广东省深圳市光明区2024-2025学年高一上学期1月期末考试物理试题（含答案）

第第页广东省深圳市光明区2024-2025学年高一上学期1月期末考试物理试题一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．下列说法正确的是（）A．研究学生做广播操的动作时可以把该学生看作质点B．小明从家到学校用了30min，“30min”是时刻C．汽车仪表盘上显示100km/h，“100km/h”是汽车瞬时速度的大小D．加速度是表示速度变化大小的物理量2．如图所示，冰壶以2m/s的速度被运动员水平推出后在冰面上自由滑行，该冰壶不与其他冰壶碰撞，1s末速度为1.8m/s，则冰壶的加速度大小和推出后12s内位移大小分别（）A．0.02m/s2，9.6m B．C．0.2m/s2，9.6m D．3．如图所示，在升降电梯内的地板上放一体重计，某同学站在体重计上，电梯静止时，体重计示数为40kg。电梯启动的一段时间内，该同学发现体重计示数始终为45kg，g=10m/sA．该同学的重力变大了B．电梯一定竖直向上运动C．人对体重计的压力大于体重计对人的支持力D．电梯的加速度大小为24．如甲图所示是用一根绳穿过牛奶箱上的提手晾晒辣椒的情景，可等效为一根轻绳穿过一个轻圆环，如乙图所示，A位置比B位置高。不计绳与圆环间的摩擦力，辣椒的质量为m，左右两侧绳与竖直方向的夹角分别为α和β，OA部分绳上的拉力为TOA，OB部分绳上的拉力为TA．TOA>TC．当α=60°时，TOA=12mg 5．科技节中“抓尺比赛”引来很多学生参加，这个游戏是比试谁的反应快。如图所示，一位工作人员用手捏住刻度尺的顶端，让刻度尺竖直静止不动，被测者用两个手指虚捏在尺子0刻度线处（手指不能碰到尺子），观察到工作人员松开刻度尺时立刻捏住该刻度尺，读出手指所捏刻度h，已知尺子总长度为80cm，不计空气阻力，g=10m/sA．刻度尺静止时，工作人员对它的作用力方向水平B．h越大，反应时间越短C．h=20cmD．该尺可以测量出0.6s的反应时间6．如甲图所示是飞机场的行李牵引车，它是一种将货物运送到停机位或分拣区位置的车辆。某次，一辆行李牵引车牵引了三节车厢简化图如乙图所示，每节车厢的质量（包括货物）相同，运动时每节车厢所受的阻力均为f，某段时间内牵引车做匀加速直线运动，牵引车给第一节车厢的拉力为F，则第二节车厢给第三节车厢的拉力是（）A．F3 B．2F3 C．F−2f 7．如图所示，某同学将一篮球以速度v竖直向上抛出，不计空气阻力，取竖直向上为正方向，篮球在空中运动过程中，速度v、位移x、加速度a随时间t变化的图像可能正确的是（）A． B．C． D．二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8．下列说法正确的是（）A．“牛顿”是国际单位制中的基本单位B．做曲线运动物体的速度一定是变化的C．物体的惯性大小除了与质量有关，还与物体的速度大小有关D．“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采取了控制变量法这种研究方法9．如图所示，轻弹簧的左右两端分别与小物块A和B相连放在光滑水平面上，A物块紧靠在竖直挡板上，两物块的质量mA=2kg，mA．弹簧弹力大小为4NB．A物块的合力大于B物块的合力C．A物块的加速度大小为2D．A、B两物块的加速度大小之比为1：210．如图所示，足够长的水平传送带顺时针匀速转动。t=0时刻一小物块从传送带最右端的P点以速度v0滑上传送带，它在传送带上运动的v-t图像如图乙所示，g=10A．传送带的速度为2m/sB．物块与传送带间的摩擦系数为μ=0.2C．物块距传送带右端最远距离为1mD．物块在传送带上共运动了2.25s三、非选择题：共54分，请根据要求作答。11．