2025-2026学年上学期初中物理人教新版九年级期末必刷常考题之电功、电功率

第50页（共50页）2025-2026学年上学期初中物理人教新版九年级期末必刷常考题之电功、电功率一．选择题（共8小题）1．（2025秋•济宁月考）小明洗完手直接使用干手器吹出的热风把手吹干，下列说法正确的是（）A．干手器吹出的风可以使水的蒸发加快 B．小明感到手有些热，是因为水蒸发时放出热量 C．蒸发可以在液体的内部和表面同时发生 D．干手器工作时不需要消耗电能2．（2025•西乡塘区校级模拟）在国际单位制中，电能的单位是（）A．帕斯卡 B．牛顿 C．焦耳 D．伏特3．（2025•福建模拟）小福家的电能表表盘如图所示，下列说法正确的是（）A．电能表是测量电功率的仪表 B．电能表的示数为45566kW•h C．脉冲灯闪烁频率越快，说明消耗电量越多 D．消耗0.5kW•h电能，脉冲灯闪烁800次4．（2025秋•齐齐哈尔期中）如图所示是某台电饭锅的工作原理示意图。电饭锅的加热板内有电阻为R0的电阻器，闭合开关后电饭锅处于加热状态，断开开关后电饭锅处于保温状态。在加热和保温两种状态下，下列叙述正确的是（）A．加热状态时电路中的总电阻大 B．保温状态时电路中的总电阻大 C．加热状态时电阻为R0的电流小 D．保温状态时电阻为R0两端的电压大5．（2025•沙洋县模拟）将标有“6V3W”和“6V2W”的甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6V的电源两端，接通电路后，以下说法正确的是（）A．两只小灯泡都不能正常工作，甲灯比乙灯亮 B．两只小灯泡都能正常发光 C．通过乙灯的电流较大，所以乙灯较亮 D．两只小灯泡的总功率小于2W6．（2025秋•工业园区期中）关于生活中一些物理量的估测，下列数据最接近实际的是（）A．汽车中的蓄电池电压为30﹣50V B．电扇的电流为5﹣10A C．人骑自行车的功率约为10﹣20w D．日光灯正常工作时的电流约为0.15A7．（2025•鼓楼区校级一模）如图所示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流，R0为定值电阻，移动滑动变阻器R的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率P随电流表示数I变化的关系图线中，可能正确的是（）A． B． C． D．8．（2025•天津模拟）如图所示，电源两端电压不变，R1：R2＝2：1。先闭合开关S1，再闭合开关S2，下列分析正确的是（）A．电路电阻之比为1：2 B．电流表示数之比为2：1 C．电路消耗的电功率之比为1：3 D．电路消耗的电功率之比为2：3二．填空题（共5小题）9．（2025秋•昌图县期中）2025年9月28日沈白高铁开通，高铁在极寒地区施工时，采用“混凝土精准加热”技术保证施工质量，这是通过的方式改变混凝土的内能；钢轨焊接时，电能转化为能使钢轨熔化。10．（2026•上海模拟）家庭电路中，电视机与电灯是的（选填A.串联、B.并联），电灯工作时，消耗的是能，一台电视机的功率为110瓦特，其工作2小时，消耗的电能为度。11．（2025秋•海珠区校级期中）一只标有“6V3W”的小灯泡，电源电压12V，若能使小灯泡正常发光，需将小灯泡和一只Ω的电阻联。12．（2025秋•富锦市期中）某电热水壶标有“220V1500W”，正常工作10分钟消耗的电能为kW•h。13．（2024秋•西岗区期末）如图所示是某用户家的电能表，根据电能表上提供的信息可知，该用户同时使用的用电器总功率不能超过W；单独将一电烤箱接入电路，正常工作30min，电能表的转盘转过300转，则电烤箱的功率为W。三．实验探究题（共1小题）14．（2025春•滨城区期末）在学校实验室做“测量小灯泡的电功率”的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V。（1）连接电路时应该将滑动变阻器滑片移动到阻值最大的位置，这样做是为了；（2）将实物电路连接完整后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数，则出现这种情况的原因可能是；（3）先调节滑动变阻器滑片使电压表示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，则灯泡的额定功率为W；（4）分析实验数据可知，要在测量完小灯泡的额定功率后继续实验得到表中的数据，应将滑动变阻器的滑片逐渐向（选填“左”或“右”）端滑动，在这个过程中，小灯泡的灯丝电阻逐渐（选填“变大”、“变小”或“不变”），小灯泡的亮度会（“越来越亮”或“越来越暗”）；实验次数12345电压U/V2.52.01.51.00.5电流I/A0.250.210.150.11（5）勤于思考的小明发现可以分别计算出每一组小灯泡两端的电压与电流的比值，得到每组实验中小灯泡的阻值，然后取平均值作为小灯泡正常发光时的电阻，这种数据处理方式是（选填“合理”或“不合理”）的。四．计算题（共1小题）15．（2026•上海模拟）如图甲是某品牌家用蛋糕机，该蛋糕机配有很多卡通模型，可以做出多种多样的创意小蛋糕，图乙是该蛋糕机的简化电路图，可以实现蛋糕机的低、中、高三挡加热功能。单独闭合开关S1时，蛋糕机处于440W的低温挡加热状态；单独闭合开关S2时，阻值为55Ω的电阻R2让蛋糕机处于中温挡加热状态。求蛋糕机正常工作时：（1）R1的电阻；（2）中温挡加热功率；（3）高温挡加热5min消耗的电能。

2025-2026学年上学期初中物理人教新版九年级期末必刷常考题之电功、电功率参考答案与试题解析一．选择题（共8小题）题号12345678答案ACDBDDDC一．选择题（共8小题）1．（2025秋•济宁月考）小明洗完手直接使用干手器吹出的热风把手吹干，下列说法正确的是（）A．干手器吹出的风可以使水的蒸发加快 B．小明感到手有些热，是因为水蒸发时放出热量 C．蒸发可以在液体的内部和表面同时发生 D．干手器工作时不需要消耗电能【考点】电能的来源与利用；蒸发的概念及现象；液面上方的空气流动越快，蒸发越快．【专题】汽化和液化、升华和凝华；电与热、生活用电；应用能力．【答案】A【分析】（1）液体表面的空气流速越快，温度越高、表面积越大，液体的蒸发越快。（2）液体蒸发时会吸收热量。（3）蒸发是只发生在液体的表面的缓慢平和的汽化现象；沸腾是在液体的表面和内部同时发生的剧烈的汽化现象。（4）干手器工作时需要消耗电能。【解答】解：A、干手器吹出的风流速快、温度高、表面积大，可以加快水的蒸发，故A正确；B、小明感到手有些热，是因为干手器吹出的是热风，蒸发需要吸收热量，故B错误；C、蒸发只发生在液体的表面，故C错误；D、干手器工作时需要消耗电能，故D错误。故选：A。【点评】本题考查的是影响蒸发快慢的因素；知道干手器需要消耗电能。2．（2025•西乡塘区校级模拟）在国际单位制中，电能的单位是（）A．帕斯卡 B．牛顿 C．焦耳 D．伏特【考点】电能的单位及换算．【专题】应用题；电能和电功率；应用能力．【答案】C【分析】根据对常见物理量及其单位的掌握作答。【解答】解：焦耳是功和能量的主单位，电功属于功的一种，单位也是焦耳。故选：C。【点评】此题考查的是我们对常见物理量及其单位的掌握情况，属于识记性知识的考查，是一道基础题。3．（2025•福建模拟）小福家的电能表表盘如图所示，下列说法正确的是（）A．电能表是测量电功率的仪表 B．电能表的示数为45566kW•h C．脉冲灯闪烁频率越快，说明消耗电量越多 D．消耗0.5kW•h电能，脉冲灯闪烁800次【考点】电能表的参数；电能表的读数；电能表的计算；电功的测量．【专题】应用题；电能和电功率；应用能力．【答案】D【分析】（1）电能表是测量消耗电能（电功）的仪表；（2）电能表读数时，注意：电能表的最后一位数是小数，单位是kW•h；（3）电能表脉冲灯闪烁的快慢反映了做功的快慢；（4）1600imp/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的脉冲灯闪烁1600次，据此求消耗0.5kW•h电能，脉冲灯闪烁的次数。