河南省郑州市八校联盟2025-2026学年高二上学期11月期中考试物理（含答案）

2025~2026学年上学期期中学业水平测试

高二物理试卷

考生注意:

1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分,考试时间75分钟。

2.答题前,考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。

3.考生作答时,请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的

答案标号涂黑;非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答,超

●

出答题区域书写的答案无效,在试题卷、草稿纸上作答无效。

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4.本卷命题范围:人教版必修第三册第九章至第十二章。

一、选择题:本题共10小题,共46分.在每小题给出的四个选项中,第1~7题只有一项符合题目要求,每

小题4分;第8~10题有多项符合题目要求,每小题6分,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,

有选错的得0分.

1.关于对电场的概念以及公式的理解,下列说法正确的是

A.电场强度公式E=k可知,距q相同距离点的电场强度相同

B.电场强度公式E可知,若试探电荷的电荷量加倍,则该点的电场强度减半

C.由电势定义式不能得出,电场中某点的电势与该点的电荷量q成反比

D.电场强度公式E适合于任何电场的电场强度计算

2.关于对电流的认识,下列说法正确的是

A.电流既有大小又有方向,但电流为标量

B.正电荷的运动方向与其形成的电流方向相反

C.电流的方向始终从高电势点流向低电势点

D.电流与通过导体横截面的电荷量成正比

3.某品牌的手机充电器铭牌如表所示,用该充电器在正常工作状态下给容量为4200mA●h、额定电压

为4V的手机电池充电,下列说法正确的是

A.该充电器的额定输出功率为12.5W输入:100~240V50/60Hz

B.该充电器输入交流电压的最大值为240V输出:5V4A

C.手机电池充满电储存的电能为60.48KJ

D.手机电池充满电需要约1.68小时

【高二期中学业水平测试●物理试卷第1页(共6页)】ZZ

4.如图所示,实线为电场中的等势线,且相邻两等势线的电势差相等,电势分别为φ1、φ2、φ3、φ4,一带正电

的粒子仅在电场力的作用下从M点沿虚线运动到N点,a、b、C、d为电场中的四点,其a、b、C三点的连

线在同一条直线上,且ab=bC.下列说法正确的是

A.电场力先做正功后做负功

B.a、b两点的电势差小于b、C两点的电势差

C.φ1>φ2>φ3>φ4

D.粒子运动中在d处受的电场力和电势能都是最大的

5.如图所示为用不同材料制成的电阻甲、乙的伏安特性曲线,其中倾斜的虚线为图像甲电压为6V时的

切线.下列说法正确的是

A.材料甲的电阻随电压的升高而增大

B.电压为6V时,甲的电阻值为15Ω

C.电压为8V时,甲的电阻小于乙的电阻

D.电压为6V时,乙的电阻值为12Ω

6.如图所示的电路中,C为平行板电容器,左右两极板分别为M、N,G表为0刻度在中央的灵敏电流计.