下列是《普通高中物理课程标准》中列出的两个必做实验的部分步骤，请完成实验操作和计算。（1）A同学做“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验，他用两个弹簧测力计把结点拉到位置O，如甲图所示，右侧弹簧测力计的读数为N。（2）B同学用乙图所示的实验装置做“探究小车速度随时间变化的规律”的实验，小车拖着穿过打点计时器的纸带做匀变速直线运动，打出的纸带的一部分如丙图所示，其中A、B、C、D、E为计数点，相邻两个计数点之间还有4个点未画出，已知打点计时器的电源电压周期为0.02s。①下列操作正确的有（填选项代号）；A．在释放小车前，小车要远离打点计时器B．沙和沙桶的总质量要远小于小车的总质量C．电火花计时器应使用低压直流电源D．此实验可以不用平衡摩擦力②打点计时器打下C点时小车的瞬时速度大小为m/s（结果保留两位有效数字）；③小车运动的加速度大小为m/s2④若实验时电源的电压周期略低于0.02s，但该同学并不知道，得到的小车加速度（填“偏大”或“偏小”或“不变”）。12．如甲图所示是利用气垫导轨测量当地重力加速度g的实验装置。主要的实验操作如下：（1）将气垫导轨适当倾斜放置并固定。在气垫导轨上取相距较远的两点，测出这两点沿导轨方向的长度L和这两点在竖直方向的高度差H，计算气垫导轨与水平方向夹角α的正弦值sinα=（2）用毫米刻度尺测量小滑块上的遮光条的宽度d如乙图所示，则d=mm。（3）接通气源，小滑块与气垫导轨间的摩擦力近似为零。让小滑块从气垫导轨上O点由静止释放。记录遮光条通过光电门的时间t，则小滑块通过光电门的速度大小v=（用字母表示）。（4）用毫米刻度尺测出O点处遮光条所在位置到光电门中心的距离s。（5）改变小滑块静止释放的位置，重复以上操作。（6）由测得的多组数据做出s−1t213．民航客机都有紧急出口，发生意外情况的飞机紧急着陆后，打开紧急出口，狭长的气囊会自动充气，生成一条连接出口与地面的斜面，人员可沿斜面滑行到地面。一个质量为60kg的人以加速度a=2m/s2沿气囊滑下，斜面倾角α=37°，g=10m/s2，（1）人沿气囊滑下时受到的支持力大小；（2）人与气囊间的动摩擦因数。14．如甲图所示，一物品在河中心顺水沿直线漂流，当物品漂到B处时，河道巡视员在岸边的O处开着快艇从静止立即出发，6s后快艇到达物品处，O、B两处沿河岸方向距离为x1。快艇沿河岸方向相对河岸的速度vx和垂直河岸方向相对河岸的速度vy（1）到达物品处快艇的速度；（2）O、B两处沿河岸方向距离x115．假期时，小明的爸爸驾驶房车带领全家游览祖国美丽的景色如甲图所示。房车厨房内有一只装满杂粮的圆柱形储藏罐贴着倾角β=37°的斜面放在水平置物架上，房车车壁上有一个用细长轻绳悬挂的小中国结（可看做质点），如图乙所示。ab、bc、cd、de是港珠澳大桥的四段110m等跨钢箱连续梁桥（如图丙所示），房车行驶到a点时开始加速，先做匀加速直线运动，达到29.5m/s后做匀速直线运动。在ab段小明发现中国结偏离车壁角度始终为θ，已知sinθ=126，cosθ=526。他用手机中秒表功能测出房车经过ab段所用的时间为5.5s，（1）房车通过ab段的加速度大小；（2）从b点开始房车继续行驶173m所用的时间；（3）假设储藏罐外表面光滑，则房车至少以多大的加速度运动才能使储藏罐沿斜面向上运动。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A．研究学生做广播操的动作时，学生的形状不能忽略，不可以把该学生看作质点，故A错误；B．小明从家到学校用了30min，“30min”是时间间隔，故B错误；C．汽车仪表盘上显示100km/h，“100km/h”是汽车瞬时速度的大小，故C正确；D．加速度是表示速度变化快慢的物理量，故D错误。故答案为：C。