【解答】解：A、电能表是测量消耗电功的仪表，不是电功率，故A错误；B、电能表的最后一位数是小数，单位是kW•h，图示电能表的示数为4556.6kW•h，故B错误；C、电能表脉冲灯闪烁的快慢反映了做功的快慢，不是消耗电量的多少，故C错误；D、1600imp/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的脉冲灯闪烁1600次，消耗0.5kW•h电能，脉冲灯闪烁的次数为800，故D正确。故选：D。【点评】本题考查电能表的作用、读数、对电能表相关参数的理解，属于基础题目。4．（2025秋•齐齐哈尔期中）如图所示是某台电饭锅的工作原理示意图。电饭锅的加热板内有电阻为R0的电阻器，闭合开关后电饭锅处于加热状态，断开开关后电饭锅处于保温状态。在加热和保温两种状态下，下列叙述正确的是（）A．加热状态时电路中的总电阻大 B．保温状态时电路中的总电阻大 C．加热状态时电阻为R0的电流小 D．保温状态时电阻为R0两端的电压大【考点】电功率多档位问题．【专题】定性思想；电能和电功率；应用能力．【答案】B【分析】根据电路图分别分析出加热和保温状态时的电路连接，根据串联电路的电压特点分析在加热和保温两种状态下，电阻为R0的电阻器两端的电压、电阻以及电流的关系。【解答】解：ABC．闭合开关后电饭锅处于加热状态，此时R被短路，电路为R0的简单电路；断开开关后电饭锅处于保温状态，此时两电阻串联，保温状态时电路中的总电阻大，电源电压不变，根据I=UR可知加热状态时电阻为R0的电流大，故AC错误，D．加热状态时电路为R0的简单电路，电阻R0两端的电压等于电源电压；保温状态时两电阻串联，根据串联分压特点可知电阻R0两端的电压小于电源电压，故保温状态时电阻R0两端的电压小，故D错误。故选：B。【点评】本题串联电路的电压特点，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。5．（2025•沙洋县模拟）将标有“6V3W”和“6V2W”的甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6V的电源两端，接通电路后，以下说法正确的是（）A．两只小灯泡都不能正常工作，甲灯比乙灯亮 B．两只小灯泡都能正常发光 C．通过乙灯的电流较大，所以乙灯较亮 D．两只小灯泡的总功率小于2W【考点】实际功率；小灯泡实际功率的比较；串联电路中的电流规律．【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率．【答案】D【分析】（1）已知两灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI求出两灯泡的额定电流，利用欧姆定律求出两灯泡的电阻；（2）根据串联电路的电流特点比较通过两灯泡的电流关系，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，然后与两灯泡的额定电流相比较判断两灯泡是否正常工作，根据P＝I2R比较两灯泡的实际功率关系判断亮暗关系，根据P＝UI求出电路消耗的总功率。【解答】解：（1）由P＝UI可得，两灯泡的额定电流：I甲=P甲U甲=3W由I=UR甲=U甲I甲=6V0.5A（2）甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6V的电源两端时，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两灯泡的电流相等，故C不正确；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I=UR因I＜I乙＜I甲，所以，两灯泡均不能正常发光，故B不正确；由P＝I2R可知，乙灯泡的电阻较大，实际功率较大，灯泡较亮，故A不正确；电路的总功率：P＝UI＝6V×0.2A＝1.2W＜2W，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，灯泡是否正常发光可以比较电流与额定电流之间的关系，可以比较两端的电压和额定电压之间的关系。6．（2025秋•工业园区期中）关于生活中一些物理量的估测，下列数据最接近实际的是（）A．汽车中的蓄电池电压为30﹣50V B．电扇的电流为5﹣10A C．人骑自行车的功率约为10﹣20w D．日光灯正常工作时的电流约为0.15A【考点】常见电功率的大小；常见电流的大小；常见电压的大小．【专题】估算综合应用题；理解能力．【答案】D【分析】首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。【解答】解：A、汽车中的蓄电池电压为12或24V，故A不符合实际；B、电扇的电流为0.2～0.5A，故B不符合实际；C、人骑自行车的功率通常为50～100W，故C不符合实际；D、日光灯正常工作时的电流约为0.15A，故D符合实际。故选：D。【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。7．（2025•鼓楼区校级一模）如图所示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流，R0为定值电阻，移动滑动变阻器R的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率P随电流表示数I变化的关系图线中，可能正确的是（）A． B． C． D．【考点】电功率的综合计算；欧姆定律的应用．【专题】图析法；电能和电功率；应用能力．【答案】D【分析】由图R0与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流。电源提供电流一定，根据并联电路特点分别表示出U与I和P与I的表达式，分析判断即可。【解答】解：由图R0与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流。若电源提供的电流恒定为I总，BC、根据并联电路特点可知：U＝U0＝I0R0＝（I总﹣I）R0＝﹣IR0+I总R0，其中I总、R0为定值，由U＝﹣R0I+I总R0，可知U与I的图象为一次函数，且﹣R0＜0，故BC错误；AD、由电功率的计算公式：电路消耗总功率：P＝UI总＝（I总﹣I）R0×I总＝﹣I总R0I+I总2R0，其中I总、R0为定值，由P＝﹣I总R0I+I总2R0，可知P与I的图象为一次函数，﹣I总R0＜0，且I不能为0，P不会为0，故D正确，A错误。故选：D。【点评】本题考查并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要抓住电源是恒流源，关键是得出U与I和P与I的表达式，利用数学知识分析判断它们之间的关系。8．（2025•天津模拟）如图所示，电源两端电压不变，R1：R2＝2：1。先闭合开关S1，再闭合开关S2，下列分析正确的是（）A．电路电阻之比为1：2 B．电流表示数之比为2：1 C．电路消耗的电功率之比为1：3 D．电路消耗的电功率之比为2：3【考点】电功率的比例计算；串并联的比例计算．【专题】应用题；电流和电路；电能和电功率；应用能力．【答案】C【分析】（1）闭合开关S1，电路中只有R1接在电路中，电流为I，再闭合开关S2，电路中两个电阻并联，干路电流为I′，并联电阻R并=R1R2R1+R2，据此可得先闭合开关S1、再闭合开关（2）利用P＝UI计算电路消耗的电功率之比。【解答】解：AB、闭合开关S1，电路中只有R1接在电路中，电流为I，再闭合开关S2，电路中两个电阻并联，干路电流为I′，并联电阻：R并=R则先闭合开关S1，再闭合开关S2，电路电阻之比：R1先闭合开关S1，再闭合开关S2，电路电流之比：I：I'CD．电路消耗的电功率之比：P：P'＝UI：UI'＝I：I'＝1：3，故C正确，D错误。故选：C。【点评】本题考查了并联电路的特点、电功率公式的应用，属于基础题目。二．填空题（共5小题）9．（2025秋•昌图县期中）2025年9月28日沈白高铁开通，高铁在极寒地区施工时，采用“混凝土精准加热”技术保证施工质量，这是通过热传递的方式改变混凝土的内能；钢轨焊接时，电能转化为内能使钢轨熔化。