浙江省嘉兴市2024-2025学年高一上学期1月期末测试物理试卷（含答案）

第第页浙江省嘉兴市2024-2025学年高一上学期1月期末测试物理试卷一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对得3分，不选、错选或多选得0分）1．下列单位属于国际单位制中基本单位的是（）A．N B．kg C．J D．m2．“追梦奔跑，幸福嘉马”11月24日，2024嘉兴马拉松鸣枪起跑。图为某运动APP记录的一位嘉兴市民的参赛运动情况，则（）A．“04：00：49”指的是时刻B．“42.63公里”为本次运动的位移大小C．研究运动员的运动轨迹时，可将其看作质点D．该运动员的平均速度大小约为10.66km/h3．在物理学的研究中用到的思想方法很多，下列关于几幅书本插图的说法中正确的是（）A．甲图中，在观察桌面的形变时，运用了等效替代法B．乙图中，在推导匀变速直线运动的位移公式时，运用了理想模型法C．丙图中，伽利略在研究自由落体运动的规律时，运用了放大思想D．丁图中，质点在A点的瞬时速度方向即为过A点的切线方向，运用了极限思想4．高竿船技是嘉兴乌镇至今仍保留并演出的传统民间杂技艺术。如图所示为表演者在竹竿上保持静止的情境，则（）A．表演者与竹竿间的摩擦力一定为零B．竹竿对表演者的作用力方向竖直向上C．表演者对竹竿的弹力是由竹竿形变产生的D．竹竿对表演者的作用力大于表演者对竹竿的作用力5．一个做匀加速直线运动的物体，先后经过A、B两位置时的速度分别为v和7v，通过AB段的时间是t，则（）A．AB段的位移大小是4vtB．经过AB段中间时刻的速度是3.5vC．经过AB段中间位置的速度是4.5vD．后一半时间的位移是前一半时间位移的3倍6．某学习小组用智能手机测自由落体加速度，手机屏幕显示加速度传感器的图像如图所示。实验中，手机自由下落的高度约为（）A．0.1m B．0.8m C．1.5m D．2m7．一乘客乘坐厢式升降电梯下楼，其位移x与时间t的关系图像如图所示（其中t1A．0~tB．t1C．t2D．t28．一同学在桌面的白纸上匀速划一道竖直线，如图所示。在划线的过程中另一位同学水平向左加速抽动了白纸，白纸上的划痕图样可能是（）A． B．C． D．9．一根细线系着一个质量为m的小球，细线上端固定在横梁上。给小球施加力F，小球平衡后细线跟竖直方向的夹角为θ，如图所示。现将F的方向由图示位置逆时针旋转至竖直方向的过程中，小球始终在图中位置保持平衡，则（）A．绳子拉力一直增大 B．F一直减小C．F的最小值为mgsinθ 10．如图所示，物体A和B保持相对静止沿斜面加速下滑。已知A、B的质量分别为mA和mB，斜面的倾斜角为θ，A、B间和B与斜面间的动摩擦因数分别为μ1A．若μ2=0，则B．若μ2=0C．若μ2≠0D．若μ2二、填空题（本大题共5小题，每空2分，共18分）11．某质点位移随时间变化的关系式为x=4t−2t2(m)12．如图甲所示，可视为质点的小球，从固定在水平地面上的光滑斜面的中点，以2m/s的初速度沿斜面向上运动，小球回到斜面底端时的速度大小为4m/s，此过程中小球的v−t图像如图乙所示，则小球在斜面上运动时的加速度大小为ms2，斜面长度为13．某同学站在力传感器上完成“下蹲”、“起立”的动作，计算机采集的图线如图所示。则图中点a~d所示过程，该同学完成了动作（选填“下蹲”、“起立”、“先下蹲后起立”或“先起立后下蹲”）；以竖直向上为正方向，则b点时该同学的加速度约为ms14．如图，有一质量为0.4kg的光滑均匀球体，球体静止于带有固定挡板的斜面上，斜面倾角为30°，挡板与斜面夹角为60°。若球体受到一个竖直向上的大小为1.0N的拉力F作用，则挡板对球体支持力的大小为N。15．用轻质弹簧a和两根细线b、c将质量均为m的两个小球1和2连接，并如图所示悬挂。两小球处于静止状态，弹簧a与竖直方向的夹角为30°，细线c水平，重力加速度取g。