2024-2025学年甘肃省白银市高二下学期期末联考物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1甘肃省白银市2024-2025学年高二下学期期末联考物理试题本试卷满分100分，考试用时75分钟。注意事项：1、答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。2、回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3、考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。4、本试卷主要考试内容：高考全部内容。一、选择题：本题共10小题，共43分。在每小题给出的四个选项中，第题只有一项符合题目要求，每小题4分；第题有多项符合题目要求，每小题5分，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。A.闭合开关的瞬间B.闭合开关且电流稳定后C.闭合开关后将线圈A迅速向上拔出时D.闭合开关后迅速移动滑动变阻器滑片【答案】B【解析】A．闭合开关的瞬间，线圈B中磁通量增大，产生感应电流，灵敏电流表指针偏转，故A错误；B．闭合开关且电流稳定后，线圈B中磁通量不变化，则无感应电流，灵敏电流表指针不偏转，故B正确；C．闭合开关后将线圈A迅速向上拔出时。线圈B中磁通量减小，产生感应电流，灵敏电流表指针偏转，故C错误；D．闭合开关后迅速移动滑动变阻器的滑片，线圈A中电流发生变化，则穿过线圈B中的磁通量发生变化，产生感应电流，灵敏电流表指针偏转，故D错误。故选B。2.钚元素是高度放射性物质，可用于制作同位素电池，广泛应用于宇宙飞船、人造卫星等的能源供给。已知的半衰期约为88年，发生α衰变的方程为，下列说法正确的是（）A.环境温度升高，的半衰期可能会变为100年B.20个原子核经过88年后还剩10个C.X是由一个中子转化为一个质子产生的D.X是由两个中子和两个质子结合在一起产生的【答案】D【解析】A．半衰期由原子核内部结构决定，与外界温度无关，故A错误；B．半衰期是统计规律，对少量原子核不适用，无法确定剩余数量，故B错误；CD．X为α粒子（），其产生源于原子核内两个质子和两个中子的结合，故C错误，D正确。3.图甲为光电效应实验电路图，某小组实验时用黄、蓝两种颜色的激光分别照射光电管的阴极，图乙为两次实验时得到的伏安特性曲线，下列说法正确的是（）A.图乙中光的波长小于光的波长B.图乙中光表示蓝光，光表示黄光C.换用红色激光进行实验，也可能测得此光电管的伏安特性曲线D.a、b两束光分别射入同一双缝干涉装置，光的干涉条纹间距较大【答案】C【解析】AB．根据爱因斯坦光电效应方程有由图乙可知故故光表示黄光，光表示蓝光，光的波长大于光的波长，故AB错误；C．红光的频率比黄光小，对应光子的能量比黄光的光子能量小，若红光光子的能量也大于阴极材料的逸出功，则换用红色激光进行实验，也会发生光电效应，也能测得此光电管的伏安特性曲线，故C正确；D．因光的波长大于光的波长，由可知a、b两束光分别射入同一双缝干涉装置，光的干涉条纹间距较大，故D错误。故选C。4.如图所示，这是某余弦交变电流的图像，下列说法正确的是（）A.电流的周期是B.电流的平均值是C.电流的有效值是D.电流的瞬时值表达式为【答案】C【解析】A．根据图示可知，电流的周期是，故A错误；B．电流的平均值，故B错误；C．电流的有效值是，故C正确；D．电流的瞬时值表达式为，故D错误。5.单摆在、两点之间做简谐运动，点为平衡位置，如图甲所示。单摆的振动图像如图乙所示（向右为正方向），取重力加速度大小，下列说法正确的是（）A.单摆的振幅为B.单摆的摆动频率为C.时，摆球在点D.单摆的摆长为【答案】D【解析】A．由图乙可知，单摆的振幅为，故A错误；B．由图乙可知，单摆的周期为，则单摆的摆动频率为，故B错误；C．