【考点】电功的实质；热传递改变物体的内能．【专题】分子热运动、内能；理解能力．【答案】热传递；内能。【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。电流做功的过程就是电能转化为其它形式能的过程。【解答】解：改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。“混凝土精准加热”技术，是通过高温物体向混凝土传递热量，从而改变混凝土的内能。钢轨焊接时，电能转化为内能，使钢轨的温度升高，达到熔化的程度。故答案为：热传递；内能。【点评】本题考查的是改变物体内能的两种方式，属于基础题型。10．（2026•上海模拟）家庭电路中，电视机与电灯是B的（选填A.串联、B.并联），电灯工作时，消耗的是电能，一台电视机的功率为110瓦特，其工作2小时，消耗的电能为0.22度。【考点】电功与电能的计算；电功的实质；串联和并联的概念与辨析．【专题】电能和电功率；应用能力．【答案】B；电；0.22。【分析】（1）串联电路中各用电器之间相互影响，不能独立工作；并联电路中的各用电器之间互不影响，可以独立；（2）用电器工作过程中，把电能转化为其它形式的能；（3）根据W＝Pt求出电视机消耗的电能。【解答】解：家庭电路中，电视机与电灯工作时，互不影响，可以单独工作，所以它们是并联的；电灯工作时，消耗电能，将电能转化为光能；电视机消耗的电能：W＝Pt＝110×10﹣3kW×2h＝0.22kW•h＝0.22度。故答案为：B；电；0.22。【点评】本题考查串并联电路的特点、用电器工作过程中的能量转化以及电能的计算，是一道基础题。11．（2025秋•海珠区校级期中）一只标有“6V3W”的小灯泡，电源电压12V，若能使小灯泡正常发光，需将小灯泡和一只12Ω的电阻串联。【考点】电功率P＝UI的简单计算；欧姆定律的简单计算．【专题】电压和电阻；欧姆定律；电能和电功率；应用能力．【答案】12；串。【分析】先根据串联电路分压原理分析电阻连接情况，再根据串联电路电压特点求出串联的电阻两端电压，然后根据P＝UI求出电路中的电流，最后根据欧姆定律可得串联电阻的阻值。【解答】解：小灯泡正常发光时，其两端电压为6V，小于电源电压，根据串联电路分压原理可知，需要串联一个电阻来分担多余的电压；根据串联电路电压特点可得串联的电阻两端电压为：U0＝U﹣UL＝12V﹣6V＝6V；根据P＝UI可得电路中的电流为：I=根据欧姆定律可得串联电阻的阻值为：R=U0故答案为：12；串。【点评】本题考查串联电路规律、欧姆定律和电功率公式的应用，是基础题。12．（2025秋•富锦市期中）某电热水壶标有“220V1500W”，正常工作10分钟消耗的电能为0.25kW•h。【考点】W＝Pt求电能的大小．【专题】应用题；电能和电功率；应用能力．【答案】0.25【分析】电热水壶正常工作时的电功率等于其额定功率，利用W＝Pt计算消耗的电能。【解答】解：电热水壶正常工作时的电功率P＝P额＝1500W＝1.5kW，工作时间t＝10min=1060h=消耗的电能：W＝Pt＝1.5kW×16h＝0.25kW•故答案为：0.25。【点评】本题考查了消耗电能的计算，属于基础题目。13．（2024秋•西岗区期末）如图所示是某用户家的电能表，根据电能表上提供的信息可知，该用户同时使用的用电器总功率不能超过4400W；单独将一电烤箱接入电路，正常工作30min，电能表的转盘转过300转，则电烤箱的功率为1000W。【考点】电功率的综合计算．【专题】应用题；应用能力．【答案】4400；1000。【分析】根据电能表上提供的信息可知，家庭电路允许通过最大的电流为20A，电能表的转盘每转1r消耗电能1600kW.h根据P＝UI可计算该用户电路允许的最大电功率；电能表的转盘转过300转，可以计算出这300转消耗的电能，由于工作30min，可以根据P=W【解答】解：根据电能表上提供的信息可知，家庭电路允许通过最大的电流为20A，所以该用户同时使用的用电器总功率最大值为P最大＝UI最大＝220V×20A＝4400W；电能表的转盘每转1r消耗电能1600kW•h，那么转300转消耗的电能为W＝300×1600kW•h＝0.5kWt＝30min＝0.5h，电烤箱的功率P=Wt=0.5故答案是：4400；1000。【点评】该题主要考查了电能表表盘信息的识别和电功率公式的实际应用。三．实验探究题（共1小题）14．（2025春•滨城区期末）在学校实验室做“测量小灯泡的电功率”的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V。（1）连接电路时应该将滑动变阻器滑片移动到阻值最大的位置，这样做是为了保护电路；（2）将实物电路连接完整后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数，则出现这种情况的原因可能是灯泡断路；（3）先调节滑动变阻器滑片使电压表示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，则灯泡的额定功率为0.75W；（4）分析实验数据可知，要在测量完小灯泡的额定功率后继续实验得到表中的数据，应将滑动变阻器的滑片逐渐向右（选填“左”或“右”）端滑动，在这个过程中，小灯泡的灯丝电阻逐渐变小（选填“变大”、“变小”或“不变”），小灯泡的亮度会越来越暗（“越来越亮”或“越来越暗”）；实验次数12345电压U/V2.52.01.51.00.5电流I/A0.250.210.150.11（5）勤于思考的小明发现可以分别计算出每一组小灯泡两端的电压与电流的比值，得到每组实验中小灯泡的阻值，然后取平均值作为小灯泡正常发光时的电阻，这种数据处理方式是不合理（选填“合理”或“不合理”）的。【考点】伏安法测量小灯泡的电功率．【专题】电能和电功率；实验基本能力．【答案】（1）保护电路；（2）灯泡断路；（3）0.75；（4）右；变小；越来越暗；（5）不合理。【分析】（1）为了保护电路，应该将滑动变阻器滑片移动到阻值最大的位置。（2）从小灯泡不亮，电流表无示数，可以判断出电路中出现了断路，然后根据电压表有示数确定出断路的位置。（3）根据电流表选用小量程确定分度值读出示数，根据P＝UI可求出灯泡的额定功率。（4）由表格数据可知，在测量完小灯泡的额定功率后，后面的几组数据，小灯泡的电压是逐渐减小的，根据串联电路电压特点可知，滑动变阻器承担的电压逐渐变大，由串联分压原理可知，滑动变阻器接入电路的电阻值越来越大，据此确定滑片的移动方向。根据欧姆定律可知灯泡灯丝电阻的变化。根据表格数据利用P＝UI分析当小灯泡两端的电压降低时，灯泡的实际功率的变化，进而分析灯泡亮度的变化。（5）根据灯泡的电阻随温度的变化而变化，取平均值没有意义，分析是否合理。【解答】解：（1）连接电路时，为了保护电路，应该将滑动变阻器滑片移动到阻值最大的位置，此时电路中阻值最大，电流较小。（2）闭合开关，电流表没有示数，说明电路存在断路，电压表有示数，说明电压表与电源相通，因此故障是灯泡断路。（3）由图甲可知，电流表使用的小量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，则灯泡的额定功率为P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W。（4）由表格数据可知，在测量完小灯泡的额定功率后，后面的几组数据，小灯泡的电压是逐渐减小的，根据串联电路电压特点可知，滑动变阻器承担的电压逐渐变大，由串联分压原理可知，滑动变阻器接入电路的电阻值越来越大，因此应将滑片向右移动。由欧姆定律的变形式RUI可知，灯泡灯丝的电阻分别为8.3Ω、8Ω、7.1Ω、6.7Ω、4.5Ω由表格数据可知，当小灯泡两端的电压降低时，电流也降低，由P＝UI可知，灯泡的实际功率减小，灯泡的亮度会越来越暗。（5）因灯泡的电阻随温度的变化而变化，不是一个定值，故取平均值没有意义，是不合理的。故答案为：（1）保护电路；（2）灯泡断路；（3）0.75；（4）右；变小；越来越暗；（5）不合理。【点评】本题测量小灯泡的电功率。