则细线c上的拉力大小为；突然剪断细线b的瞬间，小球1的加速度为。三、课题研究与实验（本大题共2小题，除17（1）②外每空2分，共18分）16．使用图甲装置进行“探究加速度与力、质量的关系”实验（1）除图甲中所示器材，下列仪器中还需要用到的是（多选）（2）下列实验操作正确的是________（多选）A．调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与轨道保持平行B．平衡摩擦力时，应安装好纸带，并将槽码跨过定滑轮拴在小车上C．小车释放前应靠近打点计时器，且先接通电源再释放小车D．通过增减小车上的砝码改变质量时，每次都需要重新调节长木板倾斜度（3）在规范的实验操作下，打出的一条纸带如图乙所示，相邻两计数点间均有4个点未画出，已知电源频率为50Hz，则小车的加速度大小为m/s（结果保留2位有效数字）。17．某同学用如图甲所示的装置探究弹簧弹力与形变量的关系。（1）下列操作规范的有________A．实验前，把弹簧水平放置测量其原长B．在安装刻度尺时，必须让刻度尺零刻度线与弹簧上端对齐C．逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重D．每次都待钩码处于静止状态时读出弹簧的长度（2）该同学在做实验的过程中，某次测量指针指在刻度尺的位置如图乙所示，此时弹簧的长度为cm；他根据记录的数据进行处理，以弹簧伸长量Δx为横轴，弹簧弹力F为纵轴，将实验数据进行描点，所描的点如图丙所示，请在答题卷相应位置图中进行拟合（3）根据图像计算该弹簧的劲度系数为N/m。（结果保留两位有效数字）（4）该同学将劲度系数均为k的两根相同弹簧按图丁所示连接，可把它们当成一根新弹簧，若不考虑弹簧自身重力的影响，则新弹簧的劲度系数为________A．2k B．k C．12k18．在“探究平抛运动的特点”实验中，甲图是实验装置图。（1）在该实验中，下列哪些措施可减小实验误差________A．选择光滑的斜槽轨道B．调节斜槽轨道末端水平C．小球每次须从斜槽上同一位置由静止释放D．以轨道末端端口为原点建立坐标系（2）如图乙所示，A、B、C是某次实验中记录的小球所经过的三个位置，已知方格纸每格的边长为L，则小球经过B点时的速度大小为（用L、g表示）四、计算题（第18题10分，第19题12分，第20题12分，共34分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）19．某跳伞运动员进行低空跳伞训练。他离开悬停的飞机后可以认为先做自由落体运动，下落125m时开始打开降落伞，沿竖直方向做加速度大小为10m（1）运动员打开降落伞时的速度是多少？（2）运动员离开飞机时距地面的高度为多少？（3）运动员离开飞机后，经过多少时间才能到达地面？20．如图所示为某快递公司利用机器人运送、投递包裹的场景，机器人将其水平托盘上的包裹由静止送至指定投递口，停止运动后缓慢翻起托盘，让包裹滑入投递口。其启动和制动过程可视为匀变速直线运动，当托盘倾角增大到37°时，包裹恰好开始下滑，如简化图所示。现机器人要把一质量m=4kg的包裹沿直线运至相距L=45（1）包裹与水平托盘的动摩擦因数μ；（2）机器人启动过程中允许的加速度最大值am（3）若机器人运行的最大速度为vm21．某流水线运送工件的简化示意图如图所示，足够长的斜面AB底端平滑连接一长L=2m的水平传送带BC，传送带右侧固定有一倾斜放置的“V形”收集槽CDE。已知斜面AB与水平面夹角θ=37°，“V形”槽两表面相互垂直，CD面与水平面成夹角α=30°，工件与斜面AB间动摩擦因数μ1=0.5（1）求工件在斜面AB上下滑时加速度a1（2）若传送带不动：①工件从距离传送带平面BC高度为h1=1.5m②若工件从h1=1.5m处静止下滑落在CD面上的P点，从另一高度h（3）“V形”槽规格与（2）中一致，若传送带顺时针转动，使得从h1=1.5m

