2026年广东省肇庆高中高考物理第二次质检试卷(含答案解析)

2026年广东省肇庆高中高考物理第二次质检试卷(含答案解析)一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。每题只有一个选项符合题意。1.2026年4月，我国空间站组合体在距地面390km的圆轨道上运行，周期92min。若空间站质量为m，地球半径R=6.37×10³km，地表重力加速度g=9.8m/s²，则空间站所受地球引力大小为A.mg  B.0  C.mgR²/(R+h)²  D.mg(R+h)/R答案：C解析：由万有引力定律F=GMm/r²，地表处mg=GMm/R²，故F=mgR²/(R+h)²。2.如图，理想变压器原线圈接u=220√2sin100πt(V)，副线圈接R=11Ω的电阻，电流表示数2A。若忽略能量损失，则原线圈匝数n₁与副线圈匝数n₂之比为A.10:1  B.1:10  C.20:1  D.1:20答案：A解析：副线圈电压U₂=IR=22V，原线圈有效值U₁=220V，故n₁:n₂=U₁:U₂=10:1。3.氢原子从n=4跃迁到n=2能级时，辐射光子能量为E。若氢原子从n=4跃迁到n=3，再跃迁到n=2，则两次辐射光子能量之和A.等于E  B.大于E  C.小于E  D.无法确定答案：A解析：能级差只与初末态有关，与路径无关，能量守恒。4.如图，倾角θ=30°的斜面顶端固定一轻绳，绳另一端系小球，小球在水平面内做匀速圆周运动，绳与竖直方向夹角α=45°。则小球加速度大小为A.g  B.g√2  C.g√3  D.2g答案：B解析：受力分析得Tcosα=mg，Tsinα=ma，解得a=gtanα=g。5.某气体经历A→B→C→A循环，A→B为等温膨胀，B→C为等压压缩，C→A为绝热压缩。下列判断正确的是A.A→B过程气体放热  B.B→C过程气体内能增加C.整个循环气体对外做正功  D.循环中气体吸热大于放热答案：C解析：A→B等温膨胀对外做功，需吸热；B→C等压压缩，温度降低，内能减少；循环包围面积为正，对外做正功；由热力学第一定律，循环ΔU=0，故Q=W>0，吸热大于放热。6.如图，两平行长直导线a、b通有同向电流I，a在左，b在右，间距d。在a、b中垂线上放一小磁针，磁针N极指向A.向上  B.向下  C.垂直纸面向外  D.垂直纸面向里答案：D解析：由右手定则，a、b在中垂线处磁场方向均垂直纸面向里，叠加后仍向里。7.某简谐横波沿x轴正向传播，t=0时刻波形如图，P点位于x=3cm处，此时向下振动。波速v=4cm/s，则t=0.5s时P点A.位移为正，速度向上  B.位移为负，速度向下C.位移为零，速度向上  D.位移为零，速度向下答案：C解析：由“同侧法”知波长λ=8cm，周期T=λ/v=2s，0.5s=T/4，P点从平衡位置向下振动经T/4回到平衡位置向上振动。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。每题有两个或两个以上选项符合题意，全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错得0分。8.如图，光滑水平面上静止放置质量m的A、B两物块，中间夹一轻弹簧。现给A瞬时冲量使其获得速度v₀向右，则弹簧恢复原长时A.A速度为零  B.B速度为v₀  C.系统动能守恒  D.弹簧弹性势能先增后减答案：BCD解析：系统动量守恒，机械能守恒；弹簧恢复原长时形变量为零，弹性势能为零，动能回到初始值，B获得速度v₀，A速度为零；弹性势能先增后减。9.如图，正方形abcd区域内有垂直纸面向里的匀强磁场B。一质量m、电荷+q的粒子从ab中点以速度v₀垂直ab射入，恰好从c点射出，则A.粒子轨迹半径等于正方形边长L  B.粒子运动时间t=πm/(2qB)C.若v₀减半，粒子从bc边射出  D.若B加倍，粒子从ad边射出答案：BC解析：由几何关系，半径r=L/√2，A错；转过的圆心角90°，t=πm/(2qB)，B对；v减半则r减半，从bc边射出，C对；B加倍则r减半，仍从bc边射出，D错。