时，单摆振动了，根据题意可知，单摆从点开始振动，则时，摆球在点，故C错误；D．根据题意，由单摆周期公式可得单摆的摆长为，故D正确。故选D。6.一定质量的理想气体经历如图所示的循环过程，其中c→a过程是绝热过程，下列说法正确的是（）A.a→b过程中，气体从外界吸收热量大于气体内能的增加量B.b→c过程中，气体的温度升高C.c→a过程中，气体分子的平均动能不变D.a→b→c→a的整个过程中，气体与外界的热量交换量为0【答案】A【解析】A．a→b过程中，气体压强不变体积增大，对外做功，即W<0根据盖−吕萨克定律可知，温度升高，故内能增大，根据ΔU=Q+W可知，气体从外界吸收的热量大于气体内能的增加量，故A正确；B．b→c过程中，气体体积不变压强减小，根据查理定律可知，气体的温度降低，故B错误；C．c→a绝热过程，即Q=0因体积减小，故外界对气体做功，即W>0根据ΔU=Q+W可知，ΔU>0即气体内能增大，则温度升高，气体分子的平均动能增大，故C错误；D．因ab段图像与横轴所包围的面积大于ca段图像与横轴所包围的面积，故气体对外界做的功大于外界对气体做的功，即a→b→c→a的整个过程中，W<0，ΔU=0，则根据ΔU=Q+W可知，Q>0即气体从外界吸收热量，故D错误。故选A。7.足球训练赛中，球员将足球垂直边界踢出后，足球往边界滚去，当足球距离边界时，速度大小为，将足球的运动看作加速度大小为的匀减速直线运动，下列说法正确的是（）A.足球不能越过边界B.经过，足球恰好停在边界上C.经过，足球恰好到达边界D.经过，足球距离边界【答案】D【解析】A．由公式，可知其最远运动位移为，故A错误；B．足球共用时为则时位移此时速度即足球未停止，继续运动，故B错误；C．由选项A、B可知，当时，位移为，则已越过边界，故C错误；D．当时，足球已停止，位移仍为，则距离边界，故D正确。故选D。8.如图所示，边长为L的正方形线框在磁感应强度大小为B0的匀强磁场中，以周期T绕OO′轴匀速转动，从图示位置开始计时，下列说法正确的是（）A.图示位置与中性面垂直B.回路中产生稳恒直流电C.时，电流方向将发生改变D.时刻穿过线框的磁通量为0【答案】D【解析】A．题中图示的位置穿过线框的磁通量最大，为中性面，选项A错误；B．回路中将产生正弦式交变电流，选项B错误；CD．t=时，穿过线框的磁通量为零，感应电流最大，电流方向不发生改变，选项C错误、D正确。故选D。9.如图所示，在理想变压器、端输入电压为的正弦交流电，原、副线圈的匝数比。定值电阻、的阻值分别为、，滑动变阻器的最大阻值为，初始时滑动变阻器的滑片位于左端，向右缓慢移动滑片至最右端的过程中，理想电压表V的示数变化的绝对值为，对应的理想电流表A的示数变化的绝对值为，下列说法正确的是（）A.电流表的示数变小B.变压器的输入功率变大C.D.【答案】BC【解析】A．由有，依题意不变，故不变由有，依题意减小，增大，电流表的示数增大，A错误；B．由有，增大，知增大变压器的输入功率，知增大，B正确；C．由有电压表的读数当取不同值时，有当增大时减小，两式做差有即，C正确；D．由前面分析知D错误。故选BC。10.如图所示，有一单匝圆形闭合线圈，质量为，半径为，横截面积为，电阻率为，用绝缘细线悬挂着。线圈下半部分处于垂直于线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化的规律为，已知重力加速度大小为，下列说法正确的是（）A.线圈中的感应电动势为B.线圈中的感应电流为C.时，细线的拉力为零D.时，细线的拉力大小为【答案】ACD【解析】AB．根据法拉第电磁感应定律有根据电阻定律，线圈的电阻为根据闭合电路欧姆定律有由以上各式解得线圈中的感应电流为故A正确，B错误；C．线圈受到的安培力大小为当细线拉力减小为零时，有联立解得此时时间为故C正确；D．若时间为时，由线圈受到的安培力大小为联立解得此时线圈所受安培力为故D正确。