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】N（牛顿）是力的单位，属于导出单位（1N=1kg·m/s2）。kg（千克）是质量单位，属于基本单位。J（焦耳）是能量或功的单位，属于导出单位（1J=1N·m=1kg·m2/s2）。故ACD错误，B正确。

故选B。【分析】国际单位制中基本单位长度（米）、质量（千克）、时间（秒）、电流（安培）、热力学温度（开尔文）、物质的量（摩尔）和发光强度（坎德拉）。2．【答案】C【解析】【解答】A．“04：00：49”是完成马拉松所用的总时间（4小时0分49秒），是时间间隔，而不是时刻，故A错误；B．马拉松路线通常不是直线，而是弯曲的路径，因此“42.63公里”是实际跑步的路径长度（路程），而不是起点到终点的直线距离（位移）。位移大小应小于或等于路程，但一般马拉松的位移远小于路程（因为起点和终点可能很近，但路径很长），故B错误；C．研究运动员的运动轨迹时，可将其看作质点，对研究的问题没有影响。故C正确；D.42.63公里是路程，则该运动员的平均速率大小约为v=st故选C。

【分析】1、时刻：指时间轴上的一个点，用于表示某个瞬时状态（例如：8：00起跑、9：30通过终点）。时间间隔（时间）：指两个时刻之间的一段间隔，表示过程持续的长短（例如：比赛用时4小时00分49秒）。关键判别：通常“用时”、“花费了...时间”等描述的都是时间间隔。2、路程：物体运动轨迹的总长度。只有大小，没有方向，是标量。例如，马拉松跑过的42.63公里。位移：由初位置指向末位置的有向线段。既有大小又有方向，是矢量。对于环形赛道（起点和终点相同）或曲线路径，位移大小远小于路程，甚至为零。关键判别：APP记录的运动距离通常是实际路径长度，即路程。3、质点的概念：定义：用来代替物体的有质量的点。这是一个理想化的物理模型。条件：当物体的大小和形状对所研究的问题没有影响或影响可以忽略不计时，就可以把它看作质点。应用：研究地球公转时，地球可视为质点；研究运动员长距离运动的轨迹、速度时，其身体姿态和大小可忽略，可视为质点。4、平均速度与平均速率的区别平均速度：位移与发生这段位移所用时间的比值。公式：v̅=∆x∆t3．【答案】D【解析】【解答】A．甲图中，该实验通过光点的巨大偏移来显现微小的形变，其核心是将不易察觉的微小变化（量）转换为易于观察的显著变化（量），这是一种转换放大的思想，故A错误；B．乙图中，将整个运动过程无限分割成无数个极短的时间段，在每个极短时间段内用匀速运动近似代替变速运动，再对无数个“匀速运动的位移”求和。这种“化变为恒”、“无限分割再求和”的方法，其本质是微积分思想在物理中的具体应用，故B错误；C．丙图中，伽利略通过“冲淡重力”的斜面实验进行测量，并在此基础上进行合理的外推和逻辑推理，从而得出自由落体运动的普遍规律。这种方法开创了将实验探究与科学推理相结合的现代科学研究范式，故C错误；D．丁图中，质点的瞬时速度方向，是当所取时间间隔Δt趋近于零时，平均速度方向所逼近的最终方向。这个“无限逼近”以确定瞬时值和方向的过程，正是极限概念的体现，故D正确。故选D。

【分析】1、转换放大法核心思想：将难以直接观测的微小物理量（如桌面的微小形变），通过巧妙的装置（如平面镜）转换为易于观测的显著物理量（如光斑的明显位移）。

2、微积分思想/微元法核心思想：处理变量问题（如变速运动的位移）的基本方法。“化变为恒”：将变化的整体过程（变速度）无限分割（微分），在每一个极小的“元过程”内，将变量近似为常量（视速度为恒定）

3、实验与逻辑推理相结合的方法核心思想：实验是检验真理的基础，但受限于现实条件（当时无法精确测量自由落体），需要辅以科学的逻辑推理（包括理想实验、演绎、归纳、外推等）来构建普适的理论。

4、极限思想核心思想：通过研究一个过程在变化参数趋于极端情况（如时间、位移趋于零）时的行为和结果，来定义和理解瞬时状态（如瞬时速度、瞬时加速度）。4．【答案】B【解析】【解答】A.杆是弯曲的，这意味着它对人的支持力（弹力）方向是倾斜的（沿接触点的法线方向，即指向杆的曲率中心）。这个倾斜的弹力可以分解为一个竖直向上的分力和一个水平方向的分力。要使人在水平方向上保持静止（平衡），必须有一个力来抵消这个水平分力。这个力只能是静摩擦力，故A错误；B.表演者处于静态平衡状态，因此他所受的所有外力的矢量和必须为零。竹竿对人的作用力是多个力的合力（即支持力N和摩擦力f的矢量合成），这个合力必须与人的重力G等大反向，即竖直向上，才能满足平衡条件，故B正确；C表演者对竹竿的弹力是由人的形变产生的，故C错误；D.表演者对竹竿的力和竹竿对表演者的力为作用力和反作用力，二者一定大小相等，方向相反，故D错误。故选B。

