浙江省衢州市2025-2026学年高二物理上学期11月期中试题含解析

考生须知：本卷共8页满分分，考试时间分钟。答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字。所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效。考试结束后，只需上交答题纸。可能用到的相关参数：没有特别说明，重力加速度取。选择题部分一、选择题Ⅰ（本题共小题，每小题3分，共分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.下列说法中正确的是（）A.安培是国际单位制中电流的基本单位B.电动势有大小有方向，是矢量C.弹簧秤是测量质量的仪器D.教材中应用了归纳法推导出动能定理【答案】A【解析】AASISIA正确；BB错误；C．弹簧秤基于胡克定律（）测量力的大小，常用于测量拉力或压力，并非直接测量质量；质量需C错误；D．动能定理（合外力做功等于动能变化）在教材中通常通过演绎法推导，即由牛顿第二定律（）D错误。故选A。2.在2025年成都世运会上我国选手收获颇丰。下列描述正确的是（）第1页/共23页

A.图甲中卢卓灵在太极剑比赛中夺得首金，研究她的动作时可将其视为“质点”B.图乙中中国队以1分07秒99夺得女子米水面蹼泳接力赛冠军，其中“1分07秒99”表示时刻C.图丙中大金属地掷球女子单人连续抛击决赛，王晨怡勇夺冠军。地掷球运动轨迹的长度为“位移”的大小D.图丁中邓丽娟勇夺攀岩“双冠”，比赛中她的“平均速度”最大【答案】D【解析】【详解】A．图甲中卢卓灵在太极剑比赛中夺得首金，研究她的动作时不能将其视为“质点”，故A错误；B．图乙中中国队以1分07秒99夺得女子米水面蹼泳接力赛冠军，其中“1分07秒99”表示时间，故B错误；C是“位移”的大小，故C错误；D．图丁中邓丽娟勇夺攀岩“双冠”，比赛中她用的时间最短，她的“平均速度”最大，故D正确。故选D。3.如图所示，一架直梯斜靠光滑的竖直墙壁上，下端放在粗糙的水平地面上，直梯处于静止状态。从侧面观察时，下列直梯的受力分析图中正确的是（）A.B.第2页/共23页

C.D.【答案】B【解析】【详解】直梯受重力和弹力作用，重力方向竖直向下，再根据弹力方向垂直于接触面，故ACDB正确。故选B。4.人站在力传感器上完成“下蹲、站起”动作，计算机显示的力传感器示数随时间变化情况如图所示。下列说法正确的是（）A.此人完成了两次“下蹲、站起”动作，且下蹲后约起立B.下蹲过程中最大加速度约为C.“下蹲”过程中，人先超重后失重D.“站起”过程中，人对传感器的力小于传感器对人的力【答案】B【解析】A中，先向上加速运动，再向上减速到停止，加速度先向上再向下，由图可知此人完成了一组“下蹲、站起”动作，故A错误；B．由图可知，当人静止时，力传感器的示数为500N，即人的重力为500N，由可知人的质量约为由图可知下蹲过程中，F的最小值约为200N，此时加速度最大，根据牛顿第二定律可得第3页/共23页

解得，故B正确；C．下蹲过程中，人先向下加速再向下减速，故加速度先向下再向上，故人先失重后超重，故C错误；D．人对传感器的力和传感器对人的力为作用力和反作用力，二者始终等大反向，故D错误。故选B。5.一带电粒子在电场中仅受静电力作用做初速度为零的直线运动，取该直线为轴，起始点0为坐标原点，其电势能与位移的关系如图所示。表示电场强度的大小，表示粒子的动能，表示粒子所在处的电势高低，表示粒子加速度的大小，下列图像中合理的是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】A．图像的斜率表示电场力的大小，由图可知，随x的增大电场力逐渐增大，所以场强E逐渐增大，故A错误；B．图像的斜率表示合力的大小，由于粒子仅受静电力作用，故随x的增大斜率逐渐增大，故B正确；C．图像的斜率表示电场的大小，由于电场力逐渐增大，电场也逐渐增大，故C错误；D．由以上分析可知，加速度a随x的增大而增大，故D错误。故选B。6.对于必修第三册课本中几幅插图所涉及的物理现象或原理，下列说法不正确的是（）第4页/共23页