闭合电键,待电路稳定,电源的内阻不可忽略.则下列说法正确的是

A.M板向左移动少许,两极板间的电场强度减小

B.滑动变阻器的滑片向右移动少许,流过G表的电流方向向右

C.增大电阻箱的阻值,流过G表的电流方向向左

D.断开电键S,N板向左移动少许,两板间的电场强度增大

7.如图所示,一直流电动机与阻值R=5Ω的电阻、理想电流表串联接在电源上,电源的电动势E=24V,

内阻r=1Ω,闭合开关S,电流表的示数为2A,电动机正常工作,已知电动机线圈的电阻RM=1Ω,下

列说法正确的是

A.电动机正常工作时消耗的功率为24W

B.电动机正常工作时的电压为2V

C.电源的效率约为88.9%

D.电动机的输出功率为12W

【高二期中学业水平测试●物理试卷第2页(共6页)】ZZ

8.如图所示,A、B、C、D是边长为l的正方形的四个顶点,在A点和C点放有电荷量均为q的正点电荷,

在B点放一个未知点电荷qI后,D点的电场强度恰好等于。.下列说法正确的是

II

A.q是负电荷,电荷量q=2\q

B.qI是正电荷,电荷量qI=2q

C.将qI沿BD连线从B点移到D点的过程中,静电力一直不做功

D.将qI沿BD连线从B点移到D点的过程中,其电势能先变小后变大

9.两个正点电荷a、b固定在父轴上,其中电荷a固定在坐标原点,一带正电的试探电荷在父1~父。之间的

电势能Ep随位置坐标父的变化关系如图所示,其中在父。处图像的切线沿父轴,已知电荷a、b的电荷

量之比为1:4,父。为已知量.下列说法正确的是

A.若在父1处由静止释放一带负电粒子,粒子沿父轴正方向运动

B.电荷b放在3父。处

C.父1处的电势比父。处的电势低

D.父1到父。之间的电场强度在减小

1。.如图所示,半径为r的内壁光滑的绝缘轨道沿竖直方向固定,整个空间存在与水平方向成45o的匀强

电场,其电场强度大小为E,图中a、c两点与圆心等高,b、d分别为圆轨道的最高点和最低点,

s、t两点分别为弧ad和弧bc的中点.一质量m、电荷量为十q的小球在圆轨道内侧的d点获得一初速

度,结果小球刚好能在圆轨道内做完整的圆周运动,规定d点的电势为。,重力加速度为g.下列说法

正确的是

A.小球在t点时对轨道的压力最大

B.小球电势能的最大值为\mgr

C.小球在d点获得的速度大小为\

D.小球在a、c两点对轨道的压力差大小为6mg

【高二期中学业水平测试●物理试卷第3页(共6页)】ZZ

二、非选择题:本题共5小题,共54分.

11.(8分)某同学欲测量一粗细均匀的金属棒的电阻率.

(1)该同学为了测定金属棒的电阻设计了如图所示的电路图,滑动变阻器滑片向上移动,电压表示数

,电流表示数(均填“变大”“变小”或“不变”).

(2)接(1),该同学用电压表与电流表读数之比来得到电阻的测量值,若考虑电表内阻引起的系统误

差,则电阻的测量值相较于真实值(填“偏大”或“偏小”).

(3)设测得导电材料的电阻为R,导电材料的长度为L,导电材料的直径为D,求得导电材料的电阻率

为(用题目所给字母表示).

12.(8分)为了测量干电池组的电动势和内阻,某同学在实验室内选择了合适的器材组成了如图甲所示

的电路.图中电流表A1的量程为0~0.1A,内阻RA1=8Ω;电流表A2的量程为0~3mA,内阻RA2

=20Ω,定值电阻R1=2Ω.

甲乙

(1)电路中将R2与电流表A2串联,将电流表A2改装成了量程为0~3V的电压表,则R2=

Ω,电路中通过电池组的最大电流可能为A;

(2)闭合开关K前,应将图甲中滑动变阻器的滑片移到(填“a”或“b”)端;

(3)闭合开关K,多次调节滑动变阻器的滑片,测得多组电流表A1、A2的示数I1、I2,以I2为纵轴、I1为横

轴,作I2I1图像如图乙所示,由图像可求得电池组的电动势E=V,内阻r=Ω

(结果均保留三位有效数字).

【高二期中学业水平测试●物理试卷第4页(共6页)】ZZ

13.(10分)如图所示,把质量为0.2kg的带电小球A用丝线吊起,将带电荷量为4×10—8C的小球B靠近它,

当两小球在同一高度且相距3cm时,丝线与竖直方向的夹角为45o,静电力常量K=9×109N●m2/c2,

g=10m/s2,求:

(1)小球B受到的库仑力的大小;

(2)小球A的电荷量.

14.(14分)如图所示,虚线圆的直径为d,O点为圆心,AB和CD为两条直径,其夹角为α=60o,整个空间

存在与该圆面平行的匀强电场.电荷量为十q的粒子从A点移动到B点的过程中,粒子的电势能增加

Ep;粒子从C点移动O点的过程中,粒子的电势能增加.求:

(1)B、D两点的电势差;

(2)该电场的电场强度的大小和方向.

