四川省成都航天中学校2017-2018学年高一下学期期末适应性考试物理试题

成都航天中学高2017级20172018学年度高一下期期末适应性考试物理试题（考试时间90分钟，总分100分）一、本题共8小题，每小题3分，共24分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的．把答案用2B铅笔填涂在答题卡上．1．下列说法正确的是（）A．牛顿最早提出了日心说B．托勒密发现了海王星和冥王星C．开普勒发现了万有引力定律D．卡文迪许第一次测出了万有引力常量2．若已知物体运动的初速度v0的方向及它受到的恒定的合外力F的方向，图A、B、C、D表示物体运动的轨迹，其中正确是的（）A． B． C． D．3．一个做平抛运动的物体，初速度为9.8m/s，经过一段时间，它的末速度与初速度的夹角为45°，重力加速度g取9.8m/s2，则它下落的时间为（）A．0.5s B．1.0s C．2.0s D．4.0s4．关于曲线运动，以下说法中正确的是（）A．平抛运动是一种匀变速运动B．物体在恒力作用下不可能做曲线运动C．做匀速圆周运动的物体，所受合力是恒定的D．做圆周运动的物体合力总是与速度方向垂直5．如图所示，由于地球的自转，地球表面上P、Q两物体均绕地球自转轴做匀速圆周运动．对于P、Q两物体的运动，下列说法正确的是（）A．P、Q两物体的角速度大小相等B．P、Q两物体的线速度大小相等C．P物体的线速度比Q物体的线速度大D．P、Q两物体均受重力、支持力、向心力三个力作用6．公路上的拱形桥是常见的，汽车过桥最高点时的运动可以看做匀速圆周运动．如图所示，汽车通过桥最高点时（）A．汽车对桥的压力等于汽车的重力B．汽车对桥的压力大于汽车的重力C．汽车所受的合力竖直向下D．汽车的速度越大，汽车对桥面的压力越大7．如图所示，在网球的网前截击练习中，若练习者在球网正上方距地面H处，将球以速度v沿水平且垂直于球网方向击出，球刚好落在底线上．已知底线到网的距离为L，重力加速度为g，将球的运动视作平抛运动，下列表述错误的是（）A．球从击出至落地所用时间为B．球的初速度v等于C．球从击球点至落地点的位移等于D．球从击球点至落地点的位移与球的质量有关8．如图所示，实线圆表示地球，竖直虚线a表示地轴，虚线圆b、c、d、e表示地球卫星可能的轨道，对于此图，下列说法正确的是（）A．b、c、d、e都可能是地球卫星的轨道B．c可能是地球卫星的轨道C．b可能是地球同步卫星的轨道D．d可能是地球同步卫星的轨道二、本题共5小题，每小题3分，共15分．在每小题给出的四个选项中，有一个或多个选项是符合题目要求的．把答案用2B铅笔填涂在答题卡上．9．如图所示，一颗人造卫星原来在椭圆轨道1绕地球E运行，在P点变轨后进入轨道2做匀速圆周运动．下列说法正确的是（）A．卫星在轨道1的任何位置都受到相同的引力B．卫星在轨道2的任何位置都具有相同的速度C．不论在轨道1还是轨道2运行，卫星在P点的加速度都相同D．卫星在轨道1上经过P点的速度小于经过轨道2上经过P点的速度10.水平推力F1和F2分别作用于水平面上等质量的A、B两物体上，作用一段时间后撤去推力，物体将继续运动一段时间后停下，两物体的v－t图象分别如图中OAB、OCD所示，图中AB∥CD，则()F1的冲量小于F2的冲量B．两物体所受合力的冲量相等C．F1做的功等于F2做的功D．两物体受到的摩擦力做的功相等11．一质量为m的带电小球，在竖直方向的匀强电场中以水平射出，小球的加速度为，则小球在下落h高度过程中（）12．竖直平面内有两个半径不同的半圆形光滑轨道，如图所示，A、M、B三点位于同一水平面上，C、D分别为两轨道的最低点，将两个相同的小球分别从A、B处静止释放，当它们各自通过C、D时，则（）A．两球的线速度大小相等 B．两球的机械能相等C．两球对轨道的压力相等 D．两球的重力势能相等13．