考查注意事项、故障分析、电流表读数、欧姆定律和电功率公式的应用。四．计算题（共1小题）15．（2026•上海模拟）如图甲是某品牌家用蛋糕机，该蛋糕机配有很多卡通模型，可以做出多种多样的创意小蛋糕，图乙是该蛋糕机的简化电路图，可以实现蛋糕机的低、中、高三挡加热功能。单独闭合开关S1时，蛋糕机处于440W的低温挡加热状态；单独闭合开关S2时，阻值为55Ω的电阻R2让蛋糕机处于中温挡加热状态。求蛋糕机正常工作时：（1）R1的电阻；（2）中温挡加热功率；（3）高温挡加热5min消耗的电能。【考点】电功与电能的计算；电功率多档位问题；电功率的综合计算．【专题】电能和电功率；应用能力．【答案】（1）R1阻值为110Ω；（2）中温挡加热功率为880W；（3）高温挡加热5min消耗的电能为3.96×105J。【分析】（1）知道低温挡的加热功率和额定电压，根据R=U2P得到（2）由题知，中温挡时只有电阻R2工作（R2＝55Ω），根据P=U2R（3）当开关S1和S2都闭合时处于高温加热挡，此时两电阻并联，其功率为低温挡与中温挡的功率之和，根据W＝Pt算出高温挡加热5min消耗的电能。【解答】解：（1）蛋糕机正常工作时的电压U额＝220V，根据P=U2R可得R1=U额2（2）由题知，中温挡时只有电阻R2工作，中温挡加热功率为：P中=U额（3）当开关S1和S2都闭合时处于高温加热挡，此时两电阻并联，其功率为低温挡与中温挡的功率之和，即P高温＝P低+P中＝440W+880W＝1320W，根据P=Wt可得，高温挡加热t＝5min＝W＝P高温t＝1320W×300s＝3.96×105J。答：（1）R1阻值为110Ω；（2）中温挡加热功率为880W；（3）高温挡加热5min消耗的电能为3.96×105J。【点评】本题考查了电功率、电功基本公式和变形公式的综合应用，判断出蛋糕机处于不同状态时电路的连接方式是关键。

考点卡片1．蒸发的概念及现象【知识点的认识】蒸发的概念：在任何温度下都能发生的汽化现象。蒸发的特点：①在任何温度下都能发生；②只发生在液体表面；③发生缓慢；④蒸发吸热具有降温的作用【命题方向】考查蒸发的生活现象，以及分析蒸发的现象。例：游泳的人上岸以后被风一吹会感觉身上很凉。这主要是因为（）A.水中的温度比岸上的气温高B.人的皮肤产生了错觉C.体表的水蒸发，会从人体吸热D.风把身上的热量带走了分析：（1）蒸发是一种汽化现象，汽化要吸热；（2）加快蒸发的办法有：升高液体的温度，增大液体的表面积，加快液体表面上方空气流动的速度。解析：解：游泳的人上岸后被风一吹，觉得特别冷，这是因为人从水中上岸后，身上有水，被风一吹，加快身体表面的空气流动，加快了蒸发，蒸发吸热，所以被风一吹感觉身上很凉，故C正确，ABD错误。故选：C。点评：本题考查了学生对蒸发吸热的了解，注重了和生活的联系，是一道基础题，比较简单。【解题方法点拨】生活中常见蒸发现象①洗过的湿毛巾、湿衣服晾干了：水分蒸发掉了，②出汗后感觉皮肤凉爽：汗液蒸发时带走了热量，③面包放久了就硬了：水分蒸发，脱水变硬。④新鲜蔬菜叶子放段时间就萎缩了：叶子的水分蒸发，叶子结构失去支撑。⑤夏天给地面洒水，很快就干了：水分蒸发掉了，2．液面上方的空气流动越快，蒸发越快【知识点的认识】影响蒸发快慢的因素：（1）液体的温度．液体的温度越高蒸发越快；液体的温度越低蒸发越慢．同样湿的衣服在阳光下千得快，在树阴下干得慢．（2）液体的表面积．液体的表面积越大蒸发越快；液体的表面积越小蒸发越慢．同样多的水，装在盘子里干得快，装在瓶子里干得慢．（3）液面上的空气流动．液体表面上的空气流动越快蒸发越快；液体表面上的空气流动越慢蒸发越慢．同样湿的鞋子在通风的地方干得快，在没风的地方干得慢．【命题方向】通过实验现象或者生活现象判断影响蒸发快慢的因素。例：人游泳后刚从水中出来，感觉冷是因为人身上的水汽化（填物态变化名称）造成的，此过程要吸热。有风吹来人会感到更冷，这是因为液体表面空气流动速度越快，蒸发越快。分析：物质由液态变成气态的过程叫汽化，汽化是吸热过程，包括蒸发和沸腾两种方式；影响蒸发快慢的因素包括液体温度的高低、液体表面积的大小、以及空气流动速度的快慢。解析：解：人游泳后刚从水中出来，身体表面有较多的水，这些水会从液态变为气态，是蒸发现象，属于汽化现象，蒸发吸热，所以人感觉特别冷；空气流动速度越快，蒸发越快；如果此时有风吹来，体表水分蒸发更快，从身体带走的热量更多，人会感到更冷。故答案为：汽化；吸；空气流动速度。点评：此题考查了汽化吸热和影响蒸发快慢因素的应用，是一道联系实际的应用题。【解题方法点拨】液面上方的空气流动速度影响蒸发速度的生活现象：①衣服在通风处晾晒；②狗伸出舌头喘气；③空气加湿器将水击碎成水雾后喷出；④喝开水时为了不烫嘴，往往向水面吹气3．热传递改变物体的内能【知识点的认识】（1）条件：两个物体之间或同一个物体的不同部分存在温度差（2）过程：高温物体放出热量，温度降低，内能减少，低温物体吸收热量，温度升高，内能增加；（3）结果：温度相同（4）实质：内能的转移。能量的形式没有改变【命题方向】考查热传递改变物体内能的概念，以及现象。例：下列实例中，属于热传递改变物体内能的是（）A.用锯条锯木头时锯条的温度升高B.两手相互摩擦时手的温度升高C.电钻打孔时钻头温度升高D.热鸡蛋放入冷水中温度降低分析：改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。解析：解：A、锯木头是克服摩擦做功，锯条温度升高，是通过做功改变物体的内能；B、两手相互摩擦时，克服摩擦做功，机械能转化为内能，通过做功的方式改变物体的内能；C、电钻打孔是克服摩擦做功，钻头温度升高，是通过做功改变物体内能的；D、放入冷水中的热鸡蛋放出热量，温度降低，是通过热传递改变物体内能，故D正确。故选：D。点评：此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于易错题目。【解题方法点拨】热传递的实例：炒菜时，用火给炒勺加热；冬天坐在炉子边取暖；放在太阳光下晒被子；哈气；热水袋取暖。4．串联和并联的概念与辨析【知识点的认识】（1）串联：电路元件逐个首尾顺次连接的电路连接方式，只有一条电流路径，无分叉；（2）并联：电路元件并列连结在电路中的电路连接方式，至少有两条电流路径，有分叉。【命题方向】中考经常考查的知识点，多以选择题和实验题的形式出现，辨别电路是串联还是并联。例：若用一个开关同时控制两盏电灯，下列说法正确的是（）A.两灯一定是并联B.两灯一定是串联C.两灯既是并联也是串联D.两灯可能并联也可能串联分析：在串联电路中，开关控制整个电路；在并联电路中，接在干路上的开关可以控制整个电路，接在支路上的开关只控制这个支路。解析：解：用一个开关同时控制两盏电灯，情况有可能是：①灯泡串联，开关可以同时控制两盏灯泡；②灯泡并联，但开关放在干路上，所以开关仍然可以控制两盏灯泡；所以A、B、C不符合题意，只有D符合题意；故选：D。点评：开关在串联电路中可以控制整个电路，开关在并联电路中的作用主要看开关放在干路上还是支路上，作用不一样。【解题方法点拨】串并联电路的判断方法：（1）根据电路图判断：电流只有一条路径的则是串联电路；有两条或两条以上路径的则是并联电路。（2）根据电流关系判断：如果通过两个用电器的电流不相等，这两个用电器一定是并联的；如果通过两个用电器的电流相等，则可能是串联，也可能是并联；若是不同的用电器则是串联；若是相同的用电器串联，并联都有可能。（3）根据电压关系判断：如果通过两个用电器的电压不相等，这两个用电器一定是串联的；如果通过两个用电器的电压相等，则可能是串联，也可能是并联；若是不同的用电器则是并联；若是相同的用电器串联，并联都有可能。（4）根据用电器的工作情况判断：用电器只能同时工作的是串联电路，可以独立工作的是并联电路。5．常见电流的大小【知识点的认识】（1）计算器中电源的电流：约100μA（2）半导体收音机电源的电流：约50mA（3）手电筒中的电流：约200mA（4）家庭节能灯中的电流：约0.1A（5）家用电视机的电流：约0.5A（6）家用电冰箱的电流：约1A（7）家用空调器的电流约：约5A（8）雷电电流：可达2×105A【命题方向】估算电流的大小，常结合其他单位的估测一起考查。例：下列对物理量的估计符合实际情况的是（）A.