四川省成都市高2026年中考一模物理试题附答案

中考一模物理试题一、单项选择题（每小题2分，共30分）1．2024年10月27日7点30分，2024成都马拉松在成都市金沙遗址博物馆鸣枪起跑，赛道途经天府广场、杜甫草堂、环球中心等著名地标。下列说法正确的是（）A．参赛选手的奔跑不属于机械运动B．参赛选手不可能一直做匀速直线运动C．以奔跑的选手为参照物，杜甫草堂的树木是静止的D．终点裁判以“相同时间比路程”的方法比较运动快慢2．2025年春节联欢晚会为全国人民带来了一场视听盛宴，如图是舞台上演员唱歌的场景，下列有关声音的描述正确的是（）A．歌声是通过空气传入现场观众耳朵的B．演员使用话筒主要是为了改变声音的音调C．观众掌声越大，掌声在空气中传播的速度越大D．主持人播报节目名称，主要利用声音传递能量3．2024年12月17日神舟十九号航天员乘组经过9小时的出舱活动，再次刷新中国航天员出舱活动时长纪录，圆满完成第一次出舱任务。地面指挥中心与航天员进行信息传递所利用的载体是（）A．电磁波 B．超声波 C．次声波 D．光纤4．2000多年前我国古代学者在《墨经》中这样记录了小孔成像：“景到，在午有端，与景长，说在端”。下列现象中原理与小孔成像相同的是（）A．水中倒影 B．雨后彩虹C．海市蜃楼 D．天狗食日5．“漫步宽窄巷子，火锅香气中觅宁静……”描述了独属于成都的烟火气息。关于火锅，下列说法正确的是（）A．汤汁内能的增加是通过做功的方式实现的B．火锅上方的“白气”就是从锅里飘出的水分子C．闻到火锅香味，是因为分子在不停地做无规则运动D．放入锅中的牛油容易煮化是因为牛油分子间只有斥力6．小天同学在学科实践活动中，想设计多种方案改变塑料矿泉水瓶的形状，下列设计中利用了大气压强的是（）A．用手捏空塑料瓶，塑料瓶变瘪B．将空塑料瓶瓶盖旋紧后置于深水中，塑料瓶变瘪C．将空塑料瓶从高处静止释放撞击地面，塑料瓶变瘪D．向塑料瓶中灌满热水后将水倒出，迅速旋紧瓶盖，塑料瓶变瘪7．下列教材中的图片展示的现象中，不是利用流体压强与流速关系的是（）A．自动喂水装置B．自制喷雾器C．犬鼠洞穴通风D．冷热水混合淋浴器8．如图所示，烧开水时壶盖可能被顶开，这个过程与内燃机的某个冲程类似。下列说法正确的是（）A．该过程是机械能转化为内能B．该过程与内燃机的做功冲程类似C．内燃机处于与该过程类似的冲程时进气门是打开的D．内燃机与该过程类似的冲程是依靠飞轮惯性完成工作的9．学习了电学知识后，爱动手的小李同学连接了如图所示的电路，闭合开关后，下列说法正确的是（）A．与的连接方式是并联B．该电压表指针会反向偏转C．电压表测量电源两端电压D．若被短路，电压表指针几乎不偏转10．“踢毽子”是中国民间的一项传统运动项目。如图所示，在国产动漫电影《哪吒》中，哪吒也酷爱踢毽子。在考虑空气阻力的情况下，下列关于踢出的毽子在空中上升和下落过程中的说法正确的是（）A．上升过程中毽子的动能增加B．上升过程中毽子的重力势能增大C．整个过程中毽子受到的合力保持不变D．下落过程中毽子的动能转化为重力势能11．在综合实践活动中，小涛了解了许多家庭用电的知识，下列说法正确的是（）A．控制灯泡的开关应该安装在灯泡和零线之间B．使用验电笔时手不能碰到验电笔上任何部位的金属体C．电冰箱使用三孔插座是为了避免其金属外壳漏电带来危害D．只要脚下穿有绝缘的橡胶鞋，触碰家里的带电体一定是安全的12．在探究磁与电的相互作用时经常用到如图所示的器材，关于该实验装置，下列说法正确的是（）A．若在甲乙之间接入电源可以模拟电动机的工作原理B．若在甲乙之间接入电源，只改变电流方向，导线ab运动方向不变C．若在甲乙之间接入灵敏电流表可以使导线ab在磁场中受力运动D．若在甲乙之间接入灵敏电流表，只要导线ab运动，电流表指针就会偏转13．某商场内设有自动售货机，方便购物者购买。它可通过手机扫码（闭合S1）或通过投币（闭合S2），启动电动机完成自动售货；在光线较暗时光控开关S3自动闭合，接通灯泡照明。图中电路设计符合要求的是（）A． B．C． D．14．2024年6月，嫦娥六号探测器（如图）成功实施了月背采样任务，取回了1935.3克月壤样品。采集土壤后嫦娥六号总重力为G，对月球表面的压力为，月球表面对嫦娥六号的支持力为，下列说法正确的是（）A．和是一对平衡力B．G和是一对相互作用力C．探测器在减速降落时惯性不变D．探测器在减速降落时，合力方向向下15．如图所示，小丽同学想利用空气浮力估算手中气球的体积大小，采集的数据有：无风静止时细绳竖直向下的拉力（约为0.25N）、气球的重力（约为）、空气的密度（约为）。气球的体积大小约为（）A．2m3 B．0.2m3 C．0.02m3 D．2dm3二、填空题（每空2分，共36分）16．如图所示是全红婵在巴黎奥运会10米跳台跳水比赛的场景，在她入水前的下落过程中，平静水面中她的倒影大小。当全红婵跃入水中后，抬头看向跳台上方的灯光，她发现灯光的位置比实际位置偏高，这是因为发生了光的现象。17．新疆是著名的瓜果之乡，这里的瓜果格外香甜。主要是因为新疆地区砂石多，日照时间长，砂石比热容（选填“较大”或“较小”），使得昼夜温差大，利于水果糖分积累。在白天，充足的光照让气温升高，果园里的灌溉水会发生现象。18．如图所示，公共充电桩正在给电动汽车的蓄电池充电，这些充电桩之间是（选填“串联”或“并联”）在一起的；电动汽车在充电过程中，蓄电池相当于电路中的。19．在成都的周末，许多人都喜欢在公园晒太阳露营。露营用的拖车轮胎做得宽而大目的是（选填“增大”或“减小”）拖车对地面的压强，拖车轮胎刻有花纹是通过方式来增大摩擦的。20．2024年11月16日，天舟八号货运飞船与中国空间站成功对接（如图甲）。当飞船和核心舱靠近对接时，为减缓撞击带来的影响，需配置对接缓冲装置。依依设计了如图乙所示的缓冲装置简化图，电源的A端是极，为了增大缓冲作用，变阻器的滑片P应向滑动。21．2024年，中国最新攻击型核潜艇093B正式亮相，得到了全球的关注。该潜艇保持水下潜行状态从长江驶入东海的过程中所受浮力将，在东海完成任务后加速上浮时所受的浮力重力。22．如图所示，成都熊猫基地的大熊猫花花向上爬树时，它所受摩擦力的方向是向的。当它玩累了，沿树干向下滑动时，突然将手松开一点，此时它所受摩擦力大小将。23．小明利用如图所示的电路探究电流与电阻的关系，实验中应保持（选填“电压表”或“电流表”）的示数不变。若在实验过程中将5Ω的定值电阻更换为10Ω，则滑动变阻器的滑片需要向滑动。24．如图是某款电火锅内部电路图，加热装置由阻值均为110Ω的电热丝和组成，通过控制两开关的闭合方式实现高、中、低温三挡的调节，当电火锅正常工作时，保险装置的电阻不计。当断开，接a时，电火锅处于挡，电火锅在高温挡工作一分钟，消耗电能J。三、作图与计算题（共16分。计算题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）25．按要求作图；（1）如图甲所示，是由多个平面镜拼成的太阳灶聚光镜。太阳光照射在聚光镜上发生反射后在锅底会聚，以便加热食物。如图乙所示，其中的一条入射光线与聚光镜成40°，请画出反射光线并标出反射角的大小。（2）如图甲所示为小亮做俯卧撑时的示意图，他的身体可视为杠杆，O点为支点，A点为重心。在图乙中画出小亮受到的重力G的示意图及其力臂L。26．2024年11月18日成都初步确定为全国低空经济发展的6个试点城市之一。相信在不久的将来，低空载客交通和高净值物流运输将得以实现。如图是一架质量为10kg的无人机装载1kg的货物起飞，升至指定高度后，再用时20分钟，水平飞行10公里抵达目的地上方，然后用时2分钟，竖直下降90米到达目的地。g取10N/kg，求：（1）无人机水平飞行的平均速度；（2）无人机下降过程中，货物重力所做的功。27．进入冬季之后，天气开始变得干燥，学科实践小组利用一块湿敏电阻R设计了一个电路图如图甲所示的湿度表，已知R的阻值随环境湿度RH的变化情况如图乙所示，电路中的电源电压恒为12V，定值电阻，电流表量程为“0~0.6A”。求：（1）当环境湿度为40%时，电路消耗的总功率；（2）在保证电路安全的前提下，该湿度表可以监测的湿度范围。四、实验与探究题（每空2分，共18分）28．在“探究并联电路电流特点”的实验中，小文和小强两位同学一起合作进行实验，按如图甲所示的实验电路图进行实验。（1）准备连接电路时，他们首先就连接方法进行了讨论。以下的几个说法中错误的是（）；A．连接电路时，开关必须断开B．连接电路时，必须从电源正极开始C．