【高二期中学业水平测试●物理试卷第5页(共6页)】ZZ

15.(14分)如图所示,电源电动势E=12V,内阻r=2Ω,电阻R1=3Ω,R2=R3=6Ω,C为水平正对放

置的平行板电容器,两极板间距d=1.0m,极板长为l=1.5m,其电容C=4.0μF,则:

(1)若开关S1闭合、S2断开,稳定时,求R2两端的电压;

(2)若开关S1、S2均闭合,达到稳定时,求电容器两端的电压UC及电容器所带电荷量Q;

(3)开关S1、S2闭合稳定后,有一个带正电粒子从极板左侧中央位置以速度Ψ0平行于极板入射,恰好

能从下极板边缘飞出电场,已知粒子带电量q=0.2C、质量m=1×10—5kg.求带电粒子进入极板

时的初速度Ψ0.(不计任何阻力和粒子重力)

【高二期中学业水平测试●物理试卷第6页(共6页)】ZZ

2025~2026学年上学期期中学业水平测试●高二物理试卷

参考答案、提示及评分细则

1.C在以q为球心、r为半径的球面上,各处场强大小相等,方向不相同,即距离q相同的点的电场强度不相同,A错误;

E=是电场强度的定义式,空间某点的电场强度与场源电荷电荷量和该点到场源电荷的间距决定,与试探电荷无关,

B错误;φ=是电势的定义式,静电场中某点的电势仅由电场自身决定,与试探电荷q的电荷量无关,C正确;公式E=

仅适合于匀强电场的电场强度的计算,D错误.

2.A电流为标量,A正确;正电荷的运动方向与其形成的电流方向相同,B错误;在电源的外部电路中,电流从高电势点

流向低电势点,在电源内部,电流从低电势点流向高电势点,C错误;电流的定义式I=是通过比值法来确定电流的,I

既不与q成正比,也不与t成反比,D错误.

3.C额定输出功率P=U出I出=5V×4A=20W,A错误;240V为交流电电压的有效值,而非电压最大值,B错误;W=

UIt=UQ=4×4.2×3600J=60.48KJ,可知充满电电池储存的电能为60.48KJ,C正确;充电时间为t===

1.05h,D错误.

4.B由粒子的运动轨迹可知,电场力先做负功后做正功,A错误;等势线的疏密程度反应场强的大小,由图可知ab段的

平均电场强度小于bc段的平均电场强度,由公式U=Ed,由于ab=bc,所以Uab<Ubc,B正确;粒子的电势能先增大后减

小,由公式Ep=qφ可知,等势线1的电势最低,等势线4的电势最高,C错误;粒子运动中在d点电势最高,电势能最大,

电场强度不是最大,受电场力不是最大,D错误.

5.D由欧姆定律I=可知,在IU图像中图线上点与原点连线的斜率的倒数为电阻值,图线甲的连线斜率逐渐增大,

则电阻值逐渐减小,图线乙的连线斜率逐渐减小,则电阻值逐渐增大,A错误;由I=可知,电压为6V时,乙的电阻值

R乙=Ω=12Ω,同理甲的电阻值R甲=Ω=30Ω,B错误,D正确;电压为8V时,两电阻的阻值相等,C错误.

6.A闭合电键,电路稳定后,两极板间的电压恒定,M板向左移动少许,则两极板之间的距离d增大,由公式E=可

知,两极板间的电场强度减小,A正确;滑动变阻器的阻值,不会影响两极板之间的电压的大小,所以电容器既不充电也

不放电,所以没有电流流过灵敏电流计,B错误;由电路图可知,电容器两极板间的电压等于电阻箱两端的电压,则U=

,增大电阻箱的阻值,两极板的电压U增大,又由公式Q=CU可知,电容器所带的电荷量增加,电源对电

容器充电,流过G表的电流方向向右,C错误;断开电键,电容器通过电阻箱R2放电,极板带正电荷量减小,极板间电

压、电场强度减小,最终电荷量Q=0,两极板间无电场,D错误.

7.A电动机消耗的总功率P机=12V×2A=24W,A正确;定值电阻和电源内阻的电压之和为12V,则电动机两端电压

为24V—12V=12V,B错误;电源总功率P总=24V×2A=48W,电源内功率P内=4W,电源外功率P外=48W—

4W=44W,则电源的效率约为91.7%,C错误;电动机的发热功率为4W,则电动机的输出功率P出=24W—4W=

20W,D错误.