A.图甲中，为使带负电粉尘颗粒能到达收集板A，A、B应分别接电源的正、负极B.图乙中，武当山金殿安装了避雷针后，“雷火炼殿”现象会变得不明显和不频繁C.图丙中，燃气灶中电子点火器点火应用了尖端放电的原理D.图丁中，由于金属网的屏蔽，A球上电荷在验电器金属球B处产生的电场强度为零【答案】D【解析】【详解】A．甲图中，为使带负电粉尘颗粒能到达收集板A，线状电离器B带负电，管壁A带正电，AB应分别接电源的正、负极，故A正确，不符合题意；BB正确，不符合题意；C．图丙中，燃气灶点火时应用了尖端放电的原理，故C正确，不符合题意；D．图丁中，由于金属网的屏蔽，验电器箔片不会张开，此时A球上电荷在验电器金属球B处产生的电场强度与金属网产生的感应电场相互平衡，不是A球上电荷在验电器金属球B处产生的电场强度为零，故D错误，符合题意。本题选择错误选项，故选D。7.如图是简化多用电表的电路。转换开关S与不同接点连接，就组成不同的电表，已知，下面是几位同学对这一问题的议论，其中判断正确说法的是（）A.与1或2连接时，多用电表就成了电流表，且前者量程较小B.与3或4连接时，多用电表就成了欧姆表，且3接线柱红表笔C.S与5或6连接时，多用电表就成了电压表，且前者量程较大D.测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则不会影响测量结果【答案】D【解析】第5页/共23页

【详解】A．与1或2连接时，或与电流计并联，多用电表就成了电流表，改装电流表时，并联电阻越小，量程越大，故接1时，量程较大，故A错误。B．与3或4连接时，电表中有电源作用，所以多用电表就成了欧姆表，且3接线柱接电源正极，故所接表笔为黑表笔，故B错误。C．S与5或6连接时，或与电流计串联，多用电表就成了电压表，串联电阻越大，量程越大，故S与6连接时量程较大，故C错误。D无论怎么接都不影响测量结果，故D正确故选D。8.如图所示，点固定一个点电荷悬挂于轻轻拉至、向左经过最低点走点电荷，则（）A.摆动周期减小B.小球不能到达点C.再次经过点时，小球的速度大于此前经过点时的速度D.再次经过点时，细线的张力小于此前经过点时的张力【答案】D【解析】【详解】A．因为小球在A、C间受到的库仑力沿细线方向，则单摆周期公式中的g值不变，故摆动周期不变，故A错误；第6页/共23页

B在ACAB间做小幅摆动过程中只有重力做功，机械能守恒，所以小球仍能到达B点，故B错误；C．因为机械能守恒，所以再次经过C点时，小球的速度大小等于此前经过C点时的速度大小，故C错误；D．小球第一次经过C点时，根据牛顿第二定律有小球再次经过C点时，根据牛顿第二定律有可知再次经过C点时，细线的张力小于此前经过C点时的张力，故D正确。故选D。9.衢州江山市城区须江游乐场中的“摩天轮”深受大家的喜爱。如图所示，摩天轮在竖直平面内做速率为的匀速转动，其半径为，质量为的游客站在观光舱中与之保持相对静止，游客位置从到到的过程中（）A.游客在运动过程中机械能守恒B.游客受到观光舱的摩擦力一直变大C.游客受到观光舱的作用力一直变大D.观光舱对游客作用力的冲量大小为【答案】C【解析】【详解】A．摩天轮在竖直平面内匀速转动，游客在运动过程中速度大小不变，动能不变；游客位置从A到B到C的过程中其高度在减小，即重力势能减小，所以游客的机械能减小，A错误；BC．对游客进行受力分析，如下图，游客受到竖直向下的重力G、观光舱对游客竖直向上的支持力N和水平方向的摩擦力f。三者的合力提供向心力F，且观光舱对游客的作用力为支持力N和摩擦力f的合力F。第7页/共23页