连接电路时，每处接线都必须接牢D．连接完毕后要仔细检查电路，确认无误后再闭合开关（2）他们在规范连接电路时，小文发现电流表的指针偏转如图乙所示，原因是；（3）他们处理好问题，重新接好电路后闭合开关，发现两灯泡都亮，由于连线弯曲较乱，一时无法确定是串联还是并联？小文灵机一动，拆下一根导线，发现两灯都熄灭，因此他认定两灯是串联的，小文判断的方法是()（选填“正确”或“错误”）的；（4）如表所示，经过正确实验操作，得到了A、B、C三处的电流值；A处的电流/AB处的电流/AC处的电流/A0.200.160.36小文根据实验数据分析得出结论：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。小强提醒小文应该进行多次实验，避免结论的偶然性，下列操作中不能实现这一目的是（）（选填序号字母）A．换用规格不同的灯泡进行多次实验B．反复断开和闭合开关进行多次实验C．换用电压不同的电源进行多次实验29．为了平衡营养，小童的妈妈买了多种杂粮，小童在帮妈妈清洗杂粮时，发现绿豆不吸水且总是沉在水底的，他想知道绿豆的密度，于是和学习小组的同学们一起进行测量，他们的操作如下：（1）小童将天平置于水平桌面上，游码移动归零后，发现指针位置如图甲所示；此时应将平衡螺母向（选填“左”或“右”）调节使横梁平衡；（2）小童先用调平后天平称量空烧杯的质量，当横梁重新平衡时，所用砝码及游码位置如图乙所示，则空烧杯的质量为g；在烧杯中放入适量的绿豆，测得烧杯和绿豆的总质量为51.2g。（3）在量筒中倒入一定量的水（如图丙），再把刚才称量的绿豆全部倒入量筒中，测出绿豆和水的总体积（如图丁）。则可计算出的绿豆密度为。（4）学习小组的小婧同学也设计了一个测量绿豆密度的方法，请你帮她完成以下实验内容：（水的密度为）①首先用一个小矿泉水瓶装适量的水，在瓶身标记水面的位置，用电子秤测出瓶和水的总质量为；②把矿泉水瓶中的水倒出一小部分后，再次测出瓶和水的总质量为；③用碗装一些绿豆，测出碗和绿豆的总质量为；④把碗中的绿豆慢慢倒入瓶中，直至水面又与标记处相平，测出此时碗和绿豆的总质量为。请你帮小婧推导出绿豆密度表达式。在步骤①中，另一位同学认为应该在横截面积较小的瓶口区域做标记会更好。这样做的好处是。五、不定项选择题（每题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求，有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错或者不答的得0分）30．科技发展和社会进步离不开人们对能量、能源的深刻认识。小佳在假期游玩途中，根据所观察到的现象的理解正确的是（）A．电能是当今社会的核心能源，来源广阔，是可再生能源B．能量在转移和转化过程中总量保持不变，所以无需节约能源C．新能源汽车在发展过程中的能量转化效率最终可以达到100%D．太阳能路灯白天将太阳能转化为电能，再将电能转化为化学能储存起来31．如图是成都高新区双子塔在今年春节期间的灯光秀，小亮站在离双子塔较远的交子公园观看这场灯光秀，当他取下眼镜时，看到的双子塔变得模糊，下列说法中正确的是（）A．小亮先看近处的物体，再看双子塔时晶状体会变薄B．看到的水面很亮，是因为光从水下射向空气再射入人眼C．双子塔发出的五颜六色的光是由红、黄、蓝三种基本色光混合而成D．如果小亮是近视眼，他应该佩戴的是凸透镜片，取下眼镜后成像在视网膜后方32．用相同的酒精灯分别加热质量均为200g、初温均为0℃的甲、乙两种液体，它们的温度随时间变化的图像如图所示，已知6~8min消耗酒精的质量为0.8g，甲、乙单位时间吸收的热量相等，甲的比热容，酒精的热值（单位时间消耗酒精的质量相同）。下列说法不正确的是（）A．乙液体的比热容（）B．甲液体在0～10min吸收的热量是C．甲液体的沸点为80℃，乙液体的沸点为40℃D．6~8min酒精灯对甲液体的加热效率约为33.3%33．建筑工地上，建筑工人利用小型的升降机来搬运水泥，如图所示。某次搬运过程中，工人用升降机在6s的时间内，将3袋水泥从地面吊上四楼，每袋水泥的质量为30kg。电动机牵引绳子的拉力F-t及水泥运动的v-t图分别如图乙和丙所示，每个滑轮所受的重力均为30N。g取10N/kg，每层楼层高为3m，下面说法正确的是（）A．水泥匀速上升时，拉力F做功的功率为2040WB．水泥匀速上升过程，滑轮组对水泥做功为8100JC．滑轮组匀速拉动水泥时的机械效率约为88.2%D．滑轮组匀速拉动水泥过程克服绳重和摩擦做的额外功为720J34．如图所示，电源电压保持不变，两个电流表均接入“0~3A”的量程。当开关S闭合，、断开时，将滑动变阻器的滑片置于b端，此时电压表示数为，消耗的功率为2W；当开关S、闭合，断开时，电流表示数为，电压表的示数为；当开关S、、都闭合时，将滑动变阻器的滑片置于中点，电流表示数为。已知，，，则下列说法中正确的是（）A．电源电压为10VB．的阻值为50ΩC．当开关S、闭合，断开时，电流表示数为0.2AD．在保证电路各元件安全的情况下，该电路可实现的最大功率为60W六、综合题（共10分。第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）35．如图甲是传统电热水壶的工作原理图，它是通过底部的加热丝对底盘进行加热，再传导到壶内的水，使其逐渐升温，最终沸腾。当水沸腾时，所产生的水蒸气会使蒸气感温元件的双金属片产生变形，这种变形通过杠杆原理推动电源开关断电，从而实现了自动断电的功能。这个断电机制是不可自行复位的，因此一旦水沸腾，电热水壶将不再继续加热。（1）以下关于传统电热水壶的说法，错误的是（）；A．传统电热水壶主要利用电流的磁效应工作B．传统电热水壶加热效率一般高于燃气灶烧水C．指示灯出现故障时，传统电热水壶也可能工作，所以人离开时应该断开电源D．防干烧开关和蒸汽开关起到了双重保护作用，可以防止传统电热水壶由于温度过高而损坏（2）该传统电热水壶烧开一壶水用时8min，消耗0.1度电，则它的功率和家用电器中的很接近；（选填“电热毯”、“电冰箱”或“微波炉”）（3）如图乙是市面上一款智能恒温调奶器控制面板，该调奶器宣称除具有加热、解冻、消毒、除氯功能外，还有40℃恒温功能。丙图为简化电路，其中、为加热电阻，为定值保护电阻。R为温敏电阻，其阻值随温度升高而增加，且在40℃时，电磁继电器刚好将衔铁吸引，工作一段时间后再断开。小明和爸爸对该电路能否真正实现温度精确保持在40℃不变的功能有不同的意见，你的判断及理由是（）；A．可以实现，因为温敏电阻可以控制温度不变B．可以实现，因为衔铁吸下后功率增大，温度不会再下降C．不能实现，因为缺少一个到达一定温度自动断开的开关D．不能实现，因为40℃时衔铁吸下，电路处于加热状态，温度会升高一些（4）小明购买如图乙所示恒温调奶器后利用家庭电工仪器和爸爸一起研究，发现该恒温调奶器加热时额定电压为220V，额定功率为600W，、阻值相同。小明仅选用煮沸和保温挡位工作，发现该调奶器连续工作8h，保温时间与加热时间的比值为15∶1，若小明家目前电费为每度电0.5元，则该调奶器这8h工作需要元电费。36．“奋斗者”号是我国自主研发的万米载人潜水器。据报道：“奋斗者”号借助两组压载铁和顶部压载水箱可以实现无动力自主加速下潜；抵达预定深度时，先抛掉一组压载铁，处于悬浮状态并进行深海作业；完成作业后，再抛掉第二组压载铁，排出压载水箱中的海水，上浮返航。如图甲所示，课外兴趣组的同学们自制了一个潜水器，模拟“奋斗者”号潜水及上浮过程。潜水器由均为圆柱体形的主体和实心压载铁两部分组成，其中主体部分底面积为200cm2，高度为58cm，水箱中无水时主体质量为4kg，带有自动吸水、排水、丢弃压载铁等功能。下方两块相同压载铁每块质量均为1kg，密度为，底面积与主体相同。现将潜水器水箱装满水，放入如图乙的圆柱体形容器中，容器的底面积为250cm2，高度为1.5m，容器中原有水的深度为1m。潜水器下潜至浸没状态后丢弃一块压载铁，会逐渐处于悬浮状态；随后再丢弃一块压载铁，会上浮至漂浮状态；最后通过将水箱中的部分水排出到容器中调节露出水面的体积。整个过程中，潜水器底部能始终保持与液面平行，忽略液体扰动等次要因素，已知水的密度，g取10N/kg。（1）求每组压载铁的体积；（2）潜水器抛掉一块压载铁悬浮时，求容器中水对容器底部的压强；（3）潜水器上浮至漂浮后，通过排水调节露出水面的体积，求潜水器下表面距容器底部高度h与水箱排出水的质量Δm千克的关系式。