质量为M的带有光滑圆弧轨道的小车静止置于光滑水平面上，如图所示，一质量也为M的小球以速度V0水平冲上小车，到达某一高度后，小球又返回小车的左端，则()A．小球将做自由落体运动B．小球以后将向左做平抛运动C．此过程小球对小车做的功为MvD．小球在弧形槽上上升的最大高度为二、本题共2小题，共18分．把答案填在答题卡相应的位置．14．为了进一步研究平抛运动，某同学用如图1所示的装置进行实验．（1）为了准确地描绘出平抛运动的轨迹，下列要求合理的是．A．小球每次必须从斜槽上同一位置由静止释放B．斜槽轨道必须光滑C．斜槽轨道末端必须水平D．本实验必需的器材还有刻度尺和秒表（2）图2是正确实验取得的数据，其中O为抛出点，则此小球做平抛运动的初速度为m/s（取重力加速度g=9.8m/s2）．15．利用图1装置做“验证机械能守恒定律”实验．（1）为验证机械能是否守恒，需要比较重物下落过程中任意两点间的．A．速度变化量与高度变化量B．速度变化量与势能变化量C．动能变化量与势能变化量（2）实验中，先接通电源，再释放重物，得到图2所示的一条纸带．在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O的距离分别为hA、hB、hC．已知当地重力加速度为g，重物的质量为m．从打O点到打B点的过程中，重物的重力势能减少了．（3）某同学进行数据处理时，不慎将纸带前半部分损坏，找不到打出的起始点O了，如图3所示．于是他利用剩余的纸带进行如下的测量：以A点为起点，测量各点到A点的距离h，计算出物体下落到各点的速度v，并作出v2﹣h图象．图4中给出了a、b、c三条直线，他作出的图象应该是直线（填“a、b或c”）；由图象得出，A点到起始点O的距离为cm（结果保留三位有效数字）．本题共5小题，共43分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．把答案填在答题卡相应的位置．16．一质量为M汽车有牵引力作用下以恒定功率P启动，汽车在水平路面行驶时，受到的阻力与车重成正比，经过时间t，汽车达到最大速度V，试求汽车启动过程中：（1）汽车受到的阻力为多少？（2）牵引力的冲量为多少？（3）汽车运动的位移为多少？17．伽利略在研究运动和力的关系时，曾经考虑了一个无摩擦的理想实验：如图所示，在A点处悬挂一个摆球，将摆球拉至B点处放手，摆球将摆到与B等高的C处；假若在A点正下方的E处钉一钉子，摆球的运动路径会发生改变，但仍能升到与开始等高的D处．如果图中的摆线长为l，初始时刻摆线与竖直线之间的夹角为60°，重力加速度为g．求：（1）摆球摆到最低点O时速度的大小；（2）将E处的钉子下移，当钉子与A的距离至少多大时，摆球摆下后能在竖直面内做完整的圆周运动．18．如图所示是上海“明珠线”某轻轨车站的设计方案，与站台连接的轨道有一个小坡度，电车进站时要上坡，出站时要下坡．如果电车到达a点时速度是25.2km/h，此后便切断电动机的电源．已知电车的质量为20t，重力加速度取10m/s2．（1）若不考虑电车所受的摩擦力，电车能冲上多高的站台；（2）若站台bc的坡高为2m，电车恰好冲上此站台，求此过程中，电车克服摩擦力做了多少功；（3）请你说说站台做成这样一个小坡有什么好处？19．质量均为M的A、B两个物体由一轻弹簧相连，竖直静置于水平地面上．现有一种方案可以使物体A在被碰撞后的运动过程中，物体B在某一时刻恰好能脱离水平地面．如图所示，质量为m的物块C由距A正上方h处自由下落，与A碰撞后粘合在一起．已知M=2kg，m=1kg，h=0.45m，重力加速度g=10m/s2，整个过程弹簧始终处于弹性限度内，不计空气阻力．求：（1）C与A碰撞前瞬间速度的大小；（2）C、A系统因碰撞损失的机械能；（3）弹簧的劲度系数k．

