高考化学一轮复习讲练测第9章第九章 有机化学基础（测试）（解析版）

第九章有机化学基础测试卷时间：75分钟分值：100分可能用到的相对原子质量：H1C12O16一、选择题(每小题只有一个正确选项，共15×3分)1．（2024·安徽·模拟预测）我国科学研究团队研发的新型材料可以高效分离有机物，如利用新型材料IUPs的吸附作用分离乙烯和乙炔，利用新型材料ZU-609的孔径大小分离丙烷和丙烯。下列叙述错误的是A．新型材料IUPs对乙烯和乙炔的吸附作用具有选择性B．新型材料ZU-609分离丙烷和丙烯，利用了二者物理性质的差异C．利用新型材料ZU-609可以分离乙烯和乙炔D．改变新型材料的组成和结构，可用于其他有机物的分离【答案】C【解析】A．“利用新型材料IUPs的吸附作用分离乙烯和乙炔”，说明新型材料IUPs对乙烯和乙炔的吸附作用不相同，具有选择性，A正确；B．“利用新型材料ZU-609的孔径大小分离丙烷和丙烯”，说明分离丙烷和丙烯利用的是分子大小不同，属于物理性质差异，B正确；C．新型材料ZU-609的孔径大小可以用于分离丙烷和丙烯，可能不适合用来分离乙烯和乙炔，C错误；D．改变新型材料的组成和结构可以改变新型材料的性质，可用于其他有机物的分离，D正确；答案选C。2．（2025·浙江·模拟预测）下列说法正确的是A．直馏石油和裂化石油都可以用来萃取溴水B．与环氧丙烷在稀土催化剂下可生产可降解高分子C．聚乳酸和聚丙烯酸甲酯均可通过加聚反应制得D．胸腺嘧啶核糖核苷酸是基本组成单位之一【答案】B【解析】A．裂化汽油中含有烯烃，烯烃能与溴水发生加成反应，所以不能用来萃取溴水，A错误；B．在稀土催化剂作用下，CO2和环氧丙烷可生产可降解高分子，B正确；C．聚丙烯酸甲酯可通过加聚反应制得，聚乳酸是通过缩聚反应制得，C错误；D．胸腺嘧啶是DNA特有的，胸腺嘧啶脱氧核糖核苷酸是DNA基本组成单位之一，D错误；答案选B。3．（2024·黑龙江佳木斯·一模）下列反应方程式书写正确的是A．甲苯使酸性KMnO4溶液褪色：5+4KMnO4+6H2SO4→5+2K2SO4+4MnSO4+11H2OB．邻羟基苯甲醛中加入足量浓溴水：C．甲醛与足量银氨溶液反应：HCHO+2Ag(NH3)2OH2Ag↓+3NH3+HCOONH4+H2OD．与少量NaOH溶液反应的离子方程式：【答案】D【解析】A．原子个数不守恒，甲苯被酸性高锰酸钾溶液氧化生成苯甲酸，同时生成硫酸钾、硫酸锰和水，化学方程式为：5+6KMnO4+9H2SO4→5+3K2SO4+6MnSO4+14H2O，A项错误；B．醛基能被溴水氧化为羧基，反应方程式错误，B项错误；C．醛中加入足量银氨溶液并加热生成碳酸铵、氨气、银和水，离子反应方程式为：HCHO+4[Ag(NH3)2]++4OH-+2+4Ag↓+6NH3+2H2O，C项错误；D．羧酸的酸性比酚羟基的强，则与少量氢氧化钠溶液反应时羧基先发生中和反应，反应的离子方程式：，D项正确；答案选D。4．（2025·山西大同·模拟预测）布洛芬、对乙酰氨基酚为家中常备镇痛解热药物，下列说法正确的是A．可以通过红外光谱来区分布洛芬和对乙酰氨基酚B．对乙酰氨基酚分子的核磁共振氢谱图中最大质荷比为151C．布洛芬和苯乙酸乙酯()互为同系物D．布洛芬分子中所有碳原子可能共面【答案】A【解析】A．