答案1．【答案】B【解析】【解答】A、参赛选手在奔跑过程中，其相对于地面或周围的地标等物体的位置不断发生变化，所以参赛选手的奔跑属于机械运动，故A错误。

B、在马拉松比赛中，赛道有弯道，且选手们的速度会因体力、策略等因素而变化，不可能一直保持快慢不变且沿直线运动，所以参赛选手不可能一直做匀速直线运动，故B正确。%

C、以奔跑的选手为参照物，杜甫草堂的树木相对于选手的位置在不断改变，所以树木是运动的，故C错误。

D、终点裁判是通过比较选手们跑完全程所用的时间来判断运动快慢的，即“相同路程比时间”，而不是“相同时间比路程”，故D错误。

故选：B。

【分析】（1）机械运动是指一个物体相对于另一个物体的位置，或者一个物体的某些部分相对于其他部分的位置，随着时间而变化的过程。

（2）匀速直线运动是指运动快慢不变、沿着直线的运动。

（3）物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。

（4）终点裁判是通过比较选手们跑完全程所用的时间来判断运动快慢的。2．【答案】A【解析】【解答】A、声音的传播需要介质，在春晚舞台上，歌声是通过空气这种介质传入现场观众耳朵的，故A正确。

B、演员使用话筒主要是为了放大声音，即改变声音的响度，而不是音调，故B错误。

C、声音在空气中的传播速度与介质的种类和温度等因素有关，与声音的响度无关。所以观众掌声越大，掌声在空气中传播的速度也不会改变，故C错误。

D、主持人播报节目名称，主要是利用声音传递信息，而不是能量，故D错误。

故选：A。

【分析】（1）声音的传播需要介质，真空不能传声。

（2）响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关。

（3）声音在不同介质中的速度的不同。

（4）声可以传递信息和能量。3．【答案】A【解析】【解答】ABCD、电磁波可以传递信息，电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，故地面指挥中心与航天员进行信息传递所利用的载体是电磁波。故A符合题意，BCD不符合题意。

故选：A。

【分析】广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。4．【答案】D【解析】【解答】墨子完成的小孔成像原理是光沿直线传播。

A、水中倒影属于平面镜成像，其实质是光的反射，故A错误；

B、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分解成各种彩色光，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故B错误；

C、海市蜃楼是光在沿直线方向传播时，在密度不均匀的空气层中，经过折射造成的结果，故C错误；

D、日食现象是由光的直线传播形成的，故D正确。

故选：D。

【分析】（1）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，如：透镜的应用、池水变浅了等。

（2）光在同一均匀介质中是沿直线传播的，应用的实例有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象；

（3）光的反射是指光线遇到障碍物被反射回来的现象，比如我们平时看到的物体，平面镜成像等。5．【答案】C【解析】【解答】A、汤汁内能的增加是通过热传递的方式实现的，故A错误；

B、火锅上方的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的，故B错误；

C、闻到火锅香味，属于扩散现象，是因为分子在不停地做无规则运动，故C正确；

D、放入锅中的牛油容易煮化，是因为温度升高，分子运动越剧烈，分子间存在相互作用的引力和斥力，故D错误。

故选：C。

【分析】（1）改变物体内能的方式有做功和热传递；

（2）物质由气态变成液态的过程叫液化；

（3）构成物质的分子在永不停息地做无规则热运动；

（4）分子间存在相互作用的引力和斥力。6．【答案】D【解析】【解答】A、用手捏空塑料瓶，手对空塑料瓶施力，使空塑料瓶变瘪，说明力可以改变物体的形状，与大气压无关，故A错误；

B、液体内部的压强随深度的增加而增大，将密封的矿泉水瓶置于深水中，受到水的压强很大，而使矿泉水瓶变形，与大气压无关，故B错误；

C、空塑料瓶从高处下落撞击地面，地面给空塑料瓶一个很大的力，使空塑料瓶变瘪，说明力可以改变物体的形状，与大气压无关，故C错误；

D、因为倒出热水的矿泉水瓶内压强小于外界大气压强，在大气压强的作用下，矿泉水瓶被压扁了，因此该现象证明了大气压强的存在，故D正确.

