浙江省杭州市联谊学校2024-2025学年高二下学期5月月考物理试题

年5月桐浦富兴教研联盟调研测试高二年级物理学科试题考生须知：本卷共8页，共小题，满分分，考试时间分钟。答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字。所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效。若无特殊说明，定量计算时重力加速度g均取。选择题部分一、选择题Ⅰ（本题共小题，每小题3分，共分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.下列物理量属于矢量的是（）A.电压B.电流C.电荷量D.电场强度【答案】D【解析】【详解】A．电压只有大小，无方向，是标量，故A错误；B．电流虽有方向，但运算遵循代数法则而非矢量运算法则，属于标量，故B错误；C．电荷量仅有大小，无方向，是标量，故C错误；D．电场强度既有大小又有方向，且满足矢量叠加原理，是矢量，故D正确。故选D。2.（）A.裁判给运动员跳水动作打分时，可将运动员视为质点B.研究蛙泳运动员触壁动作时，可将运动员视为质点C.根据运动员仰泳成绩，可估算运动员的平均速度D.运动员参加自由泳比赛，指的是位移第1页/共20页【答案】C【解析】【详解】A．裁判给运动员跳水动作打分时，运动员的大小形状不能忽略不计，不可将运动员视为质点，A错误；B．研究蛙泳运动员触壁动作时，运动员的大小形状不能忽略不计，不可将运动员视为质点，B错误；C．根据运动员仰泳成绩，由位移与时间的比值可估算运动员的平均速度，C正确；D．泳池赛道长，则运动员参加自由泳比赛，指的是路程，而位移为零，D错误。故选C。3.如图所示是国人甚为喜爱的象棋，下列说法正确的是（）A棋子静置于棋盘上时，棋子没有发生形变B.棋手拿起棋子时，棋子受到的摩擦力方向向下C.棋手拿起棋子时，手对棋子的力大于棋子对手的力D.图中任意两枚棋子之间的万有引力均远小于棋子的重力【答案】D【解析】【详解】A．当棋子静置于棋盘上时，棋子与棋盘相互挤压，则棋子和棋盘都会发生形变，故A错误；B．棋手拿起棋子时，棋子有向下滑落的趋势，则手对棋子的摩擦力方向向上，故B错误；C力和棋子对手的力等大反向，作用在同一条直线上，故C错误；D，因棋子质量较小且棋子之间的距离相对较大，所以图中任意两枚棋子之间的万有引力均远小于棋子的重力，故D正确。故选D。4.如图所示，某同学利用相同的绝缘弧形细条拼接成特殊的正六边形，轴线、均是六边形对称轴，且、、、四点与六边形中心点的距离相等，）第2页/共20页A.等于B.点电势小于点电势C.点电场强度大于点电场强度D.将正试探电荷从点移动到点，电荷电势能增加【答案】A【解析】AB．根据电场的对称性可知，为0V的等势线，即、两点关于对称，点和点的电势互为相反数，则，，故A正确，B错误；C．由电场的对称性可知，、两点关于对称，则点电场强度等于点电场强度，故C错误；D．将正试探电荷从点移动到点，因，则电场力做正功，电荷的电势能减少，故D错误。故选A。5.如图所示，凤仙花的果实成熟后会突然裂开，将种子以弹射的方式散播出去。若种子运动过程中不与其他物体发生碰撞，不考虑空气阻力，则种子（）A.经过最高点时速度一定为0B.运动时间仅由弹射点高度决定C.运动过程中加速度不断增大D.从同一位置以相同速率沿不同方向弹出，落地时速率相等【答案】D第3页/共20页【详解】A．种子做斜上抛运动，在最高点速度方向水平，为初速度在水平方向的分量，不是零，故A错误；B．设初速度方向与水平方向夹角为θ，则竖直方向有可知，运动时间由弹射点高度、弹射的初速度和夹角有关，故B错误；C．运动过程中加速度为重力加速度，保持不变，故C错误；D．根据机械能守恒定律可得由于种子下落高度相同，初速度大小相等，所以落地时速度大小相等，故D正确。故选D。6.下列说法正确的是（）A.