已知红外光谱图中能够确定官能团的种类或化学键，由题干信息可知，布洛芬中含有羧基，而对乙酰氨基酚中含有酚羟基和酰胺基，故可以通过红外光谱来区分布洛芬和对乙酰氨基酚，A正确；B．由题干信息可知，对乙酰氨基酚分子的相对分子质量为151，对乙酰氨基酚分子的质谱图中最大质荷比为151，而核磁共振氢谱图中反映不同环境氢原子的种类和数量，B错误；C．由题干布洛芬的结构简式可知，布洛芬和苯乙酸乙酯()的官能团种类和数目不同，即结构不相似，故不互为同系物，C错误；D．由题干布洛芬的结构简式可知，布洛芬分子中含有同时连有3个碳原子的sp3杂化的碳原子，故布洛芬分子中不可能所有碳原子共面，D错误；故答案为：A。5．（2025·山西大同·模拟预测）叶绿素是高等植物和其它所有能进行光合作用的生物体含有的一类绿色色素，其结构共同特点是结构中包括四个吡咯构成的卟啉环，四个吡咯与金属镁元素结合，其中R为烷基。下列说法错误的是A．该分子中C原子有2种杂化方式B．叶绿素中含氧官能团分别为酯基和醛基C．Mg元素的化合价为价D．可用色谱法分离植物中的叶绿素【答案】B【解析】A．该分子烷基中碳原子为sp3杂化，双键(C=N，C=C，C=O)中C原子为sp2杂化，共有2种杂化方式，A正确；B．叶绿素中含氧官能团分别为酯基和羰基，B错误；C．叶绿素中Mg元素的化合价为价，C正确；D．色谱法分离原理是根据混合物的各组分在互不相溶的两相（称为固定相和流动相）作用的差异作为分离依据的，可用色谱法分离植物中的叶绿素，D正确；故选B。6．（2024·四川成都·模拟预测）下列实验能达到预期目的的是目的操作A检验溴乙烷中的溴原子加入过量NaOH水溶液混合加热后，滴加AgNO3溶液B除去蛋白质溶液中的NaCl加入过量AgNO3溶液，过滤C鉴别植物油和矿物油分别加入含有酚酞的NaOH溶液，加热D甘油中混有乙酸加入NaOH溶液分液【答案】C【分析】本题考查化学实验方案的评价，涉及物质的性质，有机物的结构与性质、离子的检验等，把握物质的性质及反应原理为解答该题的关键。【解析】A．溴乙烷与过量NaOH水溶液混合加热后，发生水解反应，生成溴离子，检验溴离子应先加HNO3溶液酸化，在加AgNO3溶液，生成浅黄色沉淀可证明溴乙烷中含有溴原子，A错误；B．AgNO3溶液能使蛋白质溶液变性，除去蛋白质溶液中的NaCl，不能采用加入过量AgNO3溶液，应利用渗析，B错误；C．植物油的主要成分为酯类，加入含有酚酞的NaOH溶液，加热，会发生水解，生成高级脂肪酸盐和甘油，使溶液颜色变浅；矿物油的主要成分为烃类，加入含有酚酞的NaOH溶液，会发生分层现象，C正确；D．甘油与水互溶，向混有乙酸的甘油中加入NaOH溶液，不会出现分层现象，D错误；故答案选C。7．（2024·四川成都·模拟预测）根据实验目对现代仪器分析方法的选择和使用不当的是AB目的确定汽车防冻液中含有羟基测定茶水中咖啡因的相对分子质量仪器红外光谱质谱CD目的获得青蒿素的分子结构鉴别菠菜中的铁元素是Fe2+还是Fe3+仪器X射线衍射核磁共振氢谱【答案】D【解析】A．不同的化学键或官能团吸收频率不同，在红外光谱图上处于不同的位置，根据红外光谱图可获得分子中含有的化学键或官能团的信息，可用红外光谱确定汽车防冻液中含有羟基，故A正确；B．质谱仪常用于测定有机物相对分子质量，可用质谱测定茶水中咖啡因的相对分子质量，故B正确；C．通过X射线衍射可获得有机物分子结构的有关数据，如键长、键角等，键角是描述分子立体结构的重要参数，能获得青蒿素的分子结构，故C正确；D．