故选：D。

【分析】分析塑料矿泉水瓶变瘪的原因，判断是否能验证大气压的存在而得出答案。7．【答案】A【解析】【解答】A、自动喂水装置是基于水位控制原理，依靠水位控制器或电磁阀控制水流，使水从存储器中流出并进入饮水碗，以供宠物喝水，与流体压强和流速的关系无关，故A符合题意。

B、自制喷雾器是利用了流体动力学原理，通过压缩气体产生足够的压力，当气体从喷嘴快速释放时，其内部压力大于外部环境压力，从而驱动液体流出，形成喷雾，利用了流体流速大的地方压强小的原理，故B不符合题意。

C、犬鼠洞穴有两个出口，一个是平的，而另一个则是隆起的土堆。当地面上有空气流动时，隆起土堆的洞口气流速度大，压强减小，在此洞内外产生压强差，使气体朝此隆起土堆的洞口流出，同时洞内气压逐渐降低，另一洞口上方气压较高，气体又会从这一洞口流进，利用了流体压强与流速的关系，故C不符合题意。

D、冷热水混合淋浴器在混合水的过程中，利用了流体流速与压强的关系。当冷水和热水分别以不同的速度流动时，它们之间会形成一定的压强差，从而使冷水和热水能够混合均匀。例如，在一些淋浴器设计中，通过调节冷水和热水的流速，来控制它们在混合腔中的混合比例和流出的水温，故D不符合题意。

故选：A。

【分析】（1）流体流速越快压强越小，需要区分流体在物体表面不同位置的流速。

（2）理解流体压强与流速的关系是解题的关键。8．【答案】B【解析】【解答】AB、烧开水时壶盖可能被顶开是因为产生的水蒸气对壶盖做功，将水蒸气的内能转化为壶盖的机械能；

内燃机的四个冲程中，只有做功冲程是将内能转化为机械能，所以该过程能量转化跟内燃机的做功冲程相同；故A错误，B正确；

C、做功冲程中，燃料燃烧的高温高压气体对活塞做功，所以气缸是密闭的，故进气门和排气门都关闭，活塞向下运动，故C错误；

D、在热机的四个冲程中，只有做功冲程对外做功，其他三个冲程是靠飞轮的惯性完成的。故D错误。

故选：B。【分析】（1）内燃机的做功冲程中，内能转化为机械能；

（2）吸气冲程和排气冲程进气门和排气门分别打开；做功冲程进气门和排气门都关闭，活塞向下运动。

（3）​​​​​​​在热机的四个冲程中，只有做功冲程对外做功，其他三个冲程是靠飞轮的惯性完成的；9．【答案】D【解析】【解答】A、由图可知，两电阻依次连接，是串联关系，故A错误；

B、由图可知，电压表正负接线柱连接正确，指针不会反向偏转，故B错误；

CD、由图可知，电压表与电阻R2并联，测量的是电阻R2两端的电压，若R2被短路，电压表被短路，电压表指针几乎不偏转，故C错误、D正确。

故选：D。

【分析】（1）串联电路中，电流只有一条路径，并联电路中，电流有2条或多条路径；

（2）电压表使用时，应使电流从正接线柱流入，负接线柱流出；

（3）电压表与被测用电器并联；

（4）电压表被短路时，示数为零。10．【答案】B【解析】【解答】A、毽子在上升过程中，质量不变，速度变小，动能变小，故A错误；

B、毽子在上升过程中，质量不变，高度增加，重力势能增大，故B正确；

C、在考虑空气阻力的情况下，上升过程中，毽子受到向下的重力和向下的阻力，下落过程中，毽子受到向下的重力和向上的阻力，所以整个过程中毽子受到的合力会发生改变，故C错误；

D、下落过程中，毽子的质量不变，高度下降，速度增加，重力势能转化为动能，故D错误。

故选：B。

【分析】（1）动能的大小与质量和速度有关，重力势能大小与质量和高度有关；动能和势能可以相互转化；

（2）对空中的毽子进行受力分析可做出判断。11．【答案】C【解析】【解答】A、从用电安全角度考虑，控制灯泡的开关应该安装在灯泡和火线之间，故A错误；

B、使用验电笔时手必须接触笔尾金属体，使人体和验电笔形成通路，不能接触笔尖金属体，故B错误；

C、有金属外壳的家用电器要使用三孔插座，避免触电或者漏电，故C正确；

D、脚下穿有绝缘的橡胶鞋，双手同时接触火线和零线，也会触电，故D错误。

故选：C。【分析】（1）控制灯泡的开关应该安装在灯泡和火线之间。

（2）使用验电笔时手必须接触笔尾金属体。

（3）有金属外壳的家用电器要使用三孔插座。

（4）低压触电的种类有单线触电和双线触电。12．【答案】A【解析】【解答】AB．若在甲、乙之间接入电源，闭合开关，导体棒ab中有电流通过，通电导体棒在磁场中会受力运动，故可以模拟电动机的工作原理，导线ab在磁场中受力方向与电流方向有关，故只改变电流方向，运动方向会发生改变，故A正确，B错误；C．灵敏电流表不能给电路提供电流，故在甲、乙之间接入灵敏电流表，因为电路中没有电源，则没有电流通过导线ab，导线ab在磁场中不会受力运动，故C错误；D．由电磁感应的条件可知，若在甲、乙之间接入灵敏电流表，在开关闭合，且导线ab做切割磁感线运动时，电路中才会有电流产生，电流表指针才会偏转，故D错误。故选A。

【分析】（1）通电导体在磁场中会受到力的作用，导体受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关；

（2）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象。13．【答案】D【解析】【解答】ABCD、由题意可知，通过手机扫码使开关S1闭合或通过投币使开关S2闭合，即单独闭合任何一个开关都能启动电动机完成自动售货，说明开关S1和开关S2都可以独立控制电动机工作，即两个开关S1和开关S2应为并联，再与电动机串联；并且在光线较暗时光控开关S3自动闭合，接通灯泡照明，所以灯泡和电动机都可以独立工作，互不影响，所以灯泡和电动机应为并联，灯泡只由光控开关S3控制，由选项电路图可知，只有D图符合题意，故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。