李老师将两个鸡蛋从地上拾起并举过头顶，则李老师对鸡蛋做功约为1JB.中学生骑车的功率约为7WC.家用普通电饭锅正常工作时的电流约为4AD.小明完成一次俯卧撑做的功约为2000J分析：首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。解析：解：A、将两个鸡蛋从地上拾起并举过头顶，则李老师对鸡蛋做功约为：W＝Gh＝mgh＝0.1kg×10N/kg×2m＝2J，故A错误；B、中学生骑车的功率约为70W，故B错误；C、普通电饭锅正常工作时的电流约为4A，符合实际，故C正确；D、小明完成一次俯卧撑做的功约为：W＝Gh＝mgh＝50kg×10N/kg×0.2m＝100J，故D错误。故选：C。点评：此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。【解题方法点拨】解答估测与估算题的常用方法（1）直接判断法：熟记生活中常见的物理量，直接确定答案.如：人正常步行的速度约1.1m/s、人体正常体温约为37℃；中学生大拇指的长度可在考试时直接测量。（2）单位换算法：把不熟悉的单位换算成熟悉的单位，如：人正常步行的速度约为3.6km/h＝1m/s，一袋方便面的质量约为0.1kg＝100g。（3）比较法：将考试中自己不太熟悉的物理量与自己熟悉的物理量进行对比，从而得出结论，如：中学生的正常身高约为1.6m，这一高度小于门的高度，可以判断门的高度约为2m。（4）估算法：结果不是精确值而是一个大概的范围，可以应用熟悉的估测量及相关公式进行估测.如：判断中学生爬到三楼时所做的功，我们已知中学生的质量约为50kg，爬到三楼的竖直距离约为6m（两层楼的高度），根据W＝Fs＝mgh可计算出中学生爬到三楼所做的功。6．串联电路中的电流规律【知识点的认识】从理论上分析，经过电路中各个部分的电荷，不会消失，也不会凭空增加，所以单位时间内经过串联电路各处的电荷一样多，也就是说串联电路中电流处处相等．表达式为I1＝I2＝…In【命题方向】判断串联电流中各电路中的电流大小是中考的热点，常以选择题，填空题出题，考查定性关系例：如图AO和OB是两段由同种材料制成的粗细不同的电阻线，这两段电阻线的长度相等。当把它们串联接入某一电路中时，电阻线AO和OB两端电流之间的关系是（）A.IAO＜lOBB.IAO＞IOBC.IAO＝IOBD.无法确定分析：在串联电路中，电流处处相等，据此分析判断。解析：解：由题意知，导体AO与OB串联接入电路，由串联电路的电流特点知，流过串联电路的电流处处相等，所以IAO＝IOB，故ABD错误；C正确。故选：C。点评：本题主要考查了串联电路的特点，难度不大，属于基础知识。【解题方法点拨】无论串联电路中的用电器规格是否相同，只要串联，通过电路的电流处处相等．串联电路中电流相等不要理解为电流是不变的，一个用电器的电流改变，流过其他用电器的电流也改变，但两者相等．7．常见电压的大小【知识点的认识】（1）1节蓄电池的电压：2V（2）1节干电池的电压：1.5V（3）家庭电路的电压：220V（4）对人体安全的电压：不高于36V（5）手机电池：3.7～4.5V；【命题方向】估算电压的大小，常结合其他单位的估测一起考查。例：下列物理量的估计中最接近事实的是（）A.人体的安全电压是不高于220VB.一节新的1号干电池的电压为1.5VC.一盏日光灯正常工作时功率约为400WD.家用空调正常工作时的电流约为0.2A分析：首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。解析：解：A、人体的安全电压是不高于36V，故A错误；B、一节新的1号干电池的电压为1.5V，故B正确；C、日光灯正常工作时功率约为40W，故C错误；D、家用空调正常工作时的电流约为5A，故D错误；故选：B。点评：此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。【解题方法点拨】解答估测与估算题的常用方法（1）直接判断法：熟记生活中常见的物理量，直接确定答案.如：人正常步行的速度约1.1m/s、人体正常体温约为37℃；中学生大拇指的长度可在考试时直接测量。（2）单位换算法：把不熟悉的单位换算成熟悉的单位，如：人正常步行的速度约为3.6km/h＝1m/s，一袋方便面的质量约为0.1kg＝100g。（3）比较法：将考试中自己不太熟悉的物理量与自己熟悉的物理量进行对比，从而得出结论，如：中学生的正常身高约为1.6m，这一高度小于门的高度，可以判断门的高度约为2m。（4）估算法：结果不是精确值而是一个大概的范围，可以应用熟悉的估测量及相关公式进行估测.如：判断中学生爬到三楼时所做的功，我们已知中学生的质量约为50kg，爬到三楼的竖直距离约为6m（两层楼的高度），根据W＝Fs＝mgh可计算出中学生爬到三楼所做的功。8．欧姆定律的简单计算【知识点的认识】有关欧姆定律的分析计算：①求电流，公式：I=U②求电压，公式：U＝IR；③求电阻，公式：R=只要知道I、U、R中的任意两个量就可以利用欧姆定律计算出第三个量【命题方向】欧姆定律是电学部分的核心内容，初中物理电学的一个难点，其综合性强，包含了电流、电压、电阻的知识及其联系，是中考的命题重点和热点，所占分值也较大．运用欧姆定律分析、计算、串并联电路问题，特别是动态电路的分析、几乎是中考必考．例：如图所示，电源电压保持不变，定值电阻R1的阻值为10Ω。当开关S1、S2均闭合时，电流表示数为0.5A。当只闭合开关S1闭合时，电流表的示数为0.1A。求：（1）电源电压；（2）定值电阻R2的阻值。分析：（1）由图可知，当开关S1、S2均闭合时，R2被短接，电路等效为R1接在电源两极的简单电路，电流表测量电路中的电流；由欧姆定律计算电源电压；（2）当只闭合开关S1闭合时，R1、R2串联，电流表测量电路中的电流，根据串联电路规律和欧姆定律计算定值电阻R2的阻值。解析：解：（1）由图可知，当开关S1、S2均闭合时，R2被短接，电路等效为R1接在电源两极的简单电路，电流表测量电路中的电流I＝0.5A，由欧姆定律可得，U＝U1＝IR1＝0.5A×10Ω＝5V；（2）当只闭合开关S1闭合时，R1、R2串联，电流表测量电路中的电流I′＝0.1A，根据欧姆定律可得，R1两端的电压：U′1＝I′1R1＝I′R1＝0.1A×10Ω＝1V，根据串联电路电压规律可得，R2两端的电压：U′2＝U﹣U′1＝5V﹣1V＝4V，由欧姆定律可得，定值电阻R2的阻值：R2=U'2答：（1）电源电压是5V；（2）定值电阻R2的阻值是40Ω。点评：本题考查串联电路规律和欧姆定律公式的应用，是基础题。【解题方法点拨】利用欧姆定律解答计算题的“四步骤”：审题：画电路图，标已知量，待求量，明确各用电器之间的连接方式，各个电表测量的对象思考：明确解题思路，寻找解题依据，如欧姆定律以及串、并联电路中的电流、电压的特点求解：利用公式分布计算，列方程，用数学方法求解，要有必要的文字说明及依据的物理公式评价：讨论结果的合理性，得出答案9．欧姆定律的应用【知识点的认识】（1）相关基础知识链接：①电流规律：串联：I＝I1＝I2．串联电路电流处处相等。并联：I＝I1+I2．并联电路干路电流等于各支路电流之和。②电压规律：串联：U＝U1+U2．串联电路总电压等于各部分电路两端电压之和。并联：U＝U1＝U2．并联电路各支路两端电压相等，等于总电压。③电阻规律：串联：R＝R1+R2．串联电路总电阻等于分电阻之和。并联：1R=1④比例规律：串联：U1并联：I1R1＝I2R2．并联电路中电流与电阻成反比。⑤欧姆定律：I=U【命题方向】欧姆定律的综合应用是电学部分的核心，也是最基础的内容，这一节知识是难点也是中考必考点。常结合日常生活生产中遇到的电路问题考查欧姆定律的应用，计算题多与后面的电功率计算结合在一起，作为中考的压轴题出现。训练时应足够重视。例：如图甲所示是电阻R和灯泡L的U﹣I图象。由图甲可知，电阻R的阻值为20Ω。若电源电压不变，将电阻R和灯泡L接在图乙电路中，S闭合，电流表示数为0.6A，则电源电压为18V。