【参考答案】一、本题共8小题，每小题3分，共24分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的．把答案用2B铅笔填涂在答题卡上．1．【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、哥白尼提出了“日心说”推翻了束缚人类思想很长时间的“地心说”，故A错误；B、克莱德•汤博发现了冥王星，亚当斯和勒威耶发现了海王星，故B错误；C、开普勒发现了行星的运动规律，牛顿发现了万有引力定律，故C错误；D、卡文迪许第一次测出了万有引力常量．故D正确．故选：D2．【考点】运动的合成和分解．【分析】做曲线运动的物体的速度的方向是沿着运动轨迹的切线的方向，合力指向运动轨迹弯曲的内侧．【解答】解：AC、曲线运动的速度的方向是沿着运动轨迹的切线的方向，由此可以判断AC错误；BD、曲线运动的物体受到的合力应该指向运动轨迹弯曲的内侧，由此可以判断B正确，D错误；故选：B．3．【考点】平抛运动．【分析】物体做平抛运动，根据平抛运动的特点求得运动时间【解答】解：物体做平抛运动，根据平抛运动的特点可知tan45，解得t=1.0s，故B正确；故选：B4．【考点】物体做曲线运动的条件．【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论．【解答】解：A、平抛运动只受到重力的作用，是一种加速度不变的曲线运动，即匀变速曲线运动，故A正确；B、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，物体在恒力作用下，可以做曲线运动，比如平抛运动，所以B错误．C、匀速圆周运动的向心力的方向始终是指向圆心的，方向是不断变化的，所以匀速圆周运动一定是受到变力的作用，所以C错误．D、物体做匀速圆周运动的物体合力才总是与速度方向垂直，所以D错误．故选：A．5．【考点】向心力；线速度、角速度和周期、转速．【分析】P、O两点共轴，角速度相同，然后根据v=rω分析线速度的大小．【解答】解：AB、因为P、Q两点共轴，所以角速度相同，由公式v=rω得，Q处物体的线速度大，故BC错误，A正确．D、P、O两物体均受万有引力和支持力两个力作用，重力只是物体所受万有引力的一个分力，故D错误．故选：A6．【考点】向心力．【分析】作用力与反作用力大小相等方向相反；对汽车受力分析，受重力和支持力，由于汽车做圆周运动，故合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解即可．【解答】解：A、对汽车受力分析，受重力和支持力，由于汽车做圆周运动，故合力提供向心力，故合力指向圆心，故竖直向下，有：mg﹣FN=m解得：FN=mg﹣m，桥面对汽车的支持力小于重力，根据牛顿第三定律可知，对桥面的压力小于汽车的重力，故AB错误，C正确；D、根据FN=mg﹣m，汽车的速度越大，汽车对桥面的压力越小，故D错误；故选：C7．【考点】平抛运动．【分析】根据球做平抛运动的高度求出运动的时间，结合水平位移和时间求出球的初速度．平抛运动的位移与球的质量无关．【解答】解：AB、球做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，则有H=gt2得，平抛运动的时间t=，则球平抛运动的初速度v==，故A、B正确．C、击球点与落地点的水平位移为L，位移s=，故C正确．D、球平抛运动的加速度为g，与球的质量无关，则知球的运动情况与球的质量无关，所以落地点与击球点的位移与球的质量无关，故D错误．本题选错误的，故选：D8．【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】绕地球做圆周运动的卫星是由地球对卫星的万有引力提供向心力，因此其轨道的圆心都必须在地球的球心，地球同步卫星一定在赤道正上方某一高度处，周期和地球自转周期相同．【解答】解：AB、地球的所有卫星的轨道圆心一定在地心，故b、d、e都可能是地球卫星的轨道，c不可能是地球卫星的轨道，故AB错误．