图甲：光敏电阻在强光照射下，其电阻变大B图乙：两个薄片越厚，干涉条纹间距越大C.图丙：经过调幅的电磁波波长不变D.图丁：沿无人机前进方向射出激光，激光速度大于光速c【答案】C【解析】【详解】A．光敏电阻在强光照射下，电阻变小，故A错误；B2光波的路程差等于发生稳定干涉的光波半波长的偶数倍或奇数倍，因此可知满足半波长偶数倍或奇数倍的数量增大，明暗条纹变密，则条纹间距变小，故B错误；C．经过调幅的电磁波频率不变，波长不变，故C正确；D．沿无人机前进方向射出激光，激光速度等于光速c，故D错误。故选C。7.如图所示，哈雷彗星绕太阳运动的轨道是一个非常扁的椭圆，彗星在近日点和远日点与太阳中心的距离分别为r1和r，则彗星在近日点和远日点（）第4页/共20页A.机械能之比为B.加速度之比为C.速度之比为D.受到的太阳引力之比为【答案】B【解析】【详解】A．由于哈雷彗星运动过程中只有引力做功，则机械能守恒，即机械能之比为1:1，故A错误；B．根据牛顿第二定律可得所以则彗星在近日点和远日点的加速度之比为，故B正确；C．根据开普勒第二定律可得，彗星在近日点和远日点的速度之比为，故C错误；D．哈雷彗星所受太阳的引力大小为所以彗星在近日点和远日点受到的太阳引力之比为，故D错误。故选B。8.小张利用手机app测量杭州某地的地磁场，测得x、y、z三个相互垂直的方向上的磁感应强度大小如图所示（已知x、y与手机屏幕平行，z）第5页/共20页A.y方向可能是南北方向B.该地的地磁场的磁感应强度大小约为7μTC.当手机接电话时，会因为电磁波的接收而改变地磁场的强弱D.若调整手机屏幕的朝向，app显示的z方向磁感应强度可能为0【答案】D【解析】A量结果可知，x轴磁场分量为正值，说明x轴正方向指向北方，则y方向为东西方向，故A错误；B．该地的地磁场的磁感应强度大小约为，故B错误；C．当手机接电话时，不会因为电磁波的接收而改变地磁场的强弱，故C错误；D．若调整手机屏幕的朝向，app显示的z方向磁感应强度可能为0，故D正确。故选D。9.地球的转动动能为T为地球自转周期，C是常量，。据当前的天文测100100万年约为16s汐的摩擦作用所引起，则潮汐摩擦的功率约为（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】初始动能为变化后动能为当时，可得代入数据，解得所以，故选A。10.如图所示为某电动机装置：飞轮由三根半径均为，电阻均为的轻质辐条和不计电阻的金属圆环第6页/共20页组成，圆环内部存在方向垂直环面、磁感应强度可调的匀强磁场。不可伸长的细绳绕在圆环上，一端系有质量为的物块）A.辐条所受安培力做的总功转化为回路中的焦耳热B.辐条所受安培力之和等于物块的重力C.物块最大上升速度为D.物块上升速度最大时，磁感应强度为【答案】C【解析】A化为物块的机械能，故A错误；B的动力，与物块的重力没有直接关系，故B错误；C．三根辐条的电阻并联，有根据能量守恒定律可知，电源的输出功率等于物块的重力做功功率与回路的热功率之和，即当物块上升速度最大时，电动机的输出功率最大，则电动机的电压和电源的内电压相等，电流为电动机的输出功率等于克服重力的功率，有联立解得，故C正确；D．当物块上升速度最大时，电流为，有第7页/共20页可得，故D错误。故选C。二、选择题（本题共3小题，每小题4分，共分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）如图所示，矩形导线框处于水平匀强磁场中，、边分别连在金属滑环上，并通过电刷与理想变压器原线圈的两端相连，副线圈接有一滑动变阻器，图示时刻线框平面与磁场方向平行。已知变压器原、副线圈的匝数比为，线框绕垂直于磁场的水平轴以角速度匀速转动，理想电流表示数为。则（）A.通过滑动变阻器的电流为B.图示时刻线框产生的电动势最大C.线框从图示时刻开始转动圈，流经电流表的电量为D.