【分析】这道题综合考查了受力分析、共点力平衡、牛顿第三定律和弹力产生的条件。

1、按顺序分析力：重力（一定有）→弹力（接触力）→摩擦力（有弹力且有相对运动趋势时才有）。2、物体处于静止或匀速直线运动状态。平衡条件：物体所受所有外力的矢量和（合力）为零。3、“表演者对竹竿的力”和“竹竿对表演者的力”正是一对作用力与反作用力，它们必然时刻大小相等、方向相反。5．【答案】A【解析】【解答】AB．利用平均速度解决匀变速直线运动问题，经过AB段中间时刻的速度等于该过程平均速度为v=v+7v2=4vC．根据速度与位移的关系式有v12−v2D．结合上述，前一半位移过程有x=v+v22t故选A。

【分析】这是一道典型的匀变速直线运动概念辨析与计算题，综合性较强。题目特点：通过一个简单的物理情景（已知初末速度和时间），同时考查了位移、中间时刻速度、中间位置速度、以及时间两等分后的位移关系等多个核心知识点。选项设置了经典易错点，尤其是中间时刻速度与中间位置速度的混淆，以及初速度不为零时位移比例关系的误用。解题关键：首先，根据已知条件求出加速度和位移。然后，严格套用公式进行计算和判断，避免凭感觉或记忆模糊的结论（如位移比1：3仅适用于初速为零的情况）。启示：学习匀变速直线运动时，不仅要记住公式，更要理解每个公式的适用条件和物理意义。对于“中间时刻速度”和“中间位置速度”这两个易混概念，要通过推导明确其大小关系。做选择题时，计算是最可靠的方法，尤其对于判断型的选项，精确的计算可以避免被干扰项迷惑。6．【答案】B【解析】【解答】由手机屏幕显示加速度传感器的图像可知，手机自由下落的时间约为0.4s，所以h=12故选B。

【分析】自由落体运动是指物体仅在重力的作用下由静止开始下落加速度为g的匀加速直线运动运动，结合自由落体规律求解。7．【答案】D【解析】【解答】x−t图像中图线的斜率表示物体的速度。A．在t1到t2时间段，位移-时间图像的切线斜率（即速度）不断变大，这表明物体向下运动的速度在增加，即存在一个向下的加速度，物体失重，故A错误；B．在t2到t3时间段，图像是一条倾斜的直线，这意味着斜率（速度）恒定，物体正在匀速下降。匀速运动意味着加速度为零，不超重也不失重，故B错误；CD．t2故选D。

【分析】这道题的核心是建立“x-t图像斜率”→“速度变化”→“加速度方向”→“合力方向”→“支持力与重力的关系”→“超重与失重”的完整逻辑链。判断超失重的唯一标准是加速度的竖直方向：加速度向上则超重，加速度向下则失重，加速度为零则正常。8．【答案】A【解析】【解答】笔尖相对桌面有两个运动：竖直方向：匀速直线运动（向下）。水平方向：由于白纸向左加速运动，笔尖相对桌面水平向右做匀加速直线运动（因为笔尖原本相对桌面水平方向静止，但白纸向左加速，笔尖相对白纸就会向右加速）。因此，笔尖相对白纸的运动是：水平方向：向右的匀加速直线运动。竖直方向：向下的匀速直线运动。轨迹形状：水平方向速度随时间均匀增加（），竖直方向速度恒定（​）。轨迹方程：消去时间，得，，所以，轨迹为向右弯曲的抛物线（因为水平位移随时间的平方增加，比竖直位移增长更快）。故A正确，BCD错误。故选A。

【分析】笔尖相对白纸的运动是两个分运动的合成：水平匀加速+竖直匀速。这类问题常采用相对运动或运动合成的观点分析。轨迹为抛物线，弯曲方向由加速度方向决定（这里向右加速，所以向右弯）。9．【答案】C【解析】【解答】小球受到重力mg，绳上的拉力T及外力F的作用而处于平衡状态，作出矢量三角形如图所示将F由图示位置逆时针缓慢转至竖直的过程中，在力的平行四边形中，可以看到F先变小后变大，绳子的拉力一直减小。且当F与T垂直时，F取得最小值，此时F=mgsin故选C。