【分析】（1）并联电路各支路互不影响，干路开关控制整个电路，支路只控制支路用电器；

（2）根据题意可知，通过手机扫码和投币都可以启动电动机完成自动售货，说明开关S1和开关S2可以独立工作、互不影响即为并联；再由照明灯泡与电动机工作时互不影响可知电动机与照明灯并联，且照明灯泡只由光控开关控制，据此分析进行解答。14．【答案】C【解析】【解答】A．采集土壤后嫦娥六号对月球表面的压力的受力物体是月球表面；月球表面对嫦娥六号的支持力的受力物体是嫦娥六号，故两个力作用在两个物体上，不是平衡力，故A错误；B．采集土壤后嫦娥六号重力G和嫦娥六号受到的支持力都作用在同一物体上，大小相等，方向相反，作用在同一直线上，所以是一对平衡力，故B错误；C．物体惯性大小只与质量有关，质量不变，惯性不变，故C正确；D．探测器在减速降落时，受到向上的阻力大于重力，故合力的方向与运动方向相反，方向向上，故D错误。故选C。

【分析】（1）物体处于静止或匀速直线运动状态时，则物体受平衡力作用；二力平衡的条件：作用在同一物体上的力，并且大小相等、方向相反、作用在同一直线上；相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在两个物体上；

（2）一切物体都有保持运动状态不变的性质，叫惯性；惯性与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；

（3）物体如果受到力的作用，且受到的力不平衡，物体的运动状态就会发生改变。15．【答案】C【解析】【解答】ABCD、无风静止时气球受细绳竖直向下的拉力、重力和竖直向上的浮力作用，由于气球处于静止状态，根据受力平衡可得浮力：；由于气球排开空气的体积和气球的体积相等，所以，由F浮=ρ气gV排得气球的体积：，故ABDc错误，C正确。

故选：C。【分析】无风静止时气球处于静止状态，受平衡力作用；根据受力平衡合力为零求出浮力；根据阿基米德原理求出气球的体积。16．【答案】不变；折射【解析】【解答】（1）平静的水面相当于一个平面镜，故全红婵在平静水面中的倒影是由于光的反射形成的平面镜成像现象，由平面镜成像特点可知，全红婵下落过程中，她在平静水面中的倒影大小不变；

（2）当全红婵跃入水中后，观察跳台上方的灯光，发现灯光的位置比实际位置偏高，由光的折射规律可知，当光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，故人逆着折射光线的方向看灯光时，看到的是折射光线的反向延长线会聚而成的一个虚像，故像的位置比实际位置偏高，这是因为发生了光的折射现象。

故答案为：不变；折射。【分析】（1）平面镜成像的特点是：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，上下（或左右）相反，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等；

（2）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。17．【答案】较小；汽化【解析】【解答】（1）新疆地区砂石较多、日照时间长，在吸收或放出相同的热量时，由于砂石的比热容较小，故砂石的温度变化较快，导致昼夜温差大，利于水果糖分积累。；

（2）在白天，充足的光照让气温升高，果园里的灌溉水会吸收热量，发生汽化现象。

故答案为：较小；汽化。

【分析】（1）根据砂石的比热容较小分析。

（2）物质从液态变为气态的过程叫做汽化，汽化吸热；物质从气态变为液态的过程叫做液化，液化放热。18．【答案】并联；用电器【解析】【解答】（1）公共充电桩在工作时，每个充电桩都需要独立工作，互不影响。，因此它们是并联的。

（2）电动汽车充电时，外部电源（充电桩）为蓄电池提供电能，蓄电池将电能转化为化学能储存起来。在电路中，用电器是消耗电能的装置，此时蓄电池消耗了外部电源的电能，因此相当于电路中的用电器。

故答案为：并联；用电器。

【分析】（1）用电器只能同时工作的是串联电路，可以独立工作的是并联电路；

（2）电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成。19．【答案】减小；增大接触面的粗糙程度【解析】【解答】（1）露营用的拖车轮胎做得宽而大目的是在压力一定时，通过增大受力面积来减小拖车对地面的压强；

（2）轮胎刻有花纹，是在压力一定的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，从而防止拖车在行驶或停放时打滑，保证安全。

故答案为：减小；接触面的粗糙程度。

【分析】（1）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。

（2）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。20．【答案】负；右【解析】【解答】（1）由图可知，条形磁铁的左端是N极，当b端为N极时，由于同名磁极相互排斥，这样可以起到缓冲作用，根据安培定则可知，电流应从螺线管的右侧流入，左侧流出，所以电源的B端是正极，A端是负极；

（2）为增强缓冲效果，即增大磁极间斥力，则应增强电磁铁的磁性，故应增大通过电磁铁的电流，由欧姆定律可知，此时电路的总电阻变小，则应减小滑动变阻器接入电路的阻值，即将它的滑片P向右端滑动；

故答案为：负；右；小；大。【分析】（1）根据磁极间的相互作用规律确定螺线管的极性，再根据安培定则判定电源的正、负极；（2）电磁铁磁性强弱的影响因素：线圈匝数多少、电流大小。为增强缓冲效果，即增大磁极间斥力，则应增强电磁铁的磁性，故应增大通过电磁铁的电流，根据欧姆定律可知电路的总电阻变化和滑动变阻器滑片的移动方向。21．【答案】变大；大于【解析】【解答】（1）潜艇保持水下潜行状态从长江驶入东海时，其排开液体的体积等于潜艇自身的体积，故排开液体体积V排不变。而海水密度大于江水密度，根据F浮=ρ液V排g可知，潜艇受到的浮力将变大；

（2）潜艇在水中是通过改变自身重力来实现上浮和下沉的。根据物体的浮沉条件，当浮力大于重力时，物体上浮。所以潜艇加速上浮时，所受的浮力大于重力。故答案为：变大；大于

【分析】潜艇在水下潜行，潜艇排开液体的体积不变，根据F浮=ρ液V排g可知潜艇受到的浮力的变化；根据物体浮沉条件分析浮力与重力的关系。22．【答案】上；变小【解析】【解答】（1）熊猫花花向上爬树时，熊猫与树接触的位置相对静止，产生静摩擦力，熊猫相对于树有向下滑动的趋势，故树对熊猫施加的摩擦力是向上的；

（2）滚滚抱着树向下运动时，摩擦力与物体间的相对运动方向相反，熊猫受到的摩擦力的方向竖直向上。沿树干向下滑动时，突然将手松开一点，对树的压力变小，滑动摩擦力变小。

故答案为：上；变小。

【分析】摩擦力与物体间的相对运动方向相反。滑动摩擦力与压力和接触面粗糙程度有关。%0D%0A23．【答案】电压表；左【解析】【解答】（1）探究电流与电阻的关系，应该控制电阻两端电压保持不变，故保持电压表示数不变。

（2）若在实验过程中将5Ω的定值电阻更换为10Ω，根据串联分压原理可知，滑动变阻器的滑片需要向左移动，才能保证定值电阻两端电压不变。

故答案为：电压表；左。

【分析】探究电流与电阻的关系，应该控制电阻两端电压保持不变，根据串联分压分析。24．【答案】低温；5.28×104【解析】【解答】(1)由图可知，当S1断开，S2接a时，该电路为R1、R2串联，由串联电路电阻规律可知，此时电路的总电阻最大，由可知，电源电压一定时，电阻最大时电路总功率最小，故此时电火锅处于低温挡；

