子代都开紫花，B、C正确；

因为RR、Rr的性状表现不同，所以无论是RrXrr,还是RrXRR,子代都会出现1：1的分离比，即都可用来验证

基因的分离定律，D正确。

5.（2024.贵州安顺模拟）在温德尔一对相对性状的豌豆杂交实验中，高茎和矮茎由一对等位基因D/d控制。在杂

交实验中，有多株高茎，让其与矮茎进行杂交，子代中高茎：矮茎=3：1。下列分析错误的是（）

A.亲代高茎中杂合子比例为1/2

B.子代高茎中杂合子比例为2/3

C.若亲代高茎自交，则子代中高茎：矮茎=7：I

D.若子代高茎自交，则子二代中高茎：矮茎=3：1

解析：B多株高茎与矮茎杂交，高茎基因型为DD或Dd,矮茎基因型为dd,子代表型及比例为高茎：矮茎=

3：1,说明亲代高茎产生的配子种类及比例为D：d=3：1,所以亲本中DD：Dd=l：1,其中杂合子比例为

1/2,A正确；由A项可知，亲本中高茎DD：Dd=l：1,矮茎基因型为dd,只能产生d的配子，所以子代高茎全

部为杂合子，B错误；亲本中DD：Dd=l：1,若亲代高茎自交，则子代中矮茎的比例为l/2Xl/4=l/8,高茎的

比例为1-1/8=7/8,故子代中高茎：矮茎=7：1,C正确；由于子代高茎全部为杂合子，Dd自交，则子二代中高

茎：矮茎=3：1,D正确。

6.（2025•河南焦作期末）某种动物的毛色有黄色和灰色两种，由位于常染色体上的一对等位基因A、a控制。下

表为三组交配组合，下列叙述错误的是（）

交配组合亲本性状子代性状及比例

组合一丙（黄色）X乙（黄色）黄色：灰色=3:1

组合二甲（灰色）X乙（黄色）黄色：灰色=1:1

组合三甲（灰色）X丁（黄色）