二、非选择题：本题共5小题，共57分。11.在探究加速度与力、质量的关系实验中，采用如图甲所示的装置。（1）将木板右端垫高后，打出了一条纸带，纸带上相邻三点A、B、C到点的距离如图乙所示，已知打点计时器所接电源的频率为50Hz，则打点时小车的速度大小____________，小车的加速度大小____________。（结果均保留两位小数）（2）改变砝码质量，重复实验，得到多组加速度及对应的力传感器示数，根据测量数据作出的图线为如图丙所示的直线，图像不过原点的原因是______________。【答案】（1）1.032.25（2）木板右端垫得过高【解析】（1）[1]打点时小车的速度大小为[2]根据，可得小车的加速度大小为（2）由图丙可知，当时，小车已经具有一定的加速度，可知图像不过原点的原因是木板右端垫得过高，平衡摩擦力过度。12.某同学要用一气敏电阻制作甲醛气体浓度报警器，首先需要探究气敏电阻随甲醛浓度变化的关系，为此他设计了如图甲所示的电路，实验可供选择的器材如下：A.电源（电动势为，内阻不计）；B.电压表（量程为，内阻为）；C.电压表（量程为，内阻约为）；D.滑动变阻器（最大阻值为，允许通过的最大电流为）；E.滑动变阻器（最大阻值为，允许通过的最大电流为）；F.开关、导线若干。（1）在图甲电路中，滑动变阻器应选择___________（填器材前序号）。（2）根据实验测得的数据描绘出的图像如图乙所示，当甲醛浓度为安全上限时，电压表、的示数分别为、，由此可知，甲醛安全浓度的上限为___________（结果保留一位有效数字）。（3）该同学利用该气敏电阻设计了如图丙所示的报警电路，用来检测室内甲醛是否超标。电路中蜂鸣器的电阻可视为无穷大，电源电动势（内阻不计），接通电路后，当甲醛浓度达到安全上限时，蜂鸣器报警，此时蜂鸣器两端的电压为，则电阻箱的阻值为___________（结果保留两位有效数字）；要使蜂鸣器在甲醛浓度更低时报警，应将___________（填“调大”或“调小”）。【答案】（1）D（2）（3）0.77调小【解析】（1）在图甲电路中，采用的是滑动变阻器的分压接法；为了能更好地调节电压，滑动变阻器的总电阻应远小于与它并联部分的电阻，则滑动变阻器应选总电阻较小的D。（2）根据串并联电路的特点可得气敏电阻两端的电压通过气敏电阻的电流由欧姆定律可得气敏电阻的阻值则从图乙中可查得当时，甲醛安全浓度上限为。（3）[1]当蜂鸣器两端电压达到4.5V时报警，即两端的电压为4.5V，则两端的电压为由电阻之比等于电压之比可得[2]从图乙可知甲醛浓度越低，气敏电阻越小；根据串联电路分压规律要使报警器在甲醛浓度更低时报警（仍为4.5V），则应将调小。13.在光滑水平面上有一个内外壁均光滑的汽缸，汽缸内有一横截面积为的活塞，活塞密封一定质量的理想气体。现对汽缸施加一水平向左的拉力，其大小为为外界大气压强），如图甲所示，稳定时封闭气体的压强为，体积为；若用同样大小的力水平向左推活塞，如图乙所示，稳定时封闭气体的压强为，体积为。已知汽缸的质量为活塞质量的10倍，忽略密封气体的质量和温度的变化，求：（1）和的比值；（2）和的比值。【答案】（1）（2）【解析】（1）设汽缸的加速度大小为，则有对整体对甲对乙联立解得（2）根据玻意耳定律有解得14.如图所示，两块水平放置、相距为2d的长金属板接在电压可调的电源上。两板之间的右侧区域存在方向垂直纸面向里的匀强磁场。将喷墨打印机的喷口水平对准两板中间位置，从喷口连续不断喷出质量均为、水平速度均为、带相等电荷量的墨滴。调节电源电压至，墨滴在电场区域恰能沿水平向右做匀速直线运动，进入电场、磁场共存区域后，最终垂直打在下板的点，重力加速度大小为。（1）求墨滴所带电荷的种类及其电荷量；（2）请对墨滴刚进入电场、磁场共存区域时进行受力分析，并求出匀强磁场的磁感应强度大小。【答案】（1）带负电，（2）【解析】（1）墨滴在电场区域做匀速直线运动，有解得由于电场方向向下，墨滴所受的电场力方向向上，可知墨滴带负电。