CD、地球同步卫星和地面相对静止，一定在赤道的正上方，所以b不可能是地球同步卫星的轨道，d可能是地球同步卫星的轨道，故C错误，D正确．故选：D9．【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】根据万有引力定律分析卫星的引力．加速度和速度都是矢量，只有当大小和方向都相同时矢量才相同．加速度根据牛顿第二定律列式分析．【解答】解：A、根据万有引力定律得F=G，可知卫星在轨道1的不同位置受到引力不同，故A错误．B、卫星在轨道2的任何位置的速度方向不同，所以速度不同，故B错误．C、设P点到地心的距离为m，卫星的质量为m，加速度为a，地球的质量为M，由牛顿第二定律得G=ma，得a=，P到地心的距离r是一定的，所以不论在轨道1还是轨道2运行，卫星在P点的加速度都相同，故C正确．D、卫星要由轨道1进入轨道2，在P点必须点火加速，做离心运动，所以在轨道1小于在轨道2运行经过P点的速度，故D正确；故选：CＤ10．【考点】冲量和动量定理【分析】冲量的决定因素，用动量定理分析多过程问题【解答】设F1、F2的作用时间分别为t1、t2，则由图知t1<t2，当只有摩擦力Ff作用时，由AB∥CD知图线斜率相同，则加速度相同，摩擦力Ff相同，Fft1<Fft2对物体A，由动量定理得：F1t1－Fft1＝0；对物体B同理可得：F2t2－Fft2＝0.所以F1t1<F2t2，得F2t2>F1t1，答案为A、B正确11．【考点】动能定理的应用；功能关系．答案为B、D。12．【考点】动能定理的应用；向心力．【分析】根据机械能守恒求得在最低点的速度、角速度、压力的表达式，然后根据半径不同、质量相同来判断是否相等；重力势能则直接由高度来判断．【解答】解：A、小球在光滑轨道上运动只有重力做功，故机械能守恒，即有，所以，线速度；两轨道半径不同，故两球的线速度大小不等，故A错误；B、据机械能守恒故B正确C、由牛顿第二定律可得：小球对轨道的压力，故两球对轨道的压力相等，故C正确；D、两球的高度不同，故重力势能不同，故D错误；故选：BC．【考点】滑板滑块模型【解

析】小球上升到最高点时与小车相对静止，有相同的速度v′，由动量守恒定律和机械能守恒定律有：Mv0＝2Mv′①Mv＝2×(Mv′2)＋Mgh②联立①②得h＝，D错误；从小球滚上到滚下并离开小车，系统在水平方向上的动量守恒，由于无摩擦力做功，机械能守恒，作用后两者交换速度，即小球速度变为零，开始做自由落体运动，故A、C对，B错．【答

案】AC二、本题共2小题，共18分．把答案填在答题卡相应的位置．14．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】（1）根据实验的原理和注意事项确定正确的操作步骤．（2）根据竖直位移求出平抛运动的时间，结合水平位移和时间求出初速度．【解答】解：（1）A、为了保证小球平抛运动的初速度相等，每次让小球从斜槽的同一位置由静止释放，斜槽轨道不一定需要光滑，故A正确，B错误．C、为了保证小球的初速度水平，斜槽轨道末端必须水平，故C正确．D、小球平抛运动的时间可以根据竖直位移求出，不需要秒表，故D错误．故选：AC．（2）在竖直方向上，根据得平抛运动的时间为：t=，则平抛运动的初速度为：．故答案为：（1）AC；（2）1.6．15．【考点】验证机械能守恒定律．【分析】（1）验证机械能守恒，即验证重物下落过程中任意两点间的动能增加量和重力势能的减小量是否相等；（2）根据下降的高度求出重力势能的减小量；（3）抓住A点速度不为零，得出正确的图线，结合O点的速度为零，结合图线得出A点距离O点的距离．【解答】解：（1）验证机械能守恒，即验证重物下落过程中任意两点间的动能增加量和重力势能的减小量是否相等，故选：C．（2）从打O点到打B点的过程中，重物的重力势能减少量为△Ep=mghB．