（2）当S1闭合，S2接b时，R1、R2并联，由并联电路电阻规律可知，此时电路的总电阻最小，由可知，电路中的总功率最大，电火锅处于高温挡；由题意可知，电火锅高温挡的电功率等于个并联电阻功率之和，即

；由可得W=Pt，故电火锅在高温挡工作一分钟消耗的电能W=P高t=880W×1×60s=5.28×104J

故答案为：低温；5.28×104。

【分析】由图甲知，当S1断开，S2接a时，该电路为R1、R2串联，当S1闭合，S2接b时，R1、R2并联，当S1断开，S2接b时，只有R2工作，根据串并联电路的特点和可知电火锅高温挡、中温挡和低温挡的电路连接；根据可求出高温挡的电功率，根据W=Pt求出电火锅在高温挡工作一分钟消耗的电能。25．【答案】（1）（2）【解析】【解答】（1）首先过入射点作出垂直反射面的法线，由图可知，入射角等于90°-40°=50°，由光的反射定律可知，反射角等于入射角，故反射角也为50°，再在右下侧画出反射光线，如图所示：（2）重力的方向是竖直向下的，从小浩的重心A画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，即为其所受重力示意图；从支点O作重力作用线的垂线段即为力臂L，如图所示：

【分析】（1）先根据入射光线与镜面之间的夹角，求出入射角，再根据反射定律求出反射角，根据入射角的度数作出反射光线。

（2）从小浩重心作出竖直向下的重力；从支点作重力的作用线的垂线段，即为其力臂L。（1）过入射点作出法线，反射光线和入射光线在法线两侧，入射角为90°-40°=50°，反射角等于入射角，则反射角也为50°，作图如下：（2）小亮受到的重力方向竖直向下，作用点在他的重心；过支点作重力作用线的垂线，垂线段即为它的力臂，作图如下：26．【答案】（1）无人机水平飞行的平均速度为（2）无人机下降过程中，货物重力所做的功为【解析】【分析】（1）根据速度公式计算平均速度；（2）根据W=Gh=mgh计算即可。（1）无人机水平飞行的平均速度为（2）无人机下降过程中，货物重力所做的功为27．【答案】（1）由电路图可知，闭合开关，R0与R串联，电流表测电路中的电流，由图乙可知，当环境湿度为40%时，湿敏电阻R的阻值为10Ω，此时电路中的总电阻为R总=R+R0=10Ω+15Ω=25Ω电路消耗的总功率（2）电流表量程为“0~0.6A”，当电路中电流最大为0.6A时，电路中的总电阻为此时湿敏电阻R的阻值为R最小=R总小-R0=20Ω-15Ω=5Ω

从乙图可知当R=5Ω时，对应的湿度为80%，由题意可得湿度表可以监测的湿度范围是0~80%。【解析】【分析】由电路图可知，闭合开关，R0与R串联，电流表测电路中的电流，

（1）由图乙可知当环境湿度为40%时，湿敏电阻R的阻值为10Ω，根据串联电路电阻规律计算此时电路中的总电阻，根据计算电路消耗的总功率；

（2）电流表量程为“0～0.6A”，根据欧姆定律计算当电路中电流最大为0.6A时电路中的总电阻；根据串联电路电阻规律计算此时湿敏电阻R的阻值；从乙图可知此时对应的湿度，进一步确定湿度表可以监测的湿度范围。（1）由电路图可知，闭合开关，R0与R串联，电流表测电路中的电流，由图乙可知，当环境湿度为40%时，湿敏电阻R的阻值为10Ω，此时电路中的总电阻为R总=R+R0=10Ω+15Ω=25Ω电路消耗的总功率（2）电流表量程为“0~0.6A”，当电路中电流最大为0.6A时，电路中的总电阻为此时湿敏电阻R的阻值为R最小=R总小-R0=20Ω-15Ω=5Ω从乙图可知当R=5Ω时，对应的湿度为80%，由题意可得湿度表可以监测的湿度范围是0~80%。28．【答案】（1）B（2）电流表未调零（3）错误（4）B【解析】【解答】（1）ACD、连接电路时，为保护电路，开关必须断开；连接电路时，每处接线都必须接牢，否则会形成断路；连接完毕后要仔细检查电路，确认无误后再闭合开关；故ACD正确；

B.连接电路时，按一定的顺序即可，不必从电源正极开始，故B错误。

故选：B。

（2）他们在规范连接电路时，小文发现电流表的指针偏转如图乙所示，指针没有在零刻度线处，原因是电流表没有调零。

（3）若两灯并联，拆下干路上的导线，发现两灯都熄灭，故小文判断的方法是错误的。

（4）小文应该进行多次实验，避免结论的偶然性，要多次测量：

AC.换用规格不同的灯泡、换用电压不同的电源都可进行多次实验；

B.而反复断开和闭合开关进行多次实验，电流不变，不能多次实验，故选：B。

故答案为：（1）B；（2）电流表没有调零；（3）错误；（4）B。【分析】（1）ACD、根据连接电路的注意事项分析。%0D%0AB.连接电路时，按一定的顺序即可。

（2）电流表使用前要调零。

（3）若两灯并联，拆下干路上的导线，两灯都熄灭。

（4）为避免结论的偶然性，要多次测量得到多组数据。（1）A．连接电路时，为了保护电路安全，开关应断开，故A正确，不符合题意；BC．连接电路时，没有规定连接顺序，但需要每处接线都必须接牢，防止因接触不良出现断路，故B错误，符合题意，C正确，不符合题意；D．为了保护电路，连接完毕后要仔细检查电路，确认无误后再闭合开关，故D正确，不符合题意。故选B。（2）连接电路时，电流表出现乙图所示现象，即发生左偏，是由于电流表未调零。（3）小文判断的方法是错误的，因为干路上的导线会影响各支路，若拆下的是干路导线，两灯也会熄灭。（4）实验中为了得到普遍规律应换用规格不同的灯泡或换用电压不同的电源，因此多次实验，因此不能实现这一目的是反复断开和闭合开关进行多次实验，故选B。29．【答案】（1）右（2）27（3）1.21（4）；液面控制更准确，瓶口截面积小，体积发生变化，液面变化更明显，故测量精度高，测量的体积误差小【解析】【解答】（1）使用天平时，将天平放在水面桌面上，将游码调至标尺左端零刻度线处，此时图甲中指针左偏，应向右调节平衡螺母，直到天平平衡；

（2）由图可知，天平标尺的分度值为0.2g，故空烧杯的质量为m0=20g+5g+2g=27g；

（3）图乙中称量绿豆的质量m=51.2g-27g=24.2g，图丙、丁中，量筒中分度值2mL，绿豆的体积

V=V2-V1=40mL-20mL=20mL=20cm3，由密度公式可得绿豆的密度为

；

（4）④由题可知，绿豆的体积等于倒出水的体积，即，由密度公式可得绿豆的密度；

另一位同学让水面与瓶口相平，这样的好处，液面控制更准确，瓶口截面积小，体积发生变化，液面变化更明显，故测量精度高，测量的体积误差小。

故答案为：（1）右；（2）27；（3）1.21；（4）；液面控制更准确，瓶口截面积小，体积发生变化，液面变化更明显，故测量精度高，测量的体积误差小。【分析】（1）使用天平时，将天平放在水面桌面上，将游码调至标尺左端零刻度线处，此时图甲种指针左偏，应向右调节平衡螺母，直到天平平衡；