分析：电阻R的U﹣I图象是正比例函数，则R为定值电阻，根据图象读出任意一组电流和电压值，根据欧姆定律求出R的阻值；将电阻R和小灯泡L串联在图乙所示的电路中时，通过它们的电流相等，根据欧姆定律求出R两端的电压，根据图象读出灯泡两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压。解析：解：由图象可知，电阻R的I﹣U图象是正比例函数，则R为定值电阻，当R两端的电压UR＝2V时，通过的电流IR＝0.1A，由欧姆定律可得R的阻值：R=URI由图乙可知，灯泡L与电阻R串联，电流表测电路中的电流，当电流表示数为0.6A时，R两端的电压：UR′＝IR＝0.6A×20Ω＝12V，由图象可知，灯泡两端的电压UL＝6V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U＝UR′+UL＝12V+6V＝18V。故答案为：20；18。点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。【解题方法点拨】（一）比例问题解决这类问题一要掌握规则，二要弄清是哪两部分相比。①串联电路电流处处相等，即电流之比为：I1：I2＝1：1；根据I=UR可知电压与电阻成正比，②并联电路各支路电压相等，即电压之比为U1：U2＝1：1；根据U＝IR可知电流与电阻成反比，I1R1＝I2R2。（二）电表示数变化问题（1）解决这类问题最重要的是弄清电路是串联还是并联，不同的连接方式有不同的判断规则。①串联电路：电流与电阻的变化相反，即电阻变大时电流变小，电阻变小时电流变大；按电阻的正比例来分配电压。②并联电路：各支路的电压都与电源电压相等，所以电压是不变的；阻值变化的支路电流随之变化，阻值不变的支路电流也不变。③电压表与电流表示数的比值：根据导出式R=U（2）解决这类电表示数变化的问题时，注意不要在第一步判断串并联时出错。（3）滑动变阻器连入电路的是哪一部分，没有判断清楚，也是解决电表示数变化问题常出现的错误。10．串并联的比例计算【知识点的认识】明确：电路的连接方式，即电路是并联还是串联运用：串联电路的分压关系、并联电路的分流关系及欧姆定律进行分析注意：若题图中有电流表或电压表，则要明确电流表或电压表各是测量哪部分电路中的电流或哪段电路两端的电压，防止比例搞错【命题方向】考查对串联分压、并联分流关系的应用例：如图所示，闭合开关S，两电流表示数之比为3：1，下列判断正确的是（）A.R1、R2的电流之比为I1：I2＝3：1B.R1、R2的电流之比为I1：I2＝2：1C.R1、R2的电压之比为U1：U2＝1：3D.R1、R2的电压之比为U1：U2＝2：1分析：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流，根据并联电路的电流特点求出通过两电阻的电流之比；根据并联电路两端的电压关系确定电压之比。解析：解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流，AB、因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过两电阻的电流之比：I1I2=ICD、因并联电路中各支路两端的电压相等，故两电阻两端的电压之比为1：1，故CD错误。故选：B。点评：本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。【解题方法点拨】（1）判断电路的连接方式（2）根据电路特点列关系式（3）联立各关系式求解11．电能的来源与利用【知识点的认识】（1）电能是由其他形式的能量转化来的。水力发电（机械能→电能）、火力发电（化学能→内能→电能）、风力发电（太阳能→机械能→电能）、核电（核能→内能→电能、磁流体发电（磁能→电能）、太阳能发电（太阳能，即热辐射，可以算作“内能”→电能）、潮汐能发电（引力能“势能，含概于机械能→电能）、温差发电（内能→电能）（2）利用电能的过程就是消耗电能转化为其他形式能的过程，消耗了都少电能就得到了多少其他形式的能。【命题方向】考查电能的来源与利用，主要从电能的能量转换的角度进行考查。例：下列有关电能的说法错误的是（）A.电风扇将电能主要转化为机械能B.1J比1kW•h大得多C.千瓦时也叫“度”D.各种电气设备、电子仪器的使用都离不开电能分析：本题的关键是明确太阳能热水器、风力发电、电风扇以及蜡烛燃烧的原理。解析：解：A、电风扇工作时，扇叶转动，同时电流通过电动机线圈时会产生热量，主要将电能转化为机械能，还有少部分电能转化为内能，故A正确；B、1kW•h＝3.6×106J，所以，1J比1kW•h小得多，故B错误；C、千瓦时也叫“度”，故C正确；D、各种电气设备、电子仪器的使用，都需要消耗电能，所以都离不开电能，故D正确。故选：B。点评：物理与生活实际联系密切，学会用物理规律解释常用的生活用品的工作原理。【解题方法点拨】概念性知识，牢记即可。12．电能的单位及换算【知识点的认识】电能的单位：国际单位是焦耳（J）；常用单位：度（kW•h）；1度＝1千瓦时＝1kW•h＝3.6×106J。【命题方向】方向：①电能单位的认识；②电能单位的换算。例：下列各组中都属于电功单位的一组是（）A.J，V•AB.J，kW•hC.W，V•AD.W，J分析：根据对常见物理量及其单位的掌握作答。解析：解：在物理学中，J是功和各种能量的基本单位，V是电压的基本单位，A是电流的基本单位，kW是功率的常用单位，h是时间的常用单位，W是功率的基本单位。A、J是电功的基本单位，由P＝UI知，V•A是电功率的单位。故A不符合题意；B、J是电功的基本单位，由W＝Pt知，kW•h是电功的单位。故B符合题意；C、W是电功率的基本单位，由P＝UI知，V•A是电功率的单位。故C不符合题意；D、W是电功率的基本单位，J是电功的基本单位。故D不符合题意。故选：B。点评：此题考查了我们对物理量单位的掌握情况，利用物理公式记忆单位，有利于我们掌握单位的来龙去脉，深化对公式的理解。【解题方法点拨】千瓦时表示一件功率为一千瓦的电器在使用一小时之后所消耗的能量，换算关系是1kW•h＝1×103W×3600s＝3.6×106J13．电能表的参数【知识点的认识】参数的理解：220V：表示电能表应该在220V的电路中使用；10（20）A：表示该电能表的标定电流是10A，额定最大电流是20A；50Hz：表示电能表在50Hz的交流电路中使用；600revs/kW•h：表示接在这个电能表上的用电器每消耗1kW•h的电能，电能表上的转盘转过600圈．【命题方向】根据电能表的图示，读出对应的参数情况。例：如图是小王家的电能表，下列说法正确的是（）A.电能表的读数为56378kW•hB.这个电能表正常工作的电压为380VC.通过这个电能表的电流为20A时，它才能正常工作D.小王家用电器每消耗1度电，电能表指示灯闪烁1600次分析：（1）电能表读数时，注意：电能表的最后一位数是小数，单位是kW•h；（2）“220V20A”中，220V是指电能表的工作电压，20A是指电能表平时工作允许通过的最大电流；（3）1600imp/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的指示灯闪烁1600次。解析：解：A、电能表的最后一位数是小数，单位是kW•h；图示电能表的读数为5637.8kW•h，故A错误；BC、“220V20A”中，说明这个电能表正常工作的电压为220V，电能表平时工作时允许通过的最大电流为20A，故BC错误；D、小王家用电器每消耗1度电＝1kW•h，电能表指示灯闪烁1600次，故D正确。故选：D。点评：本题考查了对电能表相关参数的理解，属于基础题目。【解题方法点拨】要熟记电能表上各参数的详细含义．14．电能表的读数【知识点的认识】电能的求法：①测量较大电能时用刻度盘读数：最后一位是小数位；两次读数之差就是这段时间内消耗的电能，单位是度（千瓦时）；②测量较小电能时用转盘转数读数：通过记录某段时间内电能表转盘转数，结合电能表转盘每转表示的电能计算出该段时间内消耗的电能．【命题方向】考查电能的求法，包括电能表的读数，以及通过转盘数测量电能的大小。例：如图为家用电能表，此仪表可用在最大功率为2200W的家庭电路上，甲为上月抄表时的读数，乙为本月抄表的读数，这期间该用户用电82.5度。