若减小滑动变阻器阻值，电流表示数减小【答案】AB【解析】A，故A正确；B势最大，故B正确；C．线框从图示时刻开始转动圈，流经电流表的电量为，理想电流表示数为有效值，不能用有效值求出电荷量，故C错误；D．将滑动变阻器的阻值等效在原线圈上为，若减小滑动变阻器阻值，则等效电阻变小，由闭合电路的欧姆定律，可知原线圈的电流变大，则电流表示数变大，故D错误。第8页/共20页12.已知、是同种均匀介质中相距的两波源，、是、连线上的两个质点，质点位于连开始振动为计时零点，时波源振动产生的两列横波恰好在点相遇，、的振动图像分别如图中实线和虚线所示。下列说法正确的是（）A.波源的起振方向向上B.两列波叠加区域不能形成稳定干涉图样C.两波相遇后，质点是振动减弱点D.两波相遇后时间内，质点通过的路程为【答案】AD【解析】【详解】A．根据图像中的实线可知，在0时刻，波源A从平衡位置开始向上振动，故A正确；B．根据图像可知，波源A、B具有相同的频率，两波叠加区域可以形成稳定的干涉图样，故B错误；C．根据题意可知，A波与B波传播到D点所花的时间分别为和10s。设波的传播速度为，即有可解得波速两列波的波长为两列波的起振方向相同且在DDCD间距离为0.5mC点既不是振动加强点也不是振动减弱点，故C错误；D．D点为振动加强点，振幅为，相遇后经过5s时间，即为所以D点的路程为，故D正确。故选AD。13.的木块和质量为的木板一起以速度沿光滑水平地面向左匀速运动。以板、块发生相对运动时刻为计时0点，时刻木板速度为0。已第9页/共20页知板、块间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，弹簧始终处在弹性限度内，木板足够长。则（）A.板、块发生相对运动前，它们间的摩擦力不变B.板、块刚好相对运动时，木板的加速度为C.0到时间内，木板做简谐振动D.时刻木块的动量为【答案】B【解析】A牛顿第二定律可知，木板和木块整体的加速度逐渐增大，所以板、块间的摩擦力逐渐变大，故A错误；B．板、块刚好相对运动时，根据牛顿第二定律对木块有解得此时木块的加速度为当板、块刚好相对运动时，木板的加速度与木块的加速度正好相同，所以木板的加速度为，故B正确；C．0到时间内，木板受到水平向右的弹力水平向左的摩擦力根据牛顿第二定律对木板有所以0到时间内，木板不是做简谐振动，故C错误；D．0到时间内，对木块根据动量定理有解得时刻木块的动量其中为0时刻木块的速度，由于木板与弹簧开始接触后，木块与木板组成的系统动能减小，所以，所以时刻木块的动量小于，故D错误。故选B。非选择题部分三、非选择题（本题共5小题，共分）14.在“探究加速度与力和质量的关系”实验中，实验装置如图甲所示。第10页/共20页A.该实验需要使用天平B.槽码质量要远小于小车质量C.将电火花计时器接到输出电压为8V的交流电源上（2amam图像上描绘______个点；（3）经正确操作后获得一条如图乙所示的纸带，建立以计数点0为坐标原点的x轴，计数点0、1、2、3、4、5、6的位置坐标分别为0、x、x、x、x、x、x。已知打点计时器的打点周期为T，则打下计数点4时，小车的速度大小为v=______【答案】（1）AB（2）1（3）【解析】【小问1详解】A．本实验采用控制变量法探究加速度与力和质量的关系，需要用天平测量小车的质量，故A正确；B．根据牛顿第二定律可得，所以M远大于槽码质量mB正确；C．电火花打点计时器工作电压为220V交流电，故C错误。故选AB。【小问2详解】每得到一条纸带，只能确定该实验小车运动的加速度，当改变质量时，再次测量可确定小车的加速度，所第11页/共20页小问3详解】打下计数点4时，小车的速度大小为15.如图甲所示，在“用双缝干涉测量光的波长”实验中：（1）小李同学在目镜中观察到的条纹有些模糊，他应该______（选填“左右”或“上下”）调节拨杆；（2）通过调节手轮，记录游标卡尺示数如图乙所示，此时读数为______mm；（3）若在单缝与透镜之间加入一偏振片，与不加偏振片时相比，测得的单色光的波长会（）A.