（2）墨滴刚进入电场、磁场共存区域时受力分析如图所示墨滴在该区域做匀速圆周运动有墨滴在该区域恰好完成四分之一个圆周运动则它做圆周运动的半径解得15.科技节上某小组设计了一种汽车的电磁感应悬架系统模型，其原理示意图如图所示。质量为的重物系统MNPQ内存在方向水平、垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为，系统正下方的水平地面上固定有闭合的单匝矩形线圈，其电阻为R，ab边长为。某次测试过程中，当重物系统底部MQ与线圈ab边重合时，重物系统的速度为，向下运动一段距离后，速度达到最小值，此时NP未碰到ab边上的弹簧，重物系统未碰到地面，已知重力加速度大小为，不计一切摩擦，求：（1）在重物系统下落过程，线圈ab边的感应电流方向；（2）重物系统的速度为时的加速度大小；（3）重物系统下落所用的时间。【答案】（1）从流向（2）（3）【解析】（1）ab边相对磁场的速度向上，根据右手定则可知感应电流从流向。（2）根据法拉第电磁感应定律得由闭合电路欧姆定律得ab边所受安培力向下，有由牛顿第三定律可知，重物系统所受的磁场力向上，有重物系统的加速度大小满足联立上式得加速度大小（3）重物系统的速度为时，重物系统所受的安培力重物系统的速度最小时，加速度，所以在重物系统下落过程中，由动量定理得即又联立得解得甘肃省白银市2024-2025学年高二下学期期末联考物理试题本试卷满分100分，考试用时75分钟。注意事项：1、答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。2、回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3、考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。4、本试卷主要考试内容：高考全部内容。一、选择题：本题共10小题，共43分。在每小题给出的四个选项中，第题只有一项符合题目要求，每小题4分；第题有多项符合题目要求，每小题5分，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。A.闭合开关的瞬间B.闭合开关且电流稳定后C.闭合开关后将线圈A迅速向上拔出时D.闭合开关后迅速移动滑动变阻器滑片【答案】B【解析】A．闭合开关的瞬间，线圈B中磁通量增大，产生感应电流，灵敏电流表指针偏转，故A错误；B．闭合开关且电流稳定后，线圈B中磁通量不变化，则无感应电流，灵敏电流表指针不偏转，故B正确；C．闭合开关后将线圈A迅速向上拔出时。线圈B中磁通量减小，产生感应电流，灵敏电流表指针偏转，故C错误；D．闭合开关后迅速移动滑动变阻器的滑片，线圈A中电流发生变化，则穿过线圈B中的磁通量发生变化，产生感应电流，灵敏电流表指针偏转，故D错误。故选B。2.钚元素是高度放射性物质，可用于制作同位素电池，广泛应用于宇宙飞船、人造卫星等的能源供给。已知的半衰期约为88年，发生α衰变的方程为，下列说法正确的是（）A.环境温度升高，的半衰期可能会变为100年B.20个原子核经过88年后还剩10个C.X是由一个中子转化为一个质子产生的D.X是由两个中子和两个质子结合在一起产生的【答案】D【解析】A．半衰期由原子核内部结构决定，与外界温度无关，故A错误；B．半衰期是统计规律，对少量原子核不适用，无法确定剩余数量，故B错误；CD．X为α粒子（），其产生源于原子核内两个质子和两个中子的结合，故C错误，D正确。3.图甲为光电效应实验电路图，某小组实验时用黄、蓝两种颜色的激光分别照射光电管的阴极，图乙为两次实验时得到的伏安特性曲线，下列说法正确的是（）A.图乙中光的波长小于光的波长B.图乙中光表示蓝光，光表示黄光C.换用红色激光进行实验，也可能测得此光电管的伏安特性曲线D.a、b两束光分别射入同一双缝干涉装置，光的干涉条纹间距较大【答案】C【解析】AB．