安徽省江南十校2025-2026学年高一上学期12月联考物理（含答案）

江南十校高一物理参考答案

一、选择题：1-8题，每题4分。9-10题，每题5分，共42分。

12345678910

BBDADCCDACBC

二、实验题：第11-12题，每空2分，共计14分。

11.（6分）（1）CD(3)长木板倾角过大或平衡摩擦力过度都对

12.（8分）（1）B(2)1.50N(3)B(4)

1.【答案】B

A：比值定义法，不能认为v与Δx成正比，A错3误。

B：该公式运用极限思想，B正确。

C：牛顿第一定律不是从实验中得出的，而是借助于理想斜面实验推理而得，C

错误。

D：该实验否定了力是维持物体运动的原因，D项错误。

2.【答案】B

甲：由位移图象可知做匀速，v=一2m/s丙：a一t图象面积代表Δv大小。

22

丁：由x=v0tat变形可得at即v0=4m/s，a=一2m/s。

A、B项：4s时，v=0的物体是乙，丙。A错误B正确。

第2s末乙、丙速度相等，v=0。甲速度为一2m/s，C、D错误。

3.【答案】D

A：由平均速度等于中间时刻速度，利用两中间时刻速度可求a=2m/s2，A错误。

B：逆向思维，xat2=1m，B错误。

2

C：由第1s中间时刻速度为10m/s，结合a=2m/s，可求初速度为11m/s。由x=v0t+

at2可得10m，C错误。

22

D：结合C项初速度为11m/s，利用v一v0=2ax,可求总位移为30.25m，D正确。

4.【答案】A

由匀变速直线运动规律可知：从A点下降时,两段L时间之比为1:(√2一1)，由

B点处下降时，三段L时间之比为1:(√2一1)：(√3一√2)，每次第一段L时间

相同，综上可知A正确。

5.【答案】D

A项：由v一t图象斜率大小代表加速度大小，可得加速度之比为1:2，A错误。

B项：1s后甲的速度变为18m/s，乙的速度变为26m/s，1s内甲、乙运动位移

大小等于面积大小，x甲=19m，x乙=28m，x乙一x甲=9m，即乙相对甲靠近9m，

所以还相距15m。B错误。

CD项：由图中5s内：乙比甲多运动的位移为上面三角形面积，为25m，可知

22

两车已相撞，利用x乙—x甲=24m，v乙t+a乙t—v甲t+a甲t)=24m即可

得t=4s，D项正确。

6.【答案】C

对全部绳子进行受力分析如下：对绳子中点分析:

TA·cos30°=mg得TA=mg

TA·sin30°=TB得TB=mgA、B错误

绳子中点将绳子一分为二，质量相等。

对左半部分绳子分析：tan得tanβ=C正确。

7.【答案】C

A、B项：重力大小、方向均不变，支持力方向不变，符合动态三角形法，绳子

与竖直方向的夹角逐渐减小。作图如下,可知拉力逐渐增大。A错误，B错误。

C、D项：重力大小、方向均不变，支持力方向不变，符合动态三角形法，绳子

与竖直方向的夹角逐渐增大到53o。作图方法与上述类似,可知拉力逐渐减小到最

小。C正确，D错误。

8.【答案】D

由题意可知：当仅有A物体时，由其静止可得fA=3N，轻放B物体后，A、B之

间无相互作用，A、B仅依靠自身与斜面间摩擦力均可静止，fA=3N。

A项：当F=1N时，对B分析：斜面对B仅需提供沿斜面向上的2N静摩擦力。两

力之和与B物体自身重力沿斜面向下分力3N相等，实现B平衡，不需A对B施

加弹力，所以fB=2N，fA仍为3N。A错误。

B项：当F=3N时，B刚好不需要斜面提供摩擦力，也不需要A提供弹力就能静止，

所以fB=0N，fA仍为3N，B错误。

C项：当F=4.6N时，B受到斜面提供的沿斜面向下的摩擦力，为1.6N，未达到

最大静摩擦力，所以仍不需要A施加弹力。C错误。

D项：当F=6N时，B受到斜面提供的沿斜面向下的摩擦力，为3N，刚好达到最

大静摩擦力，同时刚好不需要A施加弹力。D正确。

9.【答案】AC

A：t1时刻运动到最高点，A正确。

B：t2时刻回到出发点，B错误。

C：阴影部分面积为跳台到水中速度为0处之间的距离，跳台高于水面，C正确。

D：t3时刻运动到水下最低点，D错误。

10.【答案】BC

对整体分析：地面对两木块支持力FN均为

若要实现球保持静止，两木块之间最大距离对应木块即将滑动，地面对木块摩擦

力达到最大。

受力分析如下：木块对球的支持力与竖直方向夹角为θ。

对球：2FN′cosθ=2mg

对木块：F压sinθ=μ.FN①=μ.2mg

②

其中：F压FN′

=

即得θ=45o，则两木块间距离为2×Rsin45oR。正确。

球离地距离为Rcos45oR—RR。正确。B

（分）（）（分）C（）（分）

（）（分）长木板倾角过大或平衡摩擦力过度都对

11.612CD22

：纸带本身可以准确反映时间。：合力为传感器示数倍。

3：2采用控制变量法，由于动滑轮与小车相对静止，应视为整体，所以应保

持两者(1之)A和质量不变。B2

D2

(d4—d2)—d2=a.2×5T得a=。

(2)由纵截距可知：当无拉力时，小车已具有加速度，即小车已能自行加速

下滑。所以原因为：长木板倾角过大或平衡摩擦力过度都对。

(3)

12.（8分）（1）（2分）B(2)（2分）1.50N(3)（2分）B(4)（2分）

：两绳不必等长。：拉力不平行木板则画出的力代表其分力。

：采用两点确定一条直线的方法。：需要统一标度方可探究关系。3

(1)最A小分刻度为0.1N，要B估读：1.50N。合力与分力是等效替代的关系。

CD

需要得到两个分力和一个合力共个数值，所以需要次。

(2)(3)

(4)33

.分（1）5m/s2（10分）（2）4s（4分）

题中自由下落，总高度为。

13(14)h1=20mH=60m

2

自由下落阶段：h1=gt，得t=2s……………3′

，得

v(1=)gtv=20m/s…………………………3′

222

匀减速阶段：0—v=2a(H—h1)，得a=—5m/s，大小为5m/s……………4′

匀减速阶段：0=v+at1得t1=4s…………………4′

(2)

.分（1）0.1m（3分）（2）0.3m（4分）（2）15N（7分）

初态：对：得压缩量

14(14)Bkx1=mBgx1=0.1m…………3′

末态：对：得伸长量

(1)Akx2=mAgx2=0.2m…………3′

对B：上升量为x1+x2=0.3m…………1′

(2)

(3)：对c：初态：FN=Gc=50N…………2′

o

初态：滑轮左侧绳长记为l1l1sin53=h=0.4m得l1=0.5m…………1′

末态：滑轮左侧绳长记为l2,l2=l1+x1+x2=0.8m，令此时绳与水平夹角为θ

o

l2sinθ=h得θ=30…………………………1′

o

对：FN+Tsin30=Gc其中T=GA+GB

得

CFN=35N……………2′

综上：支持力变化量数值为50N—35N=15N……………………1′

.分（1）2:3:6（4分）（2）mg（5分）（2）1.125r（7分）

15令(1横6截面)积均为S

环：环：环：

(1)m1=P.2πr0.Sm1=P.2π.1.5r0.Sm3=P.2π.3r0.S

则质量之比