10.如图，电路中电源电动势E、内阻r，R₁、R₂为定值电阻，R₃为滑动变阻器，电压表V₁测R₁电压，V₂测R₃电压。将R₃滑片向右移动，则A.V₁示数增大  B.V₂示数增大  C.电源输出功率可能增大  D.R₂功率一定减小答案：BC解析：滑片右移R₃↑，总电阻↑，总电流↓，V₁=IR₁↓，A错；V₂=E−I(r+R₁+R₂)，I↓则V₂↑，B对；输出功率P=I²R外，R外↑，I↓，P可能增大，C对；R₂功率I²R₂↓，D错。三、实验题：本题共2小题，共16分。11.(8分)用如图甲所示装置“探究加速度与力、质量的关系”。小车质量M，砝码盘及砝码总质量m，打点计时器频率50Hz。(1)平衡摩擦力时，应________(选填“挂”或“不挂”)砝码盘，轻推小车，若纸带上打出________(选填“均匀”或“越来越密”)的点，则平衡到位。答案：不挂；均匀解析：平衡摩擦力需撤去牵引，让小车匀速运动，点迹均匀说明匀速。(2)若m远小于M，则小车所受拉力可近似为________；若m不满足远小于M，则拉力真实值F=________。答案：mg；Mmg/(M+m)解析：对系统列方程mg=(M+m)a，对小车F=Ma，解得F=Mmg/(M+m)。(3)实验得到纸带如图乙，相邻计数点间有4个未画点，测得s₁=2.10cm，s₂=3.20cm，s₃=4.30cm，则加速度a=________m/s²(保留两位有效数字)。答案：1.1解析：Δs=aT²，T=0.1s，a=(s₃−s₂−(s₂−s₁))/T²=1.1×10⁻²/0.01=1.1m/s²。12.(8分)某同学用图丙电路测量未知电阻Rₓ(约几十欧姆)，器材：电池E≈3V，电压表V(0−3V，内阻约3kΩ)，电流表A(0−0.6A，内阻约0.1Ω)，滑动变阻器R(0−20Ω)，开关及导线。(1)根据Rₓ阻值范围，电流表应接在________(选填“a”或“b”)位置，即采用________(选填“内接”或“外接”)法。答案：b；外接解析：Rₓ≪Rv，电压表分流小，外接法系统误差小。(2)闭合开关前，滑片应置于________(选填“左端”或“右端”)。答案：左端解析：让滑动变阻器分压为零，保护电表。(3)测量得U=2.40V，I=0.48A，则Rₓ=________Ω；该结果________(选填“偏大”或“偏小”)。答案：5.0；偏小解析：Rₓ=U/I=5.0Ω；外接法电压表分流，电流测量值偏大，结果偏小。(4)为消除系统误差，该同学又采用图丁电路，通过改变滑动变阻器测得两组数据：U₁=2.00V，I₁=0.40A；U₂=2.60V，I₂=0.52A，则Rₓ=________Ω。答案：5.0解析：作U−I图线斜率即Rₓ，(2.60−2.00)/(0.52−0.40)=0.60/0.12=5.0Ω。四、计算题：本题共3小题，共38分。13.(10分)如图，倾角θ=37°的斜面长L=3m，底端固定一轻弹簧，劲度系数k=200N/m。质量m=2kg的小物块从斜面顶端由静止释放，滑至弹簧顶端时速度v=4m/s，继续压缩弹簧直至速度为零。设斜面光滑，g=10m/s²，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：(1)物块刚接触弹簧时的动能；(2)弹簧最大压缩量x；(3)物块从开始到速度为零经历的时间t(保留两位有效数字)。答案与解析：(1)Ek=½mv²=½×2×4²=16J(2)由能量守恒：mg(L+x)sinθ=½kx²代入：2×10×(3+x)×0.6=½×200×x²化简：120+12x=100x²→100x²−12x−120=0→25x²−3x−30=0解得x=1.2m(舍负根)(3)分两段：①下滑L=3m，加速度a₁=gsinθ=6m/s²，t₁=√(2L/a₁)=√(6/6)=1s②压缩弹簧，取平衡位置为原点，系统做简谐运动，振幅A=x=1.2m，角频率ω=√(k/m)=10rad/s物块接触弹簧时速度v=4m/s，对应简谐运动初相位φ，满足v=ωAcosφ→4=10×1.2cosφ→cosφ=1/3速度为零时位移最大，相位差π/2−φ，时间Δt=(π/2−arccos(1/3))/10≈0.17s总时间t=t₁+Δt≈1.2s14.