根据爱因斯坦光电效应方程有由图乙可知故故光表示黄光，光表示蓝光，光的波长大于光的波长，故AB错误；C．红光的频率比黄光小，对应光子的能量比黄光的光子能量小，若红光光子的能量也大于阴极材料的逸出功，则换用红色激光进行实验，也会发生光电效应，也能测得此光电管的伏安特性曲线，故C正确；D．因光的波长大于光的波长，由可知a、b两束光分别射入同一双缝干涉装置，光的干涉条纹间距较大，故D错误。故选C。4.如图所示，这是某余弦交变电流的图像，下列说法正确的是（）A.电流的周期是B.电流的平均值是C.电流的有效值是D.电流的瞬时值表达式为【答案】C【解析】A．根据图示可知，电流的周期是，故A错误；B．电流的平均值，故B错误；C．电流的有效值是，故C正确；D．电流的瞬时值表达式为，故D错误。5.单摆在、两点之间做简谐运动，点为平衡位置，如图甲所示。单摆的振动图像如图乙所示（向右为正方向），取重力加速度大小，下列说法正确的是（）A.单摆的振幅为B.单摆的摆动频率为C.时，摆球在点D.单摆的摆长为【答案】D【解析】A．由图乙可知，单摆的振幅为，故A错误；B．由图乙可知，单摆的周期为，则单摆的摆动频率为，故B错误；C．时，单摆振动了，根据题意可知，单摆从点开始振动，则时，摆球在点，故C错误；D．根据题意，由单摆周期公式可得单摆的摆长为，故D正确。故选D。6.一定质量的理想气体经历如图所示的循环过程，其中c→a过程是绝热过程，下列说法正确的是（）A.a→b过程中，气体从外界吸收热量大于气体内能的增加量B.b→c过程中，气体的温度升高C.c→a过程中，气体分子的平均动能不变D.a→b→c→a的整个过程中，气体与外界的热量交换量为0【答案】A【解析】A．a→b过程中，气体压强不变体积增大，对外做功，即W<0根据盖−吕萨克定律可知，温度升高，故内能增大，根据ΔU=Q+W可知，气体从外界吸收的热量大于气体内能的增加量，故A正确；B．b→c过程中，气体体积不变压强减小，根据查理定律可知，气体的温度降低，故B错误；C．c→a绝热过程，即Q=0因体积减小，故外界对气体做功，即W>0根据ΔU=Q+W可知，ΔU>0即气体内能增大，则温度升高，气体分子的平均动能增大，故C错误；D．因ab段图像与横轴所包围的面积大于ca段图像与横轴所包围的面积，故气体对外界做的功大于外界对气体做的功，即a→b→c→a的整个过程中，W<0，ΔU=0，则根据ΔU=Q+W可知，Q>0即气体从外界吸收热量，故D错误。故选A。7.足球训练赛中，球员将足球垂直边界踢出后，足球往边界滚去，当足球距离边界时，速度大小为，将足球的运动看作加速度大小为的匀减速直线运动，下列说法正确的是（）A.足球不能越过边界B.经过，足球恰好停在边界上C.经过，足球恰好到达边界D.经过，足球距离边界【答案】D【解析】A．由公式，可知其最远运动位移为，故A错误；B．足球共用时为则时位移此时速度即足球未停止，继续运动，故B错误；C．由选项A、B可知，当时，位移为，则已越过边界，故C错误；D．当时，足球已停止，位移仍为，则距离边界，故D正确。故选D。8.如图所示，边长为L的正方形线框在磁感应强度大小为B0的匀强磁场中，以周期T绕OO′轴匀速转动，从图示位置开始计时，下列说法正确的是（）A.图示位置与中性面垂直B.回路中产生稳恒直流电C.时，电流方向将发生改变D.时刻穿过线框的磁通量为0【答案】D【解析】A．题中图示的位置穿过线框的磁通量最大，为中性面，选项A错误；B．回路中将产生正弦式交变电流，选项B错误；CD．t=时，穿过线框的磁通量为零，感应电流最大，电流方向不发生改变，选项C错误、D正确。故选D。9.如图所示，在理想变压器、端输入电压为的正弦交流电，原、副线圈的匝数比。定值电阻、的阻值分别为、，滑动变阻器的最大阻值为，初始时滑动变阻器的滑片位于左端，向右缓慢移动滑片至最右端的过程中，理想电压表V的示数变化的绝对值为，对应的理想电流表A的示数变化的绝对值为，下列说法正确的是（）A.