核磁共振氢谱可以推知有机物分子有几种不同类型的氢原子及它们的数目，不能鉴别菠菜中的铁元素是Fe2+还是Fe3+，故D错误；故选D。8．（2025·四川成都·模拟预测）有机合成可以使用简单易得的原料，通过化学反应增长或者缩短碳骨架。下列合成是通过氧化反应实现的是A．乙酸→乙酸乙酯 B．乙炔→聚乙炔 C．乙醛→2-羟基丙腈 D．乙苯→苯甲酸【答案】D【解析】A．浓硫酸催化条件下，乙醇和乙酸加热生成乙酸乙酯，为取代反应，A错误；B．乙炔加聚生成聚乙炔，为加聚反应，B错误；C．乙醛转化为2-羟基丙腈，为乙醛与HCN的加成反应，C错误；D．乙苯中乙基氧化为羧基得到苯甲酸，为氧化反应，D正确；故选D。9．（2024·黑龙江佳木斯·一模）苯甲酸乙酯(无色液体，难溶于水，沸点213℃)天然存在于桃、菠萝、红茶中，稍有水果气味，常用于配制香精和人造精油，也可用作食品添加剂。在环己烷中通过反应制备，实验室中的反应装置如图所示：已知：环己烷沸点为80.8℃，可与乙醇和水形成共沸物，其混合物沸点为62.1℃。下列说法错误的是A．实验时应依次向圆底烧瓶中加入碎瓷片、浓硫酸、苯甲酸、无水乙醇、环己烷B．实验时最好采用水浴加热，且冷却水应从b口流出C．当分水器内下层液体高度不再发生变化时，实验结束，即可停止加热D．依次通过碱洗分液，水洗分液的方法将粗产品从圆底烧瓶的反应液中分离出来【答案】A【分析】根据已知信息“环己烷沸点为80.8℃，可与乙醇和水形成共沸物，其混合物沸点为62.1℃”所以环己烷在较低温度下带出生成的水，促进酯化反应向右进行，则该反应需控制温度进行加热回流，合成反应中，分水器中会出现分层现象，上层是油状物，下层是水，当油层液面高于支管口时，油层会沿着支管口流回烧瓶，以达到反应物冷凝回流；【解析】A．实验时应依次向圆底烧瓶中加碎瓷片、苯甲酸、无水乙醇、环己烷，搅拌后再加入浓硫酸，A错误；B．由分析可知，最好采用水浴加热的方式，冷凝管的冷凝水应该下进上出，即从a口流入，b口流出，B正确；C．据分析可知，当分水器内下层液体高度不再发生变化时，反应体系不再生成水，实验结束，即可停止加热，C正确；D．依次通过碱洗圆底烧瓶的反应液、分液除去残留酸，所得有机层再水洗分液除去残留的碱液，可得到粗产品，D正确；答案选A。10．（2024·广西柳州·模拟预测）某种药物结构式如图所示，下列说法错误的是A．不含有手性碳原子B．分子中所有碳原子可共平面C．1mol该物质最多消耗4mol氢气D．该物质能发生加成、氧化、水解和消去反应【答案】D【解析】A．手性碳原子即碳原子组成4个单键，且四个基团不同，所以不含有手性碳原子，故A正确；B．分子含有苯环，碳碳双键取代苯环上氢原子，所以所有碳原子可共平面，故B正确；C．1mol该物质苯环可以消耗3mol氢气，碳碳双键消耗1mol氢气，最多消耗4mol氢气，故C正确；D．该物质不能发生消去反应，酚羟基不可以消去，故D错误；答案选D。11．（2024·黑龙江佳木斯·一模）下列物质用途和性质均正确且匹配的是选项用途性质①氧炔焰切割金属乙炔在氧气中燃烧温度高达3000℃②没食子酸()和铁盐可以制造墨水没食子酸与三价铁离子发生络合反应，生成有色物质③掺杂的聚乙炔材料用于制造电子器件该材料具有良好的导电性④福尔马林用于浸制标本福尔马林具有氧化性⑤木糖醇、阿斯巴甜、糖精钠等均可作为甜味剂它们都有甜味，属于糖类⑥甘油添加在化妆品中起到护肤、润肤的作用丙三醇分子中的多羟基结构使其具有吸水性A．