增大B.不变C.减小【答案】（1）左右（2）15.6（3）B【解析】【小问1详解】条纹模糊不清，可能是单缝与双缝不平行造成的，则要使条纹变得清晰，应左右调节拨杆使单缝与双缝平行。【小问2详解】游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之和，所以读数为【小问3详解】若在单缝与透镜之间加入一偏振片，可让特定振动方向的波通过，与不加偏振片时相比，测得的单色光的波长不变。故选B。16.（1）小李同学使用多用电表测量电阻。如图甲所示，欧姆调零时，红、黑表笔短接，调整图甲中的______（选填“AB”或“C0”刻度。图甲所示电阻值为______。第12页/共20页充当（选填“大于”或“小于”）真实值。【答案】（1）①.B②.##（2）①.电压表②.小于【解析】【小问1详解】[1]欧姆表的表盘上A为机械调零，B为欧姆调零，C为功能选择档位，则欧姆调零时，红、黑表笔短接调整图甲中的B；[2]测电阻的倍率挡选择的是，所测电阻为【小问2详解】[1]电表B和滑动变阻器串联，充当电流表；电表并联在定值电阻和滑动变阻器两端，充当的是电压表；[2]测电源的电动势和内阻采用的是伏安法，电流表针对电源是外接法，则所测电动势和内阻均小于真实值。17.如图所示，为半圆柱体玻璃的横截面，为直径，半径为，一束由紫光和红光组成的复色光沿方向从真空射入玻璃，两束光分别射到、点。求：（1）从传到的光是______第13页/共20页（2）若紫光对该玻璃的折射率为，入射角为60°，则紫光第一次照射到圆弧面时，是否发生全反射？答：______（3）已知入射角为，请你证明光从传到的时间与从传到的时间相等。【答案】（1）紫光（2）是（3）相等【解析】【小问1详解】由图可知，从传到的光偏折程度更大，则折射率更大，频率更大，所以是紫光。【小问2详解】光路图如图所示根据折射定律解得根据几何关系可得则紫光第一次照射到圆弧面时的入射角由可得即所以紫光第一次照射到圆弧面时，会发生全反射。【小问3详解】设折射角为，如图第14页/共20页光在玻璃中传播的速度得由折射定律有得所以光从传到的时间与从传到的时间相等。18.θ的光滑直轨道ABR2θ的光滑圆弧轨道BCDθ的足够长直轨道DEm=2kg的滑块AB上距轨道最低点C高度h=1mBCD滑上DEθ=37°R=1mDE间的动摩擦因数µ=0.25，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，其它阻力不计，g=10m/s2，求：（1）滑块第一次经过B点时的速率；（2）滑块在斜面DE上第一次往返运动的总时间；（3DE上某点F与点D距离为L=0.875mM第一次经过DF处无初速释放与滑块M完全相同的滑块N，两物块相遇时发生弹性碰撞，求碰撞后物块M第一次回到C点时对轨道的压力大小。【答案】（1）4m/s第15页/共20页（3）42N【解析】【小问1详解】物块M从开始运动到第一次经过B点，有解得【小问2详解】根据牛顿第二定律，物块在DE上运动时，向上运动的加速度大小为向下运动的加速度由于，有解得【小问3详解】经分析，M在上滑过程中与N发生碰撞，则解得所以，两物块发生弹性碰撞则有，碰后M沿斜面向下运动到C点，有，M回到C点时，有第16页/共20页联立解得由牛顿第三定律可得物块对轨道的压力大小为19.如图所示，两根足够长平行金属导轨、固定在水平面上，左侧端用导线连接，导轨间距，空间存在方向与水平面垂直、磁感应强度的匀强磁场。一质量、阻值处以的初速度做匀加速运动，当金属棒运动到位置撤去拉力金属棒始终与导轨垂直且接触良好，不计一切摩擦，其余电阻不计。求：（1）金属棒刚运动时热功率；（2）金属棒从运动到的时间；（3）拉力与作用时间的关系；（4）小明自定义平均力为力的冲量除以作用时间，并用此平均值乘以