\kq

8.AD在A、C的点电荷在D点产生的电场强度EA=EC=k,它们在D点产生的合场强E=2,方向沿BD,要使

\kq

D点的电场强度等于0,放在B点的点电荷q’在D点产生的电场强度E’=k=2,方向沿DB,所以q’是负电

荷,电荷量q’=2\2q,A正确,B错误;将q’从B点移到BD中点。点的过程中,静电力做正功,q’从BD中点。点移到D

点的过程中,静电力做负功,C错误;将q’从B点移到D点的过程中,静电力先做正功后做负功,其电势能先变小后变

大,D正确.

9.BD带负电粒子在x1处受电场力沿x轴负方向,粒子沿x轴负方向运动,A错误;x1~x0之间电场方向沿x轴正方

向,由于x0处图像的切线沿x轴,则x0处的电场力为0,电场强度为0,设电荷b距离x0处的间距为x,则由点电荷的电

场强度公式以及叠加原理得k=k,又qa:qb=1:4,解得x=2x0,所以电荷b放在3x0处,B正确;带正电的试探

电荷在x1~x0之间的电势能逐渐减小,由公式Ep=qφ可知x1处的电势比x0处的电势高,C错误;Ep~x图像的斜率

表示电场力,图像的斜率逐渐减小,则电场力逐渐减小,x1~x0之间的电场强度减小,D正确.

10.CD小球受重力mg,斜向上的电场力Eq=\2mg,重力和电场力的合力方向水平向右,其大小为F=mg,则c点为等

效最低点,所以小球在c点时对轨道的压力最大,A错误;由电场线的方向可知,小球在s的电势能最大,由公式Usd=

\mgr\

Ed和Usd=φs—d,又φd=0,解得s=(1—),则小球电势能的最大值为Ep=qφs,解得Ep=(\—1)mgr,B

φφq

错误;由A选项分析可知,a点为等效最高点,小球刚好过a点时,小球对轨道的压力为Fa=0,则有F=,解得

22

ya=\,小球由d到a的过程,由动能定理得—Fr=mya—myd,解得yd=\,C正确;小球由d到c的过

22

程,由动能定理得Fr=myc—myd,解得yc=\,小球在c点时有Fc—F=,解得Fc=6mg,则小球在a、

c两点对轨道的压力差大小为△F=Fc—Fa=6mg,D正确.

【高二期中学业水平测试●物理试卷参考答案第1页(共2页)】ZZ

πD2R

11.(1)变大(2分)变大(2分)(2)偏小(2分)(3)(2分)

4L

解析:(1)滑片向上移动,接入电阻变小,故电压表,电流表示数均变大.

(2)电流表外接时,待测电阻两端电压表读数是准确的,由于电压表的分流作用导致电流表读数大于流过待测电阻的

真实电流,所以测得电阻的测量值相较于真实值偏小;

2

2

(3)由电阻定律R=P,导电材料的横截面积S=π=πD,联立解得P=.

12.(1)980(2分)0.5(1分)(2)a(1分)(3)(2.98~3.02)(2分)(1.10~1.30)(2分)

3V

解析:(1)R2与A2串联,将电流表A2改装成了量程为3V的电压表,则R2=—RA2=980Ω,电阻R1与电流表

300mA

A1并联,将电流表A1改装成新的电流表量程为I=I1十=0.1A十=0.5A,因此电池组通过的最大

电流可能为0.5A;

(2)闭合开关前,应将图甲中滑动变阻器的滑片移到a端,使滑动变阻器接入电路的电阻最大;

(3)根据闭合电路的欧姆定律有E=I2(RA2十R2)十(I1十r十I1RA1,代入数据可得E=1000I2十I1(5r十8),整理得

5r十8—35r十8

I2=—I1,结合图乙有=3×10,=,联立解得E=3.00V,r=1.20Ω,由图乙的读数误

10001000

差,电动势在(2.98~3.02)V,内阻r在(1.10~1.30)Ω之间均可以.

13.解:(1)A球受重力、拉力和库仑力处于平衡状态,根据共点力平衡得,

A球所受的库仑力FA=mAgtan45。=2N(3分)

根据牛顿第三定律:B球受到的库仑力大小FB=FA=2N(2分)

(2)根据库仑定律知FA=k(3分)

—6

代入数据得,qA=5×10C(2分)

14.解:(1)由题意可知粒子从A点移动到B点的过程电场力做功为WAB=—Ep(1分)

AB两点的电势差为UAB==—(1