由于摩天轮在竖直平面内做匀速转动，因此向心力Fn大小不变，方向指向圆心。当从A到B，，FGA到B过程中，从0逐渐增大到，因此f逐渐增大，F逐渐增大。当从B到C过程时，此时，，此时从逐渐减小到0，因此f逐渐减小，F逐渐增大。综合上述分析可得，游客位置从A到B到C的过程中，游客受到观光舱的摩擦力先变大后变小，游客受到观光舱的作用力一直变大，B错误，C正确；D．游客位置从A到B到C的过程中，由于水平方向上游客仅受摩擦力作用，因此根据动量定理，在水平方向上观光舱对游客的作用力的冲量，等于观光舱对游客摩擦力的冲量与观光舱对游客支持力的冲量的矢量和。观光舱对游客支持力的冲量不为零，D错误。故选C。10.如图所示，图中阴影部分为一透明材料做成的柱形光学元件的横截面，该种材料折射率，为一半径为RD为圆弧面圆心，D面内照射弧面，若只考虑首次从圆弧直接射向、的光线，则以下说法正确的是（）A.光从该材料到空气的临界角为第8页/共23页

B.该光学元件的边上有光射出的长度为C.照射在边上的入射光，有弧长为区域的光不能从、边直接射出D.将点光源换成紫光，则边上有光射出的长度增大【答案】C【解析】【分析】【详解】A．设光从该材料到空气的临界角为C，则有求得：，故A错误；BC．假设光线沿DE方向照射到AB面上正好发生全反射，DE与弧AC相交于F，则。如图所示假设光线沿DG方向照射到BC面上正好发生全反射，DG与弧AC相交HCDG=37GDE=16区域的光不能从、边直接射出。由几何知识求得该光学元件的边上有光射出部分的长度为故C正确，B错误。D率。根据可知从该种材料中到空气中，紫光的临界角小于红光的临界角，则边上有光射出的长度将变短，故D第9页/共23页

错误。故选C。二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共分，每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）神舟二十一号载人飞船与空间站组合体于2025年月1日3时22分完成自主快速交会对接，整个过程历时约3.5方向与其对接，载人飞船多次变轨和姿态调整来到距离空间站约2公里的中途“瞄准点”，最后在空间站正下方200米“保持点”处启动动力设备始终沿径向靠近空间站完成对接，则此过程中（）A.飞船到达中途瞄准点前的环绕周期大于空间站的环绕周期B.飞船维持在“保持点”的状态时，需要开动发动机给飞船提供一个背离地心的推力C.飞船处于空间站正下方处时绕地球运行的线速度略小于空间站的线速度D.空间站与飞船对接后轨道高度会略微降低【答案】BC【解析】【详解】A．根据开普勒第三定律可知，飞船到达中途瞄准点前的环绕周期小于空间站的环绕周期，A错误；B所以需要开动发动机给飞船提供一个背离地心的推力，故B正确；CD．飞船沿径向接近空间站过程中，始终在空间站正下方，所以需要控制飞船绕地球运行的角速度等于空v=RωC正确，D错误。故选BC。12.某波源SS、S的距离分别为和55m。测得、两点开始振动的时间间隔为，下列说法正确的是（）第10页/共23页