【分析】1、矢量三角形构建：必须保证三力平衡，闭合三角形中重力大小方向不变，拉力方向不变，外力方向变化。2、动态变化理解：先减小后增大，不是单调变化。一直减小，不要误认为先增后减。最小值条件：与垂直时，最小（几何最短原理）。3、学习建议：掌握矢量三角形法处理三力动态平衡问题（尤其一个力方向不变、另一个力方向变化）。熟练运用几何关系分析力的极值（如垂直时最小）。注意区分各力的变化趋势（增大、减小或先减后增）。灵活运用矢量三角形，能高效解决此类动态平衡问题！10．【答案】C【解析】【解答】A．若μ2=0，物体A和B保持相对静止沿斜面加速下滑，对整体可知(mA+m摩擦力为0，但μ1不一定为0，B对A的作用力为FNC．若μ2≠0对A分析，有mAgsinθ−f=mD．若μ2≠0，取走A后，B的加速度为mAgsin故选C。

【分析】这道题的核心是连接体问题，涉及整体法与隔离法的应用，以及静摩擦力的临界分析。整体法：当A、B相对静止（具有相同的加速度a）时，将它们看作一个整体来求共同的加速度a。隔离法：为了求系统内部物体间的相互作用力（如A、B间的摩擦力f和弹力N），需要将物体隔离出来进行受力分析。A、B之间能保持相对静止一起下滑的前提是：它们之间的静摩擦力能够维持A相对于B静止。11．【答案】4；1【解析】【解答】根据位移随时间的变化的关系式为x=4t−2t2(m)

对比x=v0t+12at2

可知v0=4m/s，12a=−2m/s2

即a=-4m/s12．【答案】4；3【解析】【解答】由图乙可知，小球在斜面上运动时的加速度大小为a=ΔvΔt=20.5m/s2=4m/s2

根据速度—时间公式可知，最高点到最低点到时间为t=13．【答案】下蹲；−6【解析】【解答】人下蹲动作包含有失重和超重两个过程，先是加速下降失重，到达一个最大速度后再减速下降超重，即先失重再超重，所以点a~d所示过程，该同学完成了下蹲过程；由图可知该同学的重力为500N，则质量为50kg，根据牛顿第二定律有F−G=ma

解得a=−6m/s2

故答案为：下蹲；-6

14．【答案】3【解析】【解答】对小球受力分析如图所示由几何关系易得挡板对球体的支持力F与斜面对球体的支持力FN与竖直方向的夹角均为30°，根据正交分解法可得FN解得FN=F=3N

即挡板对球体支持力的大小为315．【答案】233【解析】【解答】对1、2两球的整体分析可得T对2分析可知Tb=Tc2+(mg)2=716．【答案】（1）BEF（2）A；C（3）0.50【解析】【解答】（1）探究加速度与力、质量的关系，需要槽码（B）提供拉力，需要天平（E）测小车质量，需要刻度尺（F）测纸带上点迹间的距离。故选BEF。（2）A．细线拉力要等于合力，细线方向沿小车运动方向即调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行，故A正确；BD．探究加速度与力、质量的关系，为保证细线拉力等于小车合力，需要平衡摩擦力，在平衡摩擦力的过程，需要去掉挂槽码的细线，带上纸带，调节木板倾斜程度，使小车做匀速直线运动，调节好后，小车上的砝码改变质量时，不需要重新调节长木板倾斜度，故BD错误；C．为保证打下尽可能多的点，小车应该靠近打点计时器释放，先接通电源后释放小车，故C正确。故选AC。（3）由于每两个计数点之间还有四个计时点，则计数点之间的时间间隔为T=5·由图可知x0=0.00cm，xa=x6−x（3）加速度的计算，考查目的：掌握用逐差法处理纸带数据求加速度的方法。