（2）绿豆的质量等于砝码的质量加游码的示数；

（3）图丙、丁中，量筒中分度值已知，由排水法可知绿豆的体积；绿豆的密度等于绿豆的质量除以其体积；

4）用等效代替法求绿豆的体积，绿豆的体积等于倒出水的体积，倒出水的质量为m1-m2，对应的水的体积容易表示出来，加入瓶中的绿豆的质量为m3-m4，绿豆的密度由密度公式求出。另一位同学让水面与瓶口相平，这样的好处，液面控制更准确，瓶口截面积小，测量精度高，测量的体积误差小.（1）使用天平时，将天平放在水面桌面上，将游码调至标尺左端要刻度线处，此时图甲中指针左偏，说明左端沉，因此应向右调节平衡螺母，直到天平平衡。（2）由图可知，标尺的分度值为0.2g，则空烧杯的质量为m0=20g+5g+2g=27g（3）图乙中称量绿豆的质量m=51.2g-27g=24.2g图丙、丁中，量筒中分度值2mL，绿豆的体积V=V丁-V丙=40mL-20mL=20mL=20cm3绿豆的密度（4）[1]用等效代替法求绿豆的体积，绿豆的体积等于倒出水的体积绿豆的密度[2]另一位同学认为应该在横截面积较小的瓶口区域做标记会更好，这样的好处，液面控制更准确，瓶口截面积小，测量精度高，测量的体积误差小。30．【答案】D【解析】【解答】A、当今社会的核心能源是化石能源，如煤炭、石油和天然气等，而非电能。电能是二次能源，需要通过其他能源转化而来，且电能本身并非直接的可再生能源，其来源取决于一次能源的性质，故A错误。

B、虽然能量在转移和转化过程中总量保持不变，但是能量的转化和转移具有方向性，且现有可利用的能源有限，如化石能源是不可再生能源，用一点少一点，所以必须节约能源，故B错误。

C、任何能量转化过程中都存在能量损耗，新能源汽车也不例外，其能量转化效率不可能达到100%，故C错误。

D、太阳能路灯的工作原理是白天太阳能电池板将太阳能转化为电能，然后电能存储在蓄电池中，这个过程是将电能转化为化学能储存起来，晚上再将化学能转化为电能供路灯照明，故D正确。

故选：D。

【分析】（1）当今社会的核心能源是化石能源，如煤炭、石油和天然气等，而非电能。电能是二次能源，需要通过其他能源转化而来，且电能本身并非直接的可再生能源，其来源取决于一次能源的性质。

（2）能量的转化和转移具有方向性，且现有可利用的能源有限，如化石能源是不可再生能源，用一点少一点，所以必须节约能源。

（3）任何能量转化过程中都存在能量损耗，新能源汽车也不例外，其能量转化效率不可能达到100%。

（4）太阳能路灯的工作原理是白天太阳能电池板将太阳能转化为电能，然后电能存储在蓄电池中，这个过程是将电能转化为化学能储存起来，晚上再将化学能转化为电能供路灯照明。31．【答案】A【解析】【解答】A、小亮先看近处的物体，再看双子塔时，物距变大，像距变小，此时晶状体会变薄，使得焦距变大，像能成在视网膜上，故A正确；

B、看到的水面很亮，是因为由部分光从水面发生镜面反射后再射入人眼，故B错误；

C、双子塔发出的五颜六色的光是由红、绿、蓝三种基本色光混合而成，故C错误；

D、小亮是近视眼，他应该佩戴的是凹透镜片，取下眼镜后成像在视网膜前方，故D错误。

故选：A。

【分析】（1）凸透镜成实像时，物远像近像变小；

（2）光照射在水面时会发生反射现象；

（3）光的三原色是红、绿、蓝；

（4）近视眼的成因是像成在了视网膜的前方。32．【答案】B【解析】【解答】A．由题可知，甲液体在6min~8min即2min内吸收的热量为：

Q吸=c甲mΔt=2×103J/(kg·℃)×0.2kg×(80℃-60℃)=8×103J，由于甲、乙单位时间吸收的热量相等，由图可知，在0~6min内，6min内物质乙吸收的热量

Q吸乙=3Q吸=3×8×103J=2.4×104J；由Q=cmΔt可知物质乙的比热容故A正确，不符合题意；B．由上述分析可知，甲液体在2min内吸收的热量为：Q吸=8×103J，则甲液体在0~10min吸收的热量是Q吸'=5×8×103J=4×104J；故B错误，符合题意；C．由图象可知，甲液体在第8min后吸收热量时，温度不再发生变化，此时甲液体的温度为80℃；乙液体在6min后继续吸收热量，但温度不变，此时乙液体的温度为40℃，故甲液体的沸点为80℃，，乙液体的沸点为40℃，故C正确，不符合题意；D.由热值公式可知，0.8g酒精完全燃烧放出的热量Q放=m酒精q=0.8×10-3kg×3×107J/kg=2.4×104J即2min酒精完全燃烧放出的热量为2.4×104J，由上述计算可知，此时甲液体吸收的热量为：

Q吸=8×103J，故6min~8min酒精灯对物质甲的加热效率故D正确，不符合题意。故选B。

【分析】（1）由题知，甲、乙单位时间吸收的热量相等，由图可得在0～6min内物质乙吸收的热量，利用Q吸=c甲mΔt计算物质乙的比热容；

（2）在相同时间内物质吸收的热量是相同的，先利用Q吸=c甲mΔt求6～8min内甲吸收的热量，可得0～10min甲吸收的热量；

（3）液体沸腾时吸收热量、温度不变，液体沸腾时的温度叫沸点；

（4）由图得出甲液体在6min～8min内升高的温度，利用Q吸=c甲mΔt计算甲液体在6min～8min内吸收的热量；利用Q放=mq计算0.8g酒精完全燃烧放出的热量，即2min酒精完全燃烧放出的热量，6min～8min酒精灯对物质甲的加热效率等于水吸收的热量与酒精完全燃烧放出热量的比值。33．【答案】A,C【解析】【解答】A、由图甲可知，滑轮组绳子股数为：n=3，水泥匀速上升时，由图丙可知，水泥上升的速度为2m/s；由图乙可知，此时的拉力F为430N，则拉力F做功的功率为：，故A正确；

B、由图丙可知，水泥匀速上升的时间为t=5s-2s=3s，水泥匀速上升的高度为：

h=vt=2m/s×3s=6m，则水泥匀速上升过程，滑轮组对水泥做的功为：

W有=3Gh=3mgh=3×30kg×10N/kg×6m=5400J，故B错误；

C、滑轮组匀速拉动水泥时拉力做的总功为：W总=Fs=Fnh=340N×3×6m=6120J，滑轮组匀速拉动水泥时的机械效率为：，故C正确；

D、滑轮组匀速拉动水泥过程中克服动滑轮重做的功为：

W额动=G动h=30N×6m=180J，

滑轮组匀速拉动水泥过程克服绳重和摩擦做的额外功为：

W绳+摩=W总-W有-W动=6120J-5400J-180J=540J，故D错误。

故选：AC。

【分析】（1）根据滑轮组装置确定绳子股数，由图丙确定水泥匀速上升时的速度，由图乙确定水泥匀速上升时拉力F的大小，利用求出拉力F做功的功率；

（2）根据速度公式求出水泥匀速上升的高度，利用W有=3Gh=3mgh求出滑轮组对水泥做的功；

（3）根据W总=Fs=Fnh求出滑轮组匀速拉动水泥时拉力做的总功，利用总求出滑轮组匀速拉动水泥时的机械效率；

（4）根据W额动=G动h求出滑轮组匀速拉动水泥过程中克服动滑轮重做的功，利用W总=W有+W动+W绳+摩求出滑轮组匀速拉动水泥过程克服绳重和摩擦做的额外功。34．【答案】B,D【解析】【解答】由图可知，当开关S闭合，S1、S2断开，将滑动变阻器的滑片置于b端时，该电路为滑动变阻器R2和电阻R1、R3串联，滑动变阻器全部接入电路中，电压表与电阻R1并联，示数为U1，画出等效电路如图甲所示：