（3）以A点为起点，测量各点到A点的距离h，由于A点速度不为零，可知h=0时，纵轴坐标不为零，可知正确的图线为a．初始位置时，速度为零，可知A点到起始点O的距离为10.0cm．故答案为：（1）C；（2）mghB；（3）a，10.0．三、本题共5小题，共43分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．把答案填在答题卡相应的位置．16．【解答】★解析：汽车以恒定功率起动时，它的牵引力F将随速度V的变化而变化，其加速度a也随之变化，由此可得汽车速度达到最大时，a=0，17．【考点】动能定理的应用；向心力．【分析】（1）通过摆球运动过程机械能守恒求解；（2）先由牛顿第二定律求得圆周运动最高点的速度，然后根据机械能守恒通过O点速度求解圆周运动的半径，即可求得距离．【解答】解：（1）摆球运动过程无摩擦，故只有重力做功，那么机械能守恒；设小球的质量为m，则有：mgl（1﹣cosθ）=；解得：v=；（2）设小球恰能通过最高点时，其轨道半径为R，在最高点处由牛顿第二定律得：mg=；从最低点到最高点由动能定理得：=；解得：R=；所以有：；答：（1）摆球摆到最低点O时速度的大小为；（2）将E处的钉子下移，当钉子与A的距离至少为时，摆球摆下后能在竖直面内做完整的圆周运动．1８．【考点】动能定理的应用；机械能守恒定律．【分析】（1）根据电车冲上高台的过程只受重力做功，机械能守恒求解；（2）对电车冲上高台的过程应用动能定理求解．【解答】解：（1）电车初速度为v1=25.2km/h=7m/s，取a点所在的水平面为重力势能零参考面，那么，电车冲上高台的过程只受重力做功，故根据机械能守恒定律可得：；所以，；（2）对电车冲上高台的过程应用动能定理得：，其中WG=﹣mgh，v2=0；解得；即；（3）进站前切断电源，机车凭惯性上坡，动能转化成重力势能储存起来，出站下坡重力势能转化成动能，节省了能源；答：（1）若不考虑电车所受的摩擦力，电车能冲上2.45m高的站台；（2）若站台bc的坡高为2m，电车恰好冲上此站台，那么此过程中，电车克服摩擦力做了9.0×104J的功．１９．【考点】动量守恒定律；功能关系．【分析】（1）由机械能守恒定律可以求出C与A碰撞前瞬间速度的大小；（2）由动量守恒定律先求出碰撞后二者共同速度，然后由能量守恒定律可以求出损失的机械能；（3）由平衡条件、动量守恒定律、机械能守恒定律可以求出弹簧的劲度系数k．【解答】解：（1）设物体C自由落下h时速度为v，由动能定理得：解得：（2）设物体C与A碰撞并粘合后一起竖直向下运动速度大小为v1，由动量守恒定律得：mv=（m+m）v1代入数据解得：v1=1m/sC、A系统因碰撞损失的机械能：代入数据得：△E=3J（3）分析C、A共速后的运动过过程，初始时刻弹簧处于压缩状态，设此时的形变量为x，到达最高点时处于拉伸状态，恰好压缩量等于伸长量，取起始位置为重力势能零参考面，由机械能守恒定律得：得再由kx=Mg解得：k=800N/m答：（1）C与A碰撞前瞬间速度的大小是3m/s；（2）C、A系统因碰撞损失的机械能是3J；（3）弹簧的劲度系数是800N/m．

20172018学年航天中学高一（下）6月月考参考答案一、本题共8小题，每小题3分，共24分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的．把答案用2B铅笔填涂在答题卡上．1．【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、哥白尼提出了“日心说”推翻了束缚人类思想很长时间的“地心说”，故A错误；B、克莱德•汤博发现了冥王星，亚当斯和勒威耶发现了海王星，故B错误；C、开普勒发现了行星的运动规律，牛顿发现了万有引力定律，故C错误；D、卡文迪许第一次测出了万有引力常量．故D正确．