(13分)如图，xOy平面内存在半径R=0.5m的圆形匀强磁场区域，圆心O，磁感应强度B=0.2T，方向垂直纸面向里。y轴左侧有平行x轴的匀强电场E=1.0×10³N/C，方向沿x轴负向。一质量m=1.0×10⁻¹⁴kg、电荷q=+1.0×10⁻¹²C的粒子从P(−1m,0)静止释放，进入磁场后恰从Q(0,0.5m)射出，不计重力。求：(1)粒子进入磁场时的速度大小v；(2)粒子在磁场中运动时间t；(3)粒子射出磁场后再次经过y轴的坐标。答案与解析：(1)电场加速：qEd=½mv²，d=1mv=√(2qE/m)=√(2×1.0×10⁻¹²×1.0×10³/1.0×10⁻¹⁴)=√(2×10⁵)=4.47×10²m/s(2)由几何关系，粒子在磁场中轨迹为圆弧，圆心角θ=60°，半径r=R=0.5m周期T=2πm/(qB)=2π×1.0×10⁻¹⁴/(1.0×10⁻¹²×0.2)=π×10⁻²st=(θ/360°)T=(60/360)π×10⁻²=π/6×10⁻²≈5.2×10⁻³s(3)射出时速度方向与y轴夹角30°，出磁场后做匀速直线运动，斜率tan30°=1/√3直线方程y−0.5=(1/√3)x，令x=0，得y=0.5m(已给出)，再求与y轴交点即Q点；实际上粒子从Q射出后沿切线方向运动，再次经过y轴需飞行时间Δt，使得水平位移x=0v_x=vsin30°=v/2，v_y=vcos30°=v√3/2x=v_xΔt=0→Δt=0，即已位于y轴，故再次经过y轴坐标为Q(0,0.5m)本身，但题目问“再次”，应理解为离开磁场后沿直线运动与y轴交点，即Q点。更严谨：粒子出磁场后沿切线方向，其延长线过圆心，故不再与y轴相交，除非考虑电场，但题目说“射出后”，即已离开磁场区域，无电场作用，将沿直线运动至无穷远，不再经过y轴。重新审题：电场只在y轴左侧，粒子一旦进入右侧即无电场，故射出后匀速直线，方向与y轴夹角30°，其反向延长线过O，故直线方程y=√3x+0.5，令x=0得y=0.5m，即Q点本身，因此“再次”经过y轴坐标为(0,0.5m)。但物理上“再次”应指不同点，说明需重新计算：粒子出射速度方向与x轴夹角60°，参数方程：x=vcos60°t=0.5vty=0.5+vsin60°t=0.5+0.866vt令x=0，得t=0，对应Q点。结论：粒子离开磁场后不再与y轴相交，题目“再次”应理解为“离开磁场后沿直线运动与y轴的交点”，即Q点本身，故坐标为(0,0.5m)。15.(15分)如图，两根光滑平行金属导轨间距L=0.4m，倾角θ=30°，上端接电阻R=0.6Ω，区域Ⅰ(0≤x≤0.8m)内有垂直导轨平面向上的匀强磁场B=1.0T。质量m=0.1kg、电阻r=0.2Ω的金属棒ab从区域Ⅰ上方x=−0.2m处由静止释放，沿导轨下滑，进入磁场后恰好匀速穿过区域Ⅰ，随后进入无磁场区域Ⅱ，与质量同为m的绝缘棒cd发生弹性碰撞，cd右端连一轻弹簧，弹簧另一端固定。求：(1)棒ab进入磁场时的速度v₁；(2)棒ab匀速穿过区域Ⅰ的过程中，电阻R上产生的焦耳热Q；(3)碰撞后瞬间棒cd的速度大小v₂；(4)弹簧最大压缩量Δx(弹簧劲度系数k=20N/m)。答案与解析：(1)由能量守恒：mgxsinθ=½mv₁²，x=0.2mv₁=√(2gxsinθ)=√(2×10×0.2×0.5)=√2≈1.41m/s(2)匀速条件：mgsinθ=F_安，F_安=BIL，I=BLv₁/(R+r)mgsinθ=B²L²v₁/(R+r)代入：0.1×10×0.5=1²×0.4²×1.41/(0.6+0.2)→0.5=0.16×1.41/0.8≈0.28，矛盾，说明v₁并非匀速速度。重新理解：棒进入磁场后“恰好匀速”，说明进入瞬间即满足匀速条件，故应求匀速速度v，而非v₁。设匀速速度为v，则mgsinθ=B²L²v/(R+r)→v=mgsinθ(R+r)/(B²L²)=0.5×0.8/(1×0.16)=2.5m/s此速度即为进入磁场