①③④⑤ B．②③④⑤ C．①③④⑥ D．①②③⑥【答案】D【解析】由于乙炔在氧气中燃烧温度高达3000℃，所以可以用氧炔焰切割金属，故①正确；没食子酸能与三价铁离子发生络合反应，生成有色物质，所以没食子酸和铁盐可以制造墨水，故②正确；掺杂I2的聚乙炔具有良好的导电性，所以用于制造电子器件，故③正确；福尔马林能使蛋白质变性，可用于浸制生物标本，故④错误；木糖醇、阿斯巴甜、糖精钠有甜味，可用作甜味剂，但不属于糖类，故⑤错误；丙三醇分子中的多羟基结构使其具有吸水性，所以甘油添加在化妆品中起到护肤、润肤的作用，故⑥正确；故选D。12．（2025·四川成都·模拟预测）乙酰丙酮()能与乙醛发生缩合反应。下列从结构角度的预测或解释有错误的是A．乙酰丙酮能与乙醇形成分子间氢键，易溶于乙醇B．上述反应中①处键断裂C．与①处相比，②处键极性更大D．碳氧双键的活性：【答案】C【解析】A．乙酰丙酮中氧能与乙醇分子的羟基氢形成分子间氢键，易溶于乙醇，故A正确；B．酮羰基吸电子能力强，使碳氢键的极性增强，上述反应中①处键断裂，故B正确；C．与①处相比，②处只受一个酮羰基影响，②处键极性更弱，故C错误；D．甲基是推电子基团，b受甲基影响，碳氧双键的活性：，故D正确；故选C。13．（2024·黑龙江佳木斯·一模）在K-10蒙脱土催化下，微波辐射可促进化合物X的重排反应，如下图所示：下列说法错误的是A．Y的熔点比Z的低 B．X、Y、Z最多共面原子数相同C．X、Y、Z均能发生水解、还原反应 D．X、Y、Z互为同分异构体【答案】C【解析】A．Z易形成分子间氢键、Y易形成分子内氢键，Y的熔点比Z的低，故A正确；B．苯环是平面结构，酯基或酮羰基也是平面结构，所以X、Y、Z最多共面原子数相同，均为22个，故B正确；C．X、Y、Z都能和氢气加成，均能发生还原反应，X含有酯基，可以发生水解反应，Y、Z均不含酯基，不能发生水解反应，故C错误；D．X、Y、Z分子式都是C12H10O2，结构不同，互为同分异构体，故D正确；故选C。14．（2024·四川成都·模拟预测）黄芩素是一种抑制新冠病毒活性较强的药物，其结构如图所示，下列说法正确的是A．黄芩素的核磁共振氢谱显示有七组峰B．1mol黄芩素最多能够消耗7mol的H2加成C．黄芩素分子式为C15H12O5D．黄岑素与足量氢气加成后，连有氧原子的碳原子中有7个手性碳原子【答案】D【解析】A．由结构简式可知，黄芩素分子中含有8种环境的氢原子，核磁共振氢谱显示有八组峰，故A错误；B．由结构简式可知，黄芩素分子中含有的苯环、羰基和碳碳双键一定条件下能与氢气发生加成反应，则1mol黄芩素最多能够消耗8mol氢气，故B错误；C．由结构简式可知，黄芩素分子的分子式为C15H10O5，故C错误；D．由结构简式可知，黄芩素分子与足量氢气发生加成反应所得产物的结构简式为，手性碳原子是指与四个各不相同原子或基团相连的碳原子，含有7个手性碳原子，位置为，故D正确；故选D。15．（2024·黑龙江大庆·模拟预测）最近，Schmidt及其同事开发了一种由Pd配合物催化的简单、高效合成螺环己二烯酮的方法，具体反应如右图(部分反应条件和产物省略)。下列说法错误是A．X与对甲基苯酚互为同分异构体B．