【分析】1.质点：关注“形状大小是否影响研究问题”。

2.时刻/时间间隔：区分“点”与“段”。

3.瞬时速度：强调“某一时刻的速度”。

4.加速度：明确是“速度变化的快慢”，而非“变化大小”。2．【答案】D【解析】【解答】根据加速度定义式有a=|冰壶停止的时间为t=v则推出后12s内位移大小为x=v故答案为：D。

【分析】1.加速度计算：直接用加速度定义（速度变化率），体现匀变速运动的基本规律。

2.停止时间判断：通过速度公式求出冰壶停止所需时间，避免直接用12s计算（冰壶早于12s停止）。

3.位移计算：利用匀变速直线运动的平均速度公式（初末速度平均），简化计算，体现“平均速度法”在匀变速运动中的应用。3．【答案】B【解析】【解答】A．该同学的重力为G=mg=400N不变，故A错误；B．可知该同学处于超重状态，电梯启动的一段时间内，运动状态为向上加速，故B正确；C．人对体重计的压力和体重计对人的支持力是相互作用力，大小相等，故C错误；D．根据牛顿第二定律有F其中FN解得a=1.25m/s故答案为：B。

【分析】1.重力特性：重力由质量和g决定，与运动状态无关。2.超重逻辑：支持力大于重力，加速度向上，结合“启动”场景判断运动方向（向上加速）。3.相互作用力：依据牛顿第三定律，压力与支持力等大。4.加速度计算：通过牛顿第二定律合F合4．【答案】D【解析】【解答】根据“活结”模型的特点可知，TOA=根据力的矢量合成可知2当α=60°时，解得Tα变大时，cosα减小，则T故答案为：D。

【分析】1.活结特性：同一绳拉力相等，夹角对称，判定A、B。2.力的平衡：竖直方向合力为0，建立拉力与夹角的关系式TOA3.变量分析：通过余弦函数的单调性，判断α变化时TOA5．【答案】C【解析】【解答】A．刻度尺静止时，受力平衡，自身受重力，则工作人员对它的作用力方向竖直向上，故A错误；BCD．根据h=12gt2，解得t=故答案为：C。

【分析】1.受力分析：静止时二力平衡，确定工作人员作用力方向。2.运动建模：刻度尺自由下落，应用自由落体位移公式h=12gt23.公式应用：通过公式变形分析h与t的变化关系（h越大，t越长），排除B；代入数据计算验证C；通过最大位移求最长时间，排除D。6．【答案】A【解析】【解答】每节车厢受到的阻力为f，以三节车厢为研究对象，由牛顿第二定律有F-3f=3ma设第二节车厢给第三节车厢的拉力大小为T，以第三节车厢为研究对象，由牛顿第二定律有T-f=ma联立方程可得T=F3故答案为：A。

【分析】1.整体法：将三节车厢视为整体，通过总合力与总质量求加速度，简化多体问题。2.隔离法：单独分析第三节车厢，结合已求加速度，通过牛顿第二定律求内力。3.联立求解：通过整体与隔离的方程联立，消去加速度a，直接解出拉力T，体现“先整体求共性，后隔离求个性”的解题逻辑。7．【答案】A【解析】【解答】篮球运动时，先向上减速至0，再向下加速至初始速度v，加速度方向向下（负值），大小为重力加速度不变，最终落回原位置时位移为0。x-t图像为曲线，a-t图像为横轴下方的平行横轴的直线。故答案为：A。

【分析】1.v−t图像：匀变速运动斜率（加速度）恒定，速度先正后负。2.x−t图像：二次函数对应曲线。3.a−t图像：加速度恒为−g，但选项未完整呈现，不影响判断。4.运动过程：上升减速、下落加速。8．【答案】B,D【解析】【解答】A．“牛顿”不是国际单位制中的基本单位，故A错误；B．曲线运动中物体的速度方向时刻改变，所以速度一定是变化的，故B正确；C．物体的惯性大小只与质量有关，故C错误；D．“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采取了控制变量法的研究方法，故D正确；故答案为：BD。

【分析】结合国际单位制基本单位、曲线运动速度特点、惯性的决定因素以及实验方法的知识，对每个选项进行分析判断。9．【答案】A,C【解析】【解答】A．对B分析可知F弹B．同时撤掉外力F和挡板的瞬间，A、B均只受弹力，大小为4N，故B错误；C．对A根据牛顿第二定律有F弹=mD．根据牛顿第二定律有a=F故答案为：AC。

【分析】1.弹力分析：撤去外力前弹簧弹力由B的平衡态确定，撤去瞬间弹力不变。2.合力比较：A、B均仅受弹簧弹力，合力大小相等。3.加速度计算：分别对A、B应用F=ma，求出加速度并比较。10．【答案】B,C,D【解析】【解答】A．由图可知，小物块最后向右匀速运动，速度为1m/s，则传送带的速度为1m/s，故A错误；B．由图像的斜率可知a=ΔvΔt=21C．当物块的速度减为0时，物块距传送带右端最远，根据图像与坐标轴围成的面积可知x=1D．物块向右加速的时间为t2=va=0.5s