应用逐差法公式：为充分利用数据减小误差，采用公式a=（1）探究加速度与力、质量的关系，需要槽码（B）提供拉力，需要天平（E）测小车质量，需要刻度尺（F）测纸带上点迹间的距离。故选BEF。（2）A．细线拉力要等于合力，细线方向沿小车运动方向即调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行，故A正确；BD．探究加速度与力、质量的关系，为保证细线拉力等于小车合力，需要平衡摩擦力，在平衡摩擦力的过程，需要去掉挂槽码的细线，带上纸带，调节木板倾斜程度，使小车做匀速直线运动，调节好后，小车上的砝码改变质量时，不需要重新调节长木板倾斜度，故BD错误；C．为保证打下尽可能多的点，小车应该靠近打点计时器释放，先接通电源后释放小车，故C正确。故选AC。（3）由于每两个计数点之间还有四个计时点，则计数点之间的时间间隔为T=5·由图可知x0=0.00cm，xa=17．【答案】（1）C；D（2）14.60；（3）24（4）C【解析】【解答】（1）A．因为弹簧自身有重量，若直接竖直测量原长，重力会使弹簧伸长，导致原长测量值偏大。正确方法是：将弹簧悬挂后，不挂钩码时记录初始长度（此时弹簧已受自重影响，但后续形变量是从该起点计算，故A错误；B．刻度尺的零刻度无需与弹簧上端对齐，只要固定竖直，读数时以初始长度为基准，通过差值计算形变即可，故B错误；CD．应逐次增加钩码（避免超限），每次待弹簧静止后读数，记录长度和对应拉力，故CD正确；故选CD。（2）刻度尺的最小分度值为0.1cm，读数为14.60cm。描点拟合如图所示。

（3）根据图像斜率可知劲度系数为k=Δ（4）当两弹簧串联起来时，设所挂钩码的质量为m0，平衡时kΔ且k串(Δ故选C。

【分析】（1）探究弹簧弹力与形变量的关系实验中操作规范的有：逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重，每次都待钩码处于静止状态时读出弹簧的长度。

（3）根据图像斜率可求劲度系数。

（4）当两弹簧串联起来时k串（1）A．实验前，为了防止因弹簧本身的重力造成的误差，则必须先把弹簧竖直放置测量其原长，故A错误；B．刻度尺测量弹簧形变量，在安装刻度尺时，可以不让刻度尺零刻度线与弹簧上端对齐，故B错误；CD．逐一增挂钩码，待钩码处于静止状态时读出弹簧的长度，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重，故CD正确；故选CD。（2）[1]刻度尺的最小分度值为0.1cm，读数为14.60cm。[2]描点拟合如图所示。（3）根据图像斜率可知劲度系数为k=Δ（4）当两弹簧串联起来时，设所挂钩码的质量为m0，平衡时kΔ且k联立解得k故选C。18．【答案】（1）B；C（2）5【解析】【解答】（1）AC．为了保证小球的初速度相等，每次让小球从斜槽的同一位置由静止释放，斜槽轨道不一定需要光滑，故A错误，C正确；B．实验前应对实验装置反复调节，直到斜槽末端切线水平，目的是保证小球抛出时速度水平，故B正确；D．建立坐标系时，应以小球在斜槽末端时球心在白纸上的投影作为坐标原点，以斜槽末端口位置为坐标原点，会引起实验的误差，故D错误。故选BC。（2）在竖直方向上，根据匀变速直线运动规律有Δ小球平抛运动的初速度为v0=3L根据速度的合成可知vB=v02(1)在该实验中，可减小实验误差的措施有：调节斜槽轨道末端水平，小球每次须从斜槽上同一位置由静止释放。

（2）在竖直方向上，根据匀变速直线运动规律有Δy=gT2，水平方向小球平抛运动的初速度为v0=（1）AC．为了保证小球的初速度相等，每次让小球从斜槽的同一位置由静止释放，斜槽轨道不一定需要光滑，故A错误，C正确；B．实验前应对实验装置反复调节，直到斜槽末端切线水平，目的是保证小球抛出时速度水平，故B正确；D．建立坐标系时，应以小球在斜槽末端时球心在白纸上的投影作为坐标原点，以斜槽末端口位置为坐标原点，会引起实验的误差，故D错误。故选BC。（2）在竖直方向上，根据匀变速直线运动规律有Δ小球平抛运动的初速度为vB点的竖直分速度为v根据速度的合成可知v联立解得v19．【答案】（1）解：打开降落伞前做自由落体运动，由v解得v（2）解：自由落体过程h减速运动过程h匀速运动过程h距离地面高度H=（3）解：自由落体过程t减速运动过程t匀速运动过程t距离