Z中σ键与π键的个数比为16：5C．Y与HBr加成最多得3种卤代烃(不考虑立体异构)D．1molZ与足量氢气加成，最多消耗5mol氢气【答案】B【解析】A．X与对甲基苯酚的分子式均为C7H8O，对甲基苯酚的结构简式为，即两者结构不同，所以互为同分异构体，故A正确；B．Z为，单键均为σ键，双键中有一个为σ键，一个为π键，C-H均为单键有16个C-H单键，C-C单键有15个，碳氧双键中有1个σ键，共有32个σ键，可知σ键与π键的个数比为32：5，故B错误；C．Y与HBr加成能得到①1:1加成，②1:2加成、，共3种卤代烃(不考虑立体异构)，故C正确；D．1molZ中4mol碳碳双键均能与氢气1:1加成，另外1mol酮羰基也能消耗1molH2，所以1molZ与足量氢气加成，最多消耗5mol氢气，故D正确；故答案为：B。二、非选择题(共4小题，共55分)16．（2024·河南·三模）（14分）有机物G是一种选择性作用于α受体的激动剂，其一种合成路线如图所示：请回答下列问题：（1）中的结构如图所示，其中存在的两个大π键可用符号表示，1个中键合电子(形成化学键的电子)总数为。（2）按系统命名法，A的化学名称为。（3）C的结构简式为。（4）C转化为E的过程中，发生反应的类型依次是、。（5）G发生水解反应的产物之一能发生自身的缩聚反应，写出该缩聚反应的化学方程式：(不要求书写反应条件)。（6）M在分子组成上比C多两个“”原子团，M同时具有如下结构与性质：ⅰ.含有苯环且苯环上有四个取代基，其中有三个是ⅱ.含有且属于两性化合物M的可能结构有种(不考虑立体异构)。（7）已知：。根据上述合成路线和相关信息，设计以和流程中相关试剂为原料制备的合成路线：(其他试剂任选)。【答案】（1）12（2分）（2）2，5-二氯苯甲醛（1分）（3）（2分）（4）还原反应（1分）取代反应（1分）（5）（2分）（6）24（2分）（7）（3分）【分析】根据合成路线推测，发生取代反应，发生加成反应，C的结构简式为，C与氢气发生还原反应生成D，D的结构简式为，D与ClCOCH2Cl发生取代反应生成E，E与NaN3发生取代反应生成F，F在一定条件下与HCl反应生成G。【解析】（1）根据所给结构信息，存在两个大π键，则有8个电子形成大π键，4个电子形成键，故1个中形成化学键的电子总数为12；（2）根据系统命名法，苯环上与醛基相连的C为1号C，A的化学名称为2,5-二氯苯甲醛；（3）发生加成反应，根据C的分子式得出C的结构简式为；（4）反应式为，硝基被还原为氨基，反应类型为还原反应；反应式为，反应类型为取代反应；（5）自身发生缩聚反应的原理是分子中的一个羧基与另一个分子中的氨基反应脱去一分子水，形成肽键的过程，化学方程式为；（6）M在分子组成上比C多两个“CH2”原子团，根据已知信息，苯环上第4个取代基有4种，每种取代基有6个同分异构体，故M可能得结构有种；（7）根据合成路线和相关信息可知，氯原子分别取代了羟基和氨基中的氢原子，因此合成思路为：。17．（2024·山西太原·三模）（12分）具有抗菌、消炎等药理作用的黄酮醋酸类化合物H合成路线如下。回答下列问题：（1）A的名称是；D中官能团名称是。（2）结合平衡移动原理，分析反应D→E时使用作为溶剂的原因：。（3）F→G的反应类型为。（4）A的一种同系物X的分子式为，其核磁共振氢谱有4组峰，且峰面积之比为6∶2∶1∶1，则X的结构简式为、。