A.该列波的波长为B.该列波的波速为C.当点离开平衡位置的位移为时，点离开平衡位置的位移为D.波经过从波源传到点【答案】AC【解析】【详解】A．由振动图像可知该波的周期T=2sA、B两点开始振动的时间间隔为所以A、B间的距离为半个波长，所以，故A正确；B．该列波的波速为，故B错误；CABB点离开平衡位置的位移为+6cmA点离开平衡位置的位移是-6cm，故C正确；D．波经过4.5s传播的距离为则波经过4.5s从波源S传到A点，故D错误。故选AC。13.表所示。/mm×mm×mm最高速度/180）（）电机形式交流永磁同步电机电机最大电功率/kW180电池容量/（）80快充时间/h20~100km/h加速时间0~50km/h加速时间/s25/s第11页/共23页

电机的最大功率为电机输出的最大机械功率，电池容量为电池充满电时储存的最大电能。根据上表中数据，可知（）A.该车在的加速过程中平均加速度为B.在的加速过程中，电动汽车行驶的路程一定大于C.电机以最大功率工作且汽车以最大速度行驶时，汽车受到阻力大小为D.用输出电压为的充电桩给电池快速充电时，充电电流约为【答案】CD【解析】A的加速过程中平均加速度为A错误；B的加速过程中电动车行驶的路程，故B错误；C．电机以最大功率工作且车以最大速度行驶时，车受到阻力大小为，故C正确；D．若不计充电过程中的能量损失，根据可知，用输出电压为220V的充电桩给电池快速充电时，充电电流为，故D正确。故选CD。非选择题部分三、实验题（本题共1小题，共分）14.如图（1）的实验装置可以做以下实验。（1第12页/共23页

景照相，拍摄到了如图（2）的照片，已知每个小方格边长为，当地的重力加速度为。若以拍摄的第一个点为坐标原点，水平向右和竖直向下为平面直角坐标系的正方向，则没有被拍摄到的小_____[2的小球坐标为]。图中“1”_____（填“是”或“不是”）抛出点。（2实验原理如图乙所示。①关于本实验，下列说法正确的是_____A.同组实验中入射小球每次都必须从斜槽上的同一位置静止释放B.必须测量出斜槽末端到水平地面的高度C.实验中需要用到重锤线D.斜槽必须足够光滑且末端保持水平②测量发现，总是满足，由此判断小球与碰撞属于_____A弹性碰撞B.非弹性碰撞C.完全非弹性碰撞D.都有可能【答案】（1）①.②.不是（2）①.AC②.B【解析】【小问1详解】[1]小球水平方向做匀速运动，则水平位移相等，则横坐标为6（对应1y=6，即没有被拍摄到的小球的位置坐标为（6，6[2]因相等时间内竖直位移之比为1:2:3:4，不等于，可知图中“1”不是”抛出点。第13页/共23页

【小问2详解】①[1]AA正确；B代替水平速度，则实验时没必要测量出斜槽末端到水平地面的高度，B错误；C．实验中需要用到重锤线，以确定小球抛出点在地面上的投影位置，C正确；D．斜槽没必要必须光滑，但末端必须保持水平，以保证小球做平抛运动，D错误。故选AC。②[2]小球m1和m2变，即mv=mv+mv，联立两式得v=v-v1即即OP=MN，因为OP＞MN，该碰撞不是弹性碰撞，是非弹性碰撞。故选B。15.某实验小组要测量一新型材料制成的圆柱体的电阻率：（1_____mm“×10_____。（2）为了减小实验误差，需进一步用伏安法测量圆柱体的电阻，要求待测电阻两端的电压能从0开始连续可调。除待测圆柱体外，实验室还备有的实验器材如下：3V00.3A0~3V2kΩ滑动变阻器开关、导线若干。第14页/共23页

则该实验电路应选择下列电路中的（）A.B.C.D.（3电阻率为_____、、、及表示）【答案】（1）①.8.50②.190（2）A（3）【解析】【小问1详解】[1]圆柱体直径[2]多用电表的读数为指针所指刻度与倍率的乘积，所以粗测电阻值为【小问2详解】实验要求待测电阻两端的电压能够从0开始连续可调，所以滑动变阻器应采用分压式接法，由于且电流表内阻已知，所以电流表应采用内接法。故选A。【小问3详解】根据电阻定律可得根据欧姆定律可得第15页/共23页