加速的位移为x1=12at故答案为：BCD。

【分析】1.传送带速度：由物块匀速时速度确定。

2.动摩擦因数：通过加速度和牛顿第二定律计算。

3.最远距离：利用减速阶段图像面积求解。

4.总运动时间：拆分“向左减速，向右加速，向右匀速”三个阶段，计算时间。11．【答案】（1）2.10（2）D；0.30；0.40；偏小【解析】【解答】（1）弹簧测力计的分度值为0.1N，读数为2.10N。

故答案为：2.10（2）①A．为获得更多的点迹，在释放小车前，小车要靠近打点计时器，故A错误；B．实验无需满足沙和沙桶的总质量要远小于小车的总质量，故B错误；C．电火花计时器应使用220V交流电源，故C错误；D．实验是探究速度随时间变化关系，可以不用平衡摩擦力，故D正确。故答案为：D。②相邻两个计数点之间还有4个点未画出，则相邻两计数点时间为t=5×0.02s=0.1s打点计时器打下C点时小车的瞬时速度大小为vC=③根据逐差法可知，小车运动的加速度大小为a=xCE④若实验时电源的电压周期略低于0.02s，可知纸带上相邻点的间距减小，但该同学并不知道，计算所用时间较大，则得到的小车加速度偏小。

故答案为：偏小

【分析】（1）力的合成实验：弹簧秤读数需估读，体现测量工具的精度要求。

(2)匀变速实验：①操作判断：紧扣实验目的（测速度变化），无需复杂条件（如平衡摩擦、沙桶质量）。

②瞬时速度：用中间时刻速度等于平均速度，简化计算。

③加速度：逐差法消除偶然误差，利用连续相等时间的位移差。

④误差分析：周期测量偏大，导致加速度计算偏小，体现实验原理的误差传递。（1）弹簧测力计的分度值为0.1N，读数为2.10N。（2）①[1]A．为获得更多的点迹，在释放小车前，小车要靠近打点计时器，故A错误；B．实验无需满足沙和沙桶的总质量要远小于小车的总质量，故B错误；C．电火花计时器应使用220V交流电源，故C错误；D．实验是探究速度随时间变化关系，可以不用平衡摩擦力，故D正确。故选D。②[2]相邻两个计数点之间还有4个点未画出，则相邻两计数点时间为t=5×0.02s=0.1s打点计时器打下C点时小车的瞬时速度大小为v③[3]根据逐差法可知，小车运动的加速度大小为a=④[4]若实验时电源的电压周期略低于0.02s，可知纸带上相邻点的间距减小，但该同学并不知道，计算所用时间较大，则得到的小车加速度偏小。12．【答案】HL；3.0；dt【解析】【解答】（1）根据几何关系可知sinα=HL。（2）毫米刻度尺分度值为1mm，则d=3.0mm。

故答案为：3.0（3）小滑块通过光电门的速度大小v=dt。

故答案为：（6）根据速度—位移公式有v2=2as

根据图像斜率可知d22a=k根据牛顿第二定律有mgsinα=ma

解得g=d2L2kH。

（2）瞬时速度：用遮光条宽度与通过时间的比值近似，简化测量。（3）加速度推导：通过v2（6）重力加速度：结合牛顿第二定律，将加速度与重力加速度关联，最终推导出g的表达式。13．【答案】（1）解：对人受力分析，垂直于气囊方向有FN（2）解：根据牛顿第二定律有mg解得μ=0.5。【解析】【分析】（1）通过受力分析，确定垂直气囊方向的力平衡，利用重力分力求出支持力。

（2）对沿气囊方向的力进行分析，根据牛顿第二定律列方程，代入数据求解动摩擦因数。​​​​​​​（1）对人受力分析，垂直于气囊方向有FN（2）根据牛顿第二定律有mg解得μ=0.514．【答案】（1）解：由图可知到达物品处快艇水平方向的速度为v垂直方向的速度为v根据速度的合成可知v设快艇到达物品处速度方向与水流方向夹角为θ，由几何关系可得tanθ=v所以到达物品处快艇的速度为30m/s（2）解：6s后快艇到达物品处，则O、B两处沿河岸方向距离x1