分析：根据电能表的铭牌，利用P＝UI可得出最大功率；用电能表本月的示数减去上月的示数，可得出用电度数。解析：解：从电能表的铭牌“220V10A”可知，允许通过的最大电流为10A，则电能表的最大功率为：P＝UI＝220V×10A＝2200W。电能表本月与上月的读数差即为该月所消耗的电能，电能表的末尾是小数位。这期间该用户用电为：1356.8kW•h﹣1274.3kW•h＝82.5kW•h＝82.5度。故答案为：2200；82.5。点评：本题考查了对电能表铭牌的认识，对功率公式的应用，以及正确读取电能表的示数，属基础题，难度不大。【解题方法点拨】电能表测耗电能，用电等于示数差。600r/（kW•h），转盘转n圈，耗电n60015．电能表的计算【知识点的认识】（1）表盘上标有Nr/（kW•h）字样，转盘转n圈，耗电nN（2）最大功率＝电能表使用的电压×最大电流（3）电能W＝Pt【命题方向】有关电能表的计算涉及到转盘的圈数，电费的计算，最大功率的计算，消耗电能的计算等。例：高老师新家的电能表1月初读数为111.6kW•h，2月初读数如图所示，则1月份高老师家用电120kW•h。某天，高老师关闭家里其它用电器，只接入额定功率为1800W的空气炸锅，正常工作5min，则这段时间内电能表的转盘转过450圈。分析：（1）上月用电量的计算：本月初示数与上月初示数之差，注意：最后一位是小数，计量是单位kW•h；（2）3000r/（kW•h）表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r，根据W＝Pt求出消耗的电能，再求出这段时间内电能表的转盘转过的圈数。解析：解：1月份高老师家用电231.6kW•h﹣111.6kW•h＝120kW•h；额定功率为1800W的空气炸锅，正常工作5min，消耗的电能为：W＝Pt＝1800W×5min＝1.8kW×112h＝0.15kW•这段时间内电能表的转盘转过的圈数为：3000r/（kW•h）×0.15kW•h＝450r。故答案为：120；450。点评：本题考查了电能表的读数和有关电能表的计算、电能公式的应用，属于基础题。【解题方法点拨】理解电能表的参数，熟练运用公式即可。16．电功与电能的计算【知识点的认识】流在某段电路上所做的功，等于这段电路两端的电压，电路中的电流和通电时间的乘积。计算公式：W＝UIt＝Pt（适用于所有电路）【命题方向】主要考察用电器的实际功率和额定功率的计算、利用电能表测用电器的实际功率和实际电压等。例：为了保护孩子的视力，教室里日光灯更换成如图所示额定功率为10W的LED（发光二极管）护眼灯。LED灯发光效率高，其发光部分主要由半导体材料制成。教室内所有9盏LED亮一小时所消耗的电能为0.09kW•h。分析：家庭电路中的用电器是并联的；LED灯是由半导体材料制成的；根据W＝Pt直接计算即可。解析：解：如图所示的LED护眼灯，每个教室里的这9盏LED护眼灯是互不影响的，所以它们之间一定是并联的。LED是发光二极管做成的，发光二极管是半导体材料；每个教室里的9盏LED护眼灯，每盏LED护眼灯的额定功率为10W，故教室内所有日光灯亮一小时所消耗的电能W＝P总t＝9×10W×1h＝0.09kW×1h＝0.09kW•h。故答案为：半导体；0.09。点评：本题考查了半导体材料的应用、电功公式的应用，属于基础题。【解题方法点拨】电流做功用W＝UIt进行计算。对于电能全部转化为内能的用电器，也可以用W=U2Rt17．电功的测量【知识点的认识】（1）伏安法测量电功：伏安法是一种常用的电功测量方法，通过使用‌电压表和电流表分别测量电器两端的电压和通过的电流，然后利用公式P＝UI计算电功率。这种方法适用于直接测量用电器的电功率。‌（2）伏阻法和安阻法测量电功：如果只有电压表或电流表，可以使用伏阻法或安阻法进行测量。伏阻法需要使用一个已知阻值的电阻与待测电器串联，通过测量电阻两端的电压和电流计算电功率。安阻法则需要使用一个已知阻值的电阻与待测电器并联，通过测量电阻中的电流计算电功率。【命题方向】考查电功的测量的实验，包括实验原理，实验器材，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。例：在验证“电功与电流、电压的关系”活动中，同学们设计了如图甲、乙、丙三个电路。（1）经过讨论，同学们一致认为不应该选择图甲（填“甲”“乙”或“丙”）电路，理由是该图无法利用控制变量法进行探究。（2）为验证电流做功与电压的关系，应该选择图丙所示的电路。（3）小明发现，按图乙电路实验时L1比L2亮，同时观察到A1示数比A2大，这说明相同时间内L1（填“L1”或“L2”的电功大，由此可得出的结论是电压和通电时间相等时，电流越大，电流做功越多。分析：（1）电流做功的大小与电压、电流和通电时间三个因素有关，当研究与其中某一个因素的关系时，应控制其余的因素不变；（2）研究电流做功与电压的关系，应控制电流的大小和通电时间相同，通过比较电压的大小，得出电流做功与电压的关系；（3）由图乙根据W＝UIt分析相同时间电流做功大的灯泡；灯泡亮度由其实际功率决定，先比较两灯电阻，再由P＝I2R比较两灯亮度。解析：解：（1）甲电路中，滑动变阻器滑片移动时，灯泡两端的电压和电流都在变化，无法控制电流或者电压不变，根据控制变量法的思想，不能研究电流做功与电压和电流的关系，因为电路中电压和电流同时改变，不能单独控制其中一个不变；（2）研究电流与电压的关系，就应该控制电路中的电流不变，通过比较电压，研究电流做功与电压的关系，图丙中两只灯泡串联，控制了电流相同；（3）乙图中两灯并联，由并联电路的电压特点可知U1＝U2，A1示数比A2大，即I1＞I2，根据W＝UIt可知W1＞W2；由此可得结论：电压和通电时间相等时，电流越大，电流做功越多；故答案为：（1）甲；（2）丙；（3）L1；电压和通电时间相等时，电流越大，电流做功越多。点评：本题是一道实验探究题，侧重考查了控制变量法应用，要知道灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定。【解题方法点拨】电能表（电度表）是一种常用的测量电功的工具。通过记录电器在一定时间内消耗的电能，即电能表的读数变化，可以计算出电器的电功率。这种方法适用于家庭和工业用电的测量。‌18．电功的实质【知识点的认识】（1）实质：电流做功的过程，实际就是电能转化为其他形式的能（消耗电能）的过程；电流做多少功，就有多少电能转化为其他形式的能．电功是一个过程量，电流做功的过程就是消耗电能的过程．（2）电流做功的形式：电流通过各种用电器使其转动、发热、发光、发声等都是电流做功的表现．【命题方向】考查电流做功之间能的转化。例：下列家用电器工作时，将电能主要转化为内能的是（）A.电水壶B.收音机C.电冰箱D.电脑分析：做功总是伴随着能量的转化，电功也不例外。用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程。分析每种用电器的能量转化形式。解析：解：A、电热水壶是把电能转化为内能，故A正确；B、收音机是把电能转化声能和内能，故B错误；C、电冰箱主要将电能转化为机械能和内能，故C错误；D、电脑主要将电能转化为声能、光能和内能，故D错误。故选：A。点评：本题主要考查学生对：电流做功的实质的了解和掌握，是一道基础题。【解题方法点拨】电能转化为其他形式能的过程是电流做功的过程，有多少电能发生了转化就说电流做了多少功．19．常见电功率的大小【知识点的认识】常见电功率的大小：（1）空调：约1000W。（2）微波炉：约1000W。（3）电炉：约1000W。（4）电热水器：约1000W。（5）吸尘器：约800W。（6）电吹风机：约500W。（7）电熨斗：约500W。（8）洗衣：约500W。（9）电视机：约40w～200w。（10）电子计算机：约200W。（11）抽油烟机：约140W。（12）电冰箱：约100W。（13）电风扇：约100W。（14）手电筒：约0.5W。（15）计算器：约0.5mW。【命题方向】考查电功率的估测。例：估测是我们学好物理的一项基本能力，下列是几个同学估测的几个物理量的数值，其中最接近实际的是（）A.家用空调的电功率约为1000WB.一名初中生所受重力约为50NC.