故选：D2．【考点】运动的合成和分解．【分析】做曲线运动的物体的速度的方向是沿着运动轨迹的切线的方向，合力指向运动轨迹弯曲的内侧．【解答】解：AC、曲线运动的速度的方向是沿着运动轨迹的切线的方向，由此可以判断AC错误；BD、曲线运动的物体受到的合力应该指向运动轨迹弯曲的内侧，由此可以判断B正确，D错误；故选：B．3．【考点】平抛运动．【分析】物体做平抛运动，根据平抛运动的特点求得运动时间【解答】解：物体做平抛运动，根据平抛运动的特点可知tan45，解得t=1.0s，故B正确；故选：B4．【考点】物体做曲线运动的条件．【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论．【解答】解：A、平抛运动只受到重力的作用，是一种加速度不变的曲线运动，即匀变速曲线运动，故A正确；B、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，物体在恒力作用下，可以做曲线运动，比如平抛运动，所以B错误．C、匀速圆周运动的向心力的方向始终是指向圆心的，方向是不断变化的，所以匀速圆周运动一定是受到变力的作用，所以C错误．D、物体做匀速圆周运动的物体合力才总是与速度方向垂直，所以D错误．故选：A．5．【考点】向心力；线速度、角速度和周期、转速．【分析】P、O两点共轴，角速度相同，然后根据v=rω分析线速度的大小．【解答】解：AB、因为P、Q两点共轴，所以角速度相同，由公式v=rω得，Q处物体的线速度大，故BC错误，A正确．D、P、O两物体均受万有引力和支持力两个力作用，重力只是物体所受万有引力的一个分力，故D错误．故选：A6．【考点】向心力．【分析】作用力与反作用力大小相等方向相反；对汽车受力分析，受重力和支持力，由于汽车做圆周运动，故合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解即可．【解答】解：A、对汽车受力分析，受重力和支持力，由于汽车做圆周运动，故合力提供向心力，故合力指向圆心，故竖直向下，有：mg﹣FN=m解得：FN=mg﹣m，桥面对汽车的支持力小于重力，根据牛顿第三定律可知，对桥面的压力小于汽车的重力，故AB错误，C正确；D、根据FN=mg﹣m，汽车的速度越大，汽车对桥面的压力越小，故D错误；故选：C7．【考点】平抛运动．【分析】根据球做平抛运动的高度求出运动的时间，结合水平位移和时间求出球的初速度．平抛运动的位移与球的质量无关．【解答】解：AB、球做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，则有H=gt2得，平抛运动的时间t=，则球平抛运动的初速度v==，故A、B正确．C、击球点与落地点的水平位移为L，位移s=，故C正确．D、球平抛运动的加速度为g，与球的质量无关，则知球的运动情况与球的质量无关，所以落地点与击球点的位移与球的质量无关，故D错误．本题选错误的，故选：D8．【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】绕地球做圆周运动的卫星是由地球对卫星的万有引力提供向心力，因此其轨道的圆心都必须在地球的球心，地球同步卫星一定在赤道正上方某一高度处，周期和地球自转周期相同．【解答】解：AB、地球的所有卫星的轨道圆心一定在地心，故b、d、e都可能是地球卫星的轨道，c不可能是地球卫星的轨道，故AB错误．CD、地球同步卫星和地面相对静止，一定在赤道的正上方，所以b不可能是地球同步卫星的轨道，d可能是地球同步卫星的轨道，故C错误，D正确．故选：D9．【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】根据万有引力定律分析卫星的引力．加速度和速度都是矢量，只有当大小和方向都相同时矢量才相同．加速度根据牛顿第二定律列式分析．