电流表的示数变小B.变压器的输入功率变大C.D.【答案】BC【解析】A．由有，依题意不变，故不变由有，依题意减小，增大，电流表的示数增大，A错误；B．由有，增大，知增大变压器的输入功率，知增大，B正确；C．由有电压表的读数当取不同值时，有当增大时减小，两式做差有即，C正确；D．由前面分析知D错误。故选BC。10.如图所示，有一单匝圆形闭合线圈，质量为，半径为，横截面积为，电阻率为，用绝缘细线悬挂着。线圈下半部分处于垂直于线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化的规律为，已知重力加速度大小为，下列说法正确的是（）A.线圈中的感应电动势为B.线圈中的感应电流为C.时，细线的拉力为零D.时，细线的拉力大小为【答案】ACD【解析】AB．根据法拉第电磁感应定律有根据电阻定律，线圈的电阻为根据闭合电路欧姆定律有由以上各式解得线圈中的感应电流为故A正确，B错误；C．线圈受到的安培力大小为当细线拉力减小为零时，有联立解得此时时间为故C正确；D．若时间为时，由线圈受到的安培力大小为联立解得此时线圈所受安培力为故D正确。二、非选择题：本题共5小题，共57分。11.在探究加速度与力、质量的关系实验中，采用如图甲所示的装置。（1）将木板右端垫高后，打出了一条纸带，纸带上相邻三点A、B、C到点的距离如图乙所示，已知打点计时器所接电源的频率为50Hz，则打点时小车的速度大小____________，小车的加速度大小____________。（结果均保留两位小数）（2）改变砝码质量，重复实验，得到多组加速度及对应的力传感器示数，根据测量数据作出的图线为如图丙所示的直线，图像不过原点的原因是______________。【答案】（1）1.032.25（2）木板右端垫得过高【解析】（1）[1]打点时小车的速度大小为[2]根据，可得小车的加速度大小为（2）由图丙可知，当时，小车已经具有一定的加速度，可知图像不过原点的原因是木板右端垫得过高，平衡摩擦力过度。12.某同学要用一气敏电阻制作甲醛气体浓度报警器，首先需要探究气敏电阻随甲醛浓度变化的关系，为此他设计了如图甲所示的电路，实验可供选择的器材如下：A.电源（电动势为，内阻不计）；B.电压表（量程为，内阻为）；C.电压表（量程为，内阻约为）；D.滑动变阻器（最大阻值为，允许通过的最大电流为）；E.滑动变阻器（最大阻值为，允许通过的最大电流为）；F.开关、导线若干。（1）在图甲电路中，滑动变阻器应选择___________（填器材前序号）。（2）根据实验测得的数据描绘出的图像如图乙所示，当甲醛浓度为安全上限时，电压表、的示数分别为、，由此可知，甲醛安全浓度的上限为___________（结果保留一位有效数字）。（3）该同学利用该气敏电阻设计了如图丙所示的报警电路，用来检测室内甲醛是否超标。电路中蜂鸣器的电阻可视为无穷大，电源电动势（内阻不计），接通电路后，当甲醛浓度达到安全上限时，蜂鸣器报警，此时蜂鸣器两端的电压为，则电阻箱的阻值为___________（结果保留两位有效数字）；要使蜂鸣器在甲醛浓度更低时报警，应将___________（填“调大”或“调小”）。【答案】（1）D（2）（3）0.77调小【解析】（1）在图甲电路中，采用的是滑动变阻器的分压接法；为了能更好地调节电压，滑动变阻器的总电阻应远小于与它并联部分的电阻，则滑动变阻器应选总电阻较小的D。（2）根据串并联电路的特点可得气敏电阻两端的电压通过气敏电阻的电流由欧姆定律可得气敏电阻的阻值则从图乙中可查得当时，甲醛安全浓度上限为。（3）[1]当蜂鸣器两端电压达到4.5V时报警，即两端的电压为4.5V，则两端的电压为由电阻之比等于电压之比可得[2]从图乙可知甲醛浓度越低，气敏电阻越小；根据串联电路分压规律要使报警器在甲醛浓度更低时报警（仍为4.5V），则应将调小。13.在光滑水平面