联立可得16.下列对4个实验的描述正确的是（）A.在“观察电容器的充、放电现象”的实验中，充、放电过程中电流都是从最小值变化到最大值B.在“用单摆测量重力加速度”的实验中，测量周期时，应该从摆球运动到最低点时开始计时C.在“用插针法测定玻璃折射率”的实验中，在白纸上放好玻璃砖后，用铅笔贴着光学面画出界面D.在“用双缝干涉的装置测量光的波长”实验中，若光源改为激光，则可去除的装置有凸透镜、滤光片、单缝【答案】B【解析】【详解】A故A错误；BB正确；C光路，正确做法是在白纸上画好边界线，再放置玻璃砖对齐，故C错误；D得到清晰的干涉条纹，常保留单缝作空间滤波。故D错误。故选B。四、计算题（本题共4小题，总分分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步17.人配送车以的速度匀速行驶在平直路面上。已知配送车的总质量为，电机产生的牵引力恒为。（1）求此时配送车受到的阻力的大小。第16页/共23页

（2）若关闭配送车的电机，此后仍保持不变，求其在通过的位移。（3）若配送车匀速行驶过程中，发现前方处有一静止站立的行动不便的老年人，配送车立即关闭电机并启动制动装置，此后仍保持不变。要使配送车不撞上老年人，制动装置产生的额外阻力至少需要多大?【答案】（1）（2）（3）【解析】【小问1详解】由平衡条件可知【小问2详解】若关闭配送车的电机，此后仍保持不变，根据牛顿第二定律可得解得加速度大小为由运动学公式可得解得可知配送车在前已经停止运动，所以配送车在通过的位移为【小问3详解】由运动学公式可得解得加速度大小为根据牛顿第二定律可得解得制动装置产生的额外阻力至少为18.如图所示，在水平向右的匀强电场中，一半径为、圆心为的光滑绝缘圆弧轨道固定在竖直平面内，轨道上点到点的竖直高度为，b点为轨道的最低点。质量为、电荷量为的小球甲恰好静止在点，重力加速度大小为，静电力常量为。第17页/共23页

（1（2）求匀强电场的电场强度大小。（3）现将小球甲固定在点，将另一个质量也为的带电小球乙放在圆弧轨道的最低点处，小球乙恰好静止且与轨道间无作用力，两小球均视为点电荷，请判断小球乙的电性，并求出小球乙的电荷量（用物理量R、m、q、g、k【答案】（1）（2）（3）乙带负电，【解析】【小问1详解】如图所示【小问2详解】由几何关系可知，Oa与竖直方向的夹角为60°，对小球甲，由平衡条件可得解得【小问3详解】设小球乙的电荷量为，小球乙受力如图所示第18页/共23页

可知小球乙带负电，由几何关系可知a、b之间距离为，甲、乙之间的静电力为由平衡关系可得解得19.如图所示，质量的可视为质点的小物块从点出发作斜抛运动，已知在点的竖直分速度BC点间的竖直距离和AC点间的竖直距离之比。圆弧轨道与质量为的足够长的小车左端在最低点点相切，水平地面光滑。当物块运动到障碍物Q处时与Q发生弹性碰撞。碰撞前物已知圆弧半径，圆弧对应的圆心角为，物块与小车间的动摩擦因数为，，。试求：（1）求物块在点的竖直分速度。（2）小物块经过点时对轨道的压力；（3）第一次碰撞后直至运动到稳定后，①物块相对小车的路程；②小车做减速运动的总时间。【答案】（1）（2），方向竖直向下（3）①；②第19页/共23页

【解析】【小问1详解】上升阶段有下降阶段有可得【小问2详解】从C点到O点应用动能定理可知可知可得