【解答】解：A、根据万有引力定律得F=G，可知卫星在轨道1的不同位置受到引力不同，故A错误．B、卫星在轨道2的任何位置的速度方向不同，所以速度不同，故B错误．C、设P点到地心的距离为m，卫星的质量为m，加速度为a，地球的质量为M，由牛顿第二定律得G=ma，得a=，P到地心的距离r是一定的，所以不论在轨道1还是轨道2运行，卫星在P点的加速度都相同，故C正确．D、卫星要由轨道1进入轨道2，在P点必须点火加速，做离心运动，所以在轨道1小于在轨道2运行经过P点的速度，故D正确；故选：CＤ10．【考点】冲量和动量定理【分析】冲量的决定因素，用动量定理分析多过程问题【解答】设F1、F2的作用时间分别为t1、t2，则由图知t1<t2，当只有摩擦力Ff作用时，由AB∥CD知图线斜率相同，则加速度相同，摩擦力Ff相同，Fft1<Fft2对物体A，由动量定理得：F1t1－Fft1＝0；对物体B同理可得：F2t2－Fft2＝0.所以F1t1<F2t2，得F2t2>F1t1，答案为A、B正确11．【考点】动能定理的应用；功能关系．★解析：小球受重力和电场力作用，在竖直平面内做类平抛运动。在竖直方向上有，∴，方向竖直向上，∴，所以，电势能增加了。合外力做功，∴动能增加了。由功能原理得，其他力做功就是电场力做功，所以机械能应减少了。答案为B、D。12．【考点】动能定理的应用；向心力．【分析】根据机械能守恒求得在最低点的速度、角速度、压力的表达式，然后根据半径不同、质量相同来判断是否相等；重力势能则直接由高度来判断．【解答】解：A、小球在光滑轨道上运动只有重力做功，故机械能守恒，即有，所以，线速度；两轨道半径不同，故两球的线速度大小不等，故A错误；B、据机械能守恒故B正确C、由牛顿第二定律可得：小球对轨道的压力，故两球对轨道的压力相等，故C正确；D、两球的高度不同，故重力势能不同，故D错误；故选：BC．【考点】滑板滑块模型【解析】小球上升到最高点时与小车相对静止，有相同的速度v′，由动量守恒定律和机械能守恒定律有：Mv0＝2Mv′①Mv＝2×(Mv′2)＋Mgh②联立①②得h＝，D错误；从小球滚上到滚下并离开小车，系统在水平方向上的动量守恒，由于无摩擦力做功，机械能守恒，作用后两者交换速度，即小球速度变为零，开始做自由落体运动，故A、C对，B错．【答案】AC二、本题共2小题，共18分．把答案填在答题卡相应的位置．14．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】（1）根据实验的原理和注意事项确定正确的操作步骤．（2）根据竖直位移求出平抛运动的时间，结合水平位移和时间求出初速度．【解答】解：（1）A、为了保证小球平抛运动的初速度相等，每次让小球从斜槽的同一位置由静止释放，斜槽轨道不一定需要光滑，故A正确，B错误．C、为了保证小球的初速度水平，斜槽轨道末端必须水平，故C正确．D、小球平抛运动的时间可以根据竖直位移求出，不需要秒表，故D错误．故选：AC．（2）在竖直方向上，根据得平抛运动的时间为：t=，则平抛运动的初速度为：．故答案为：（1）AC；（2）1.6．15．【考点】验证机械能守恒定律．【分析】（1）验证机械能守恒，即验证重物下落过程中任意两点间的动能增加量和重力势能的减小量是否相等；（2）根据下降的高度求出重力势能的减小量；（3）抓住A点速度不为零，得出正确的图线，结合O点的速度为零，结合图线得出A点距离O点的距离．【解答】解：（1）验证机械能守恒，即验证重物下落过程中任意两点间的动能增加量和重力势能的减小量是否相等，故选：C．（2）从打O点到打B点的过程中，重物的重力势能减少量为△Ep=mghB．（3）以A点为起点，测量各点到A点的距离h，由于A点速度不为零，可知h=0时，纵轴坐标不为零，可知正确的图线为a．初始位置时，速度为零，可知A点到起始点O的距离为10.0cm．故答案为：（1）C；（2）mghB；（3）a