（5）已知反应B→C为Fries重排，其反应机理如下：合成路线中C的结构简式为。（6）利用邻苯二酚合成肾上腺素的一种路线如下：结合以上信息，写出反应N→Q的化学方程式：。【答案】（1）对甲基苯酚（或4－甲基苯酚）（1分）碳氯键、羟基、羰基（2分）（2）降低NaCl的溶解度，使生成E的平衡正向移动（2分）（3）氧化反应（1分）（4）（2分）（5）（2分）（6）+CH3NH2+HCl（2分）【分析】与(CH3CO)2O在酸性条件下生成B和CH3COOH。【解析】（1）由A的结构简式可知，化合物A的名称为对甲基苯酚或4-甲基苯酚；由D的结构简式可知，D含有碳氯键、羟基、羰基3种官能团；（2）对比D和E的结构简式可知，D→E反应生成E和NaCl，NaCl在乙醇中的溶解度较小，因此用乙醇做溶剂的原因是降低NaCl的溶解度，使反应正向移动；（3）对比F和G的结构，以及反应条件中的碘单质可知，F→G的反应为氧化反应；（4）A的同系物中含有羟基，分子式为C8H10O，核磁共振氢谱峰面积之比6:2:1:1，则其结构简式为；；（5）B的结构式为,根据反应机理可推测出C的结构简式为；（6）根据合成路线可知，在POCl3的作用下和ClCH2COOH发生取代反应生成N，结构简式为，N→Q的反应方程式为：+CH3NH2→+HCl。18．（2025·广东·一模）（15分）某学习小组按下图流程，在实验室模拟处理含苯酚的工业废水，并进行相关实验探究。回答下列问题：（1）操作Ⅰ的名称是。操作Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ共同用到的玻璃仪器除烧杯外还有(填名称)，流程中可循环使用的物质是。（2）“水层2”中主要溶质为(填化学式)，其在生活中主要用途是(填一个即可)。（3）将所得苯酚配制成一定浓度的苯酚溶液，探究铁盐种类和pH对苯酚与显色反应的影响。【查阅资料】

ⅰ．为紫色：ⅱ．对苯酚与的显色反应无影响；ⅲ．对特定波长光的吸收程度(用吸光度A表示)与的浓度在一定范围内成正比。【提出猜想】猜想1：对苯酚与的显色反应有影响。猜想2：对苯酚与的显色反应有影响。猜想3：对苯酚与的显色反应有影响。【进行实验】常温下，用盐酸调节pH配制得到pH分别为a和b的溶液()，用硫酸调节pH配制得到pH分别为a和b的溶液。取5mL苯酚溶液于试管中，按实验1~4分别再加入0.1mL含的试剂，显色10min后用紫外-可见分光光度计测定该溶液的吸光度(本实验条件下，pH改变对水解程度的影响可忽略)。序号含的试剂吸光度溶液溶液1/2/3/4/结果讨论实验结果为。①小组同学认为根据结果“”不足以证明猜想3成立的理由是。②为进一步验证猜想，小组同学设计了实验5和6，补充下表中相关内容。(限选试剂：溶液、溶液、固体、固体)序号含的试剂再加入的试剂吸光度溶液溶液5/固体6/③根据实验1~6的结果，小组同学得出猜想1不成立，猜想2成立，且对苯酚与的显色反应起抑制作用，得出此结论的依据是。④根据实验1~6的结果，小组同学得出猜想3成立，且对苯酚与的显色反应有抑制作用，从化学平衡角度解释其原因是。