人体感觉舒适的环境温度约为37℃D.人正常步行的速度约为1.1km/h分析：估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。解析：解：A、家用空调的工作电流在5A左右，其功率为P＝UI＝220V×5A＝1100W，接近1000W，故A符合实际；B、中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N，故B不符合实际；C、人体感觉舒适的环境温度约为25℃，故C不符合实际；D、人正常步行的速度在4km/h＝4×m/s≈1.1m/s左右，故D不符合实际。故选：A。点评：此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项。【解题方法点拨】解答估测与估算题的常用方法（1）直接判断法：熟记生活中常见的物理量，直接确定答案.如：人正常步行的速度约1.1m/s、人体正常体温约为37℃；中学生大拇指的长度可在考试时直接测量。（2）单位换算法：把不熟悉的单位换算成熟悉的单位，如：人正常步行的速度约为3.6km/h＝1m/s，一袋方便面的质量约为0.1kg＝100g。（3）比较法：将考试中自己不太熟悉的物理量与自己熟悉的物理量进行对比，从而得出结论，如：中学生的正常身高约为1.6m，这一高度小于门的高度，可以判断门的高度约为2m。（4）估算法：结果不是精确值而是一个大概的范围，可以应用熟悉的估测量及相关公式进行估测.如：判断中学生爬到三楼时所做的功，我们已知中学生的质量约为50kg，爬到三楼的竖直距离约为6m（两层楼的高度），根据W＝Fs＝mgh可计算出中学生爬到三楼所做的功。20．实际功率【知识点的认识】实际功率：用电器在实际电压下工作时的电功率，可能与额定功率相等，也可能不相等，常用P实表示【命题方向】考查电路中实际功率的计算以及实际功率与用电器工作状态的关系。例：现有两只灯泡，灯泡L1标有“6V3W”，L2标有“12V6W”，不考虑灯丝电阻随温度的变化，下列说法正确的是（）A.两灯串联在电路中时能同时正常发光B.两灯串联在电路中时，电源电压最大值为15VC.两灯串联在电源电压为15V的电路中时，灯泡L1更亮D.两灯并联在电源电压为6V的电路中时，灯泡L2的实际功率为1.5W分析：（1）串联电路中各处的电流都相等，根据I＝PU（2）根据R=U2P分别求出两灯的电阻，结合欧姆定律的变形U（3）灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，根据P＝I2R进行分析；（4）结合并联电路的电压规律，根据P=U2R求出灯泡解析：解：A、两灯的额定电流分别为：I1=P1U1=3W两灯串联在电路中，串联电路中各处的电流都相等，当电路电流为0.5A时，两灯能同时正常发光，故A正确；B、两灯的电阻分别为：R1=U12P1=(6V)两灯串联在电路中时，电源电压最大值为U＝IR＝I（R1+R2）＝0.5A×（12Ω+24Ω）＝18V，故B错误；C、两灯串联在电源电压为15V的电路中时，根据P＝I2R可知，灯泡L2的实际功率更大，而灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，因此灯泡L2更亮，故C错误；D、两灯并联在电源电压为6V的电路中时，根据并联电路的电压规律可知，两灯泡两端的电压均为6V，因此灯泡L2的实际功率为P2实际=U2实际2故选：AD。点评：此题考查了额定功率与实际功率、欧姆定律、电功率公式的应用、串并联电路的规律，关键要知道灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率。【解题方法点拨】灯泡的亮度取决于实际功率，如果实际功率相等，则亮度相同．21．电功率P＝UI的简单计算【知识点的认识】计算式：P＝UI。推导：将W＝UIt代入公式P＝W/t中，可得P＝UI。I：表示电流，单位是AU：表示电压，单位是VP：表示电功率，单位是W【命题方向】考查公式P＝UI的运用，也常考此公式的变形，求电压或电流。例：如图所示，电源电压恒为6V，小灯泡L上标“3V1.5W”字样（灯丝电阻不随温度变化），小灯泡L正常发光时的电流为0.5A。闭合开关S，移动滑动变阻器R的滑片P，使小灯泡L正常发光，此时滑动变阻器的阻值为6Ω，滑动变阻器R的电功率为1.5W。分析：（1）由P＝UI计算小灯泡L正常发光时的电流；（2）闭合开关S，灯泡L与变阻器R串联，根据串联电路规律和欧姆定律计算小灯泡L正常发光时变阻器的接入电阻；由P＝UI计算滑动变阻器R的电功率。解析：解：小灯泡L上标“3V1.5W”字样，灯泡的额定电压为UL＝3V，额定功率为PL＝1.5W，由P＝UI可得，灯泡正常发光时的电流：IL=PL由欧姆定律可得，灯泡正常发光时的电阻：RL=ULI闭合开关S，灯泡正常发光时，变阻器两端的电压：U滑＝U﹣UL＝6V﹣3V＝3V，柑橘串联电路电流规律可得，变阻器中通过的电流：I滑＝IL＝0.5A，由欧姆定律可得，变阻器的接入电阻：R=U滑I滑动变阻器R的电功率：P滑＝I滑U滑＝0.5A×3V＝1.5W。故答案为：0.5；6；1.5。点评：本题考查串联电路规律和欧姆定律＝电功率公式的应用，是基础题。【解题方法点拨】了解电功率基本公式及其变形公式的应用以及电流单位的换算，熟练利用公式是解题的关键．22．W＝Pt求电能的大小【知识点的认识】公式：W＝Pt。P表示电流做功的功率，单位是W；W表示电流做的功，单位是J；t表示电流做功所用的时间，单位是s。注意：电能单位用千瓦时（kW•h度）时，电功率用千瓦（kW），时间用小时（h）【命题方向】考查公式W＝Pt的运用，计算电能的大小。例：某灯泡接在220V的电路中时，消耗的电功率是40W．求：（1）通过灯丝的电流是多大？（2）灯丝的电阻是多少？（3）工作10min，消耗电能多少J？分析：（1）由电功率公式P＝UI计算电流；（2）由P=U（3）由W＝Pt计算消耗电能；解析：解：（1）由P＝UI变形得I=P答：通过灯丝的电流是0.18A（2）由P=U2R得R答：灯丝的电阻是1210Ω（3）W＝Pt＝40W×10min＝40×10×60s＝2.4×104J答：工作10min，消耗电能为2.4×104。点评：本题考查了电功率的计算以及电阻的求法。【解题方法点拨】了解电功率与电能、时间的关系，能熟练运用公式W＝Pt求解．23．电功率的比例计算【知识点的认识】根据P=Wt【命题方向】考查电功率的比例计算。例：在图示的测量电路中，闭合开关后电压表V1的示数为2.5V，V的示数为6.0V。小灯泡L1发光比L2暗，通过小灯泡L1的电流等于（填“大于”、“等于”或“小于”）L2的电流，L1、L2消耗的电功率之比为5：7。分析：由图可知，两灯串联，电压表V1测L1的电压，电压表V2测L2的电压，电压表V测电源电压。根据串联电路电流规律可知通过两灯的电流关系；根据串联电路的电压规律求得L2的电压，根据P＝UI求两灯消耗的电功率之比。解析：解：由图可知，两灯串联，电压表V1测L1的电压，电压表V2测L2的电压，电压表V测电源电压。由于串联电路中的电流处处相等，所以通过小灯泡L1的电流等于L2的电流；已知电压表V1的示数为2.5V，即L1的电压U1＝2.5V，电压表V的示数为6.0V，即电源电压U＝6.0V，根据串联电路的电压规律可得，L2的电压U2＝U﹣U1＝6.0V﹣2.5V＝3.5V，串联电路中的电流处处相等，根据P＝UI可得，两灯消耗的电功率之比P1：P2＝U1：U2＝2.5V：3.5V＝5：7。故答案为：等于；5：7。点评：本题考查串联电路的特点和电功率公式P＝UI的应用，难度适中。【解题方法点拨】计算过程要注意各量之间的关系时要仔细，容易上下颠倒。24．小灯泡实际功率的比较【知识点的认识】灯泡的亮度取决于其实际功率，与其他因素无关。比较灯泡的亮度，就是比较灯泡的实际功率，实际功率大的灯泡亮。【命题方向】考查小灯泡实际功率的大小比较，以及动态电路中的小灯泡亮度的变化。例：灯L1、L2的额定电压均为3V，两灯中的电流与其两端电压的关系如图所示。在确保电路安全的情况下，下列说法正确的是（）A.两灯正常发光时，L1较暗B.两灯正常发光时，L2