当开关S、S2闭合，S1断开时，滑动变阻器和电阻R3被短路，该电路为只有电阻R1单独接入电路的简单电路，电压表与电阻R1并联，示数为U2，此时电阻R1两端电压等于电源电压，即U2=U；电流表测量电路中的电路，示数为I1，等效电路如图乙所示；当S、S1、S2都闭合时，将滑动变阻器的滑片置于R2中点，此时该电路为滑动变阻器R2和电阻R1、R3并联，滑动变阻器接入电路中的电阻为最大阻值的一半，电流表A1测量通过电阻R1和滑动变阻器R2的总电流，示数为I2，等效电路如图丙所示；AB、图乙中，该电路为只有电阻R1的简单电路，因为电阻R1两端电压等于电源电压U2=U，故电流表的示数图丙中滑动变阻器和电阻滑动变阻器R2、R1、R3并联，电流表测通过电阻R1和滑动变阻器R2的总电流，示数为I2，通过电阻R1的电流为：IR1=U2R1=UR1=I1，因为，故可得电阻R1、R2电流之比为：IR1：IR2=3：4；由并联电路各支路电阻之比等于电流反比，即

，因为，故解得R'2=15Ω，因为滑动变阻器接入电路中的电阻为最大阻值的一半，故R2=30Ω，即滑动变阻器最大电阻为30Ω；

甲图中，该电路为三个电阻串联，由串联电路的分压原理可得已知，U2=U，则解得R3=50Ω，故B正确；由甲图可知，因为R3消耗的功率P3为2W，由电功率公式

P=UI=I2R可得；由串联电路的电阻特点和欧姆定律可得电源电压为：

U=IR总I(R1+R2+R3)=0.2A×(20Ω+30Ω+50Ω)=20V，故A错误，B正确；C、当开关S、S1闭合，S2断开时，滑动变阻器和电阻R1被短路，此时只有R3连入电路，电流表A2测量电路中的电流，则电流表的示数

，故C错误；D、由P=UI可知，电源电压一定时，电流越大，电功率越大，由于电路中电阻并联时总电阻最小，电路中电流最大，故当S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器和电阻R1、R3并联，此时电路中电流最大；

因为电流表A2测量三个电阻的总电流，已知电流表接入“0~3A”的量程，故干路电流最大为3A，可知电路中消耗的电功率最大为：

P大=UI=20V×3A=60W，故D正确。故选BD。

【分析】根据开关的断开、闭合的状态和滑动变阻器的位置分析电路的连接方式，并画出相应的等效电路图；

（1）利用已知的电流比I1：I2和已知的电阻阻值R1，结合相对应的电路图，根据欧姆定律和并联电路的电流特点列方程求出R2的阻值；利用已知的电压比U1：U2和已知的电阻阻值R1，结合相对应的电路图，根据串联电路的电压特点列方程求出R3的阻值；

（2）利用已知的R3消耗的电功率P3和已求出的R3的阻值，根据电功率公式求出电路中的电流，结合相对应的电路图，根据欧姆定律和串联电路的特点求出电源两端的电压；

（3）当开关S、S1闭合，S2断开时，只有R3连入电路，电流表A2测量电路中的电流，根据即可求出电流表的示数；

（4）电路安全工作时，当S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器和电阻R1、R3并联，根据电流表的量程可知干路最大电流，根据P=UI求出消耗的最大电功率。35．【答案】（1）A（2）微波炉（3）D（4）1.275元【解析】【解答】（1）A、传统电热水壶是通过底部的加热丝对底盘进行加热，是利用电流的热效应工作，而不是电流的磁效应，电流的磁效应是指电流周围产生磁场的现象，如电磁铁等，故A错误。

B、传统电热水壶将电能转化为内能，直接对水加热，热量散失相对较少；而燃气灶烧水时，有一部分热量会散失到周围空气中，还有一部分被锅等吸收，所以电热水壶加热效率一般高于燃气灶烧水，故B正确。

C、指示灯和加热电路可能是并联的，指示灯出现故障时，不影响加热电路的工作，所以人离开时应该断开电源，防止发生意外，故C正确。

D、防干烧开关在无水或水量过少时会断开电路，蒸汽开关在水沸腾时断开电路，起到了双重保护作用，可以防止传统电热水壶由于温度过高而损坏，故D正确。

故选：A。（2）由题意即功率公式可得热水壶的功率为：，电热毯功率一般在50W-100W左右，电冰箱功率一般在100W-200W左右，微波炉功率一般在700W-1200W左右，所以它的功率和微波炉很接近。（3）在40℃时，电磁继电器刚好将衔铁吸引，此时电路处于加热状态，工作一段时间后，由于电路在加热，温度会升高一些，不能真正实现温度精确保持在40℃不变，故选D。（4）已知调奶器连续工作t总=8h，保温时间与加热时间的比值为15：1，则加热时间，保温时间t保=8h-0.5h=7.5h。则加热消耗的电能W加=P加t加=0.6kW×0.5h=0.3kW•h。

据丙图可知，当两电阻串联时为保温状态，R2单独工作为加热状态，保温状态时，相同的两电阻、串联，两电阻串联的总电阻为原来加热电阻的2倍，由可得，保温功率变为加热功率的，即保温功率为P保=600W×=300W=0.3kW，则保温时消耗的电能为：W保=P保t保=0.3kW×7.5h=2.25kW•h，则总消耗电能为：W=W加+W保=0.3kW•h+2.25kW•h=2.55kW•h。已知每度电0.5元，则电费=2.55kW•h×0.5元/kW•h=1.275元。

故答案为：（1）A；（2）微波炉；（3）D；（4）1.275。

【分析】（1）电流通过导体时电能转化成内能，这种现象叫作电流的热效应。电功率等于电功与时间之比。

（2）多档位的实质是利用多开关控制接入电路中电阻的大小，从而改变用电器电功率来实现对挡位的控制。

（3）电流在某段电路上所做的功，等于这段电路两端的电压，电路中的电流和通电时间的乘积。

（4）由可得，保温时总电阻为加热电阻的2倍，利用加热功率可计算出保温功率，再由W=Pt计算出消耗的电能，利用电费单价计算电费。（1）A．传统电热水壶消耗电能，将电能转化为内能，利用电流的热效应工作的，故A错误，符合题意；B．燃气灶烧水的过程中向周围散失的能量多余电热水壶，因此传统电热水壶加热效率一般高于燃气灶烧水，故B正确，不符合题意；C．指示灯和加热电阻是并联的，因此指示灯出现故障时，传统电热水壶也可能工作，所以人离开