【答案】（1）萃取分液（1分）分液漏斗（1分）苯（1分）（2）（1分）可以作为食品中的膨松剂（2分）（3）①氯离子或硫酸根对苯酚与铁离子的显色反应也有影响（2分）②（1分）（1分）固体（1分）③（2分）④铁离子与苯酚发生显色反应时，存在反应，氢离子浓度增大，平衡逆向移动，的浓度减小，溶液颜色变浅（2分）【分析】含苯酚的废水中加入苯，目的是萃取苯酚，分液后可以形成水层和有机层，有机层在与氢氧化钠溶液反应生成苯酚钠不溶于有机层，操作Ⅱ的有机层的苯可以循环利用，反应Ⅱ通入二氧化碳，可以利用强酸制弱酸的原理将苯酚制取出来，在经操作Ⅲ分离得到苯酚，由此解答。【解析】（1）含苯酚的废水中加入苯，目的是萃取苯酚，因此操作Ⅰ是萃取分液，所使用的玻璃仪器有烧杯和分液漏斗，操作Ⅱ得到的苯，在流程中可循环使用；故答案为萃取分液；分液漏斗；苯；（2）氢氧化钠加入，将苯酚变为易溶于水的苯酚钠，苯酚钠和二氧化碳、水反应生成苯酚和碳酸氢钠，因此水层2中主要溶质为，可以作为食品中的膨松剂；故答案为；可以作为食品中的膨松剂；（3）①根据实验结果，小组同学认为此结果不足以证明猜想3成立的理由是由实验1、3和实验2、4可知，氯离子或硫酸根对苯酚与铁离子的显色反应也有影响，无法确定氢离子是否对苯酚与铁离子的显色反应；故答案为氯离子或硫酸根对苯酚与铁离子的显色反应也有影响；②为进一步验证氯离子或硫酸根对苯酚与铁离子显色反应也有影响，在时保证铁离子浓度不变，结合上一个表格可知，溶液浓度为，溶液浓度为，实验5和实验6中改变氯离子或硫酸根的浓度，由表格可知，溶液总体积不变的情况下，实验5加入氯化钠固体改变氯离子的浓度，实验6需要改变硫酸根的浓度，因此加入硫酸钠固体，答案为；；固体；③根据实验1～6的结果，小组同学得出猜想1不成立，即说明氯离子对苯酚与铁离子的显色反应没有影响，则；猜想2成立，且硫酸根对苯酚与铁离子的显色反应起抑制作用，则，故答案为；④根据实验1～6的结果，小组同学得出猜想3成立，且对与苯酚的显色反应有抑制作用，铁离子与苯酚发生显色反应时，存在反应，氢离子浓度增大，平衡逆向移动，的浓度减小，溶液颜色变浅；故答案为铁离子与苯酚发生显色反应时，存在反应，氢离子浓度增大，平衡逆向移动，的浓度减小，溶液颜色变浅。19．（2024·山东泰安·模拟预测）（14分）苯乙酮是一种重要的化工原料，可用于制造香皂和塑料的增塑剂。实验室可用苯和乙酸酐为原料，在无水AlCl3催化下加热制得：过程中还有CH3COOH+AlCl3→CH3COOAlCl2+HCl↑等副反应发生。实验室可按下列步骤，用图一、图二装置分别进行制备和分离提纯。名称相对分子质量熔点/℃沸点/℃密度/溶解度乙酸酐102-731401.082微溶于水，易水解苯785.580.50.879不溶于水苯乙酮12020.52021.028微溶于水①向仪器A中迅速加入13g粉状无水AlCl3和0.18mol无水苯。在搅拌下将0.04mol乙酸酐慢慢滴加到A中，严格控制滴加速率，必要时用冷水冷却，待反应缓和后，在70-80℃下加热回流1小时，直至无HCl气体逸出为止。②将反应混合物冷却到室温，倒入含盐酸的冰水中使胶状物完全溶解。③再将混合物转入分液漏斗中，分出有机层，水层用苯萃取两次(每次8mL)，合并有机层，依次用15mL10%NaOH溶液、15mL水洗涤，再用无水MgSO4干燥。④将苯乙酮粗产品放入蒸馏烧瓶中，先用水浴法蒸馏回收物质B，稍冷后改用空气冷凝管蒸馏收集馏分，产量约4.2g。回答下列问题：（1）盛装醋酸酐的仪器名称是。步骤①要逐滴滴加乙酸酐的原因是。（2）图一装置中CaCl2的作用是