广东省金太阳2025-2026学年高三下学期2月开学考试物理(含答案)

注意事项：__封封A.波源的起振方向沿y轴负方向B.该波的传播速度大小是1m/s,方向沿着x轴正方向C.质点M与质点Q一定总是同时回到平衡位置D.波源起振后6s时，x=1m处的质点第一次到达波谷就是民营商业科学实验卫星。“南粤二号”卫星已知地球质量为M,引力常量为G,卫星轨道半径为r,忽略地球自转影B.卫星的线速度大小为,一定小于地球的第一宇宙速度离地高度h变化的图像可能正确的是hC五hCBAB射光沿水平方向垂直射入第一块棱镜的直角边，经斜边反射后沿竖直方向射入第二块棱镜，最后垂直第二块棱镜右侧直角边射出。已知该光线在真空中的光速为c,在两块棱镜中传播的总时间为t。下列说法正确的是C.该光线在两块棱镜中传播的路程为ct7.滑块A的质量为1kg,以5m/s的初速度沿水平面追赶正前方初速度A.两个滑块与水平面的动摩擦因数都等于0.1D.碰撞过程滑块B受到的冲量大小为1N·s、方向与它的运动方向相同【高三物理第3页(共6页)】二、多项选择题(本题共3小题，每小题6分，共18分，每小题有要求，全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分)送带上方足够大空间内存在垂直于纸面向里的磁感应强将一质量为m、电荷量为+q的带电小货物无初速度地放在传送带的左端，将小货物看成质A.小货物在传送带上运动的过程，摩擦力D.小货物在传送带上的最大加速度是μg,最大速度可能是电模式进行输电，其原理示意图如图所示。从发电厂发出的频率是50Hz、500V正弦交流电，经过多级升压后变成50Hz、1100k▽的交流电，再利用整流器转变成1100kV特高压配给不同的用户使用。下列说法正确的是交交em7用户器A.采用直流输电方式可以减小电磁辐射产生的能量损耗B.采用特高压输电方式是为了减小输电线电阻产生的热损耗D.从线圈平面与磁场垂直时开始计时，发电厂发出的交流电压瞬时值表达式为u=示。矩形测量管内有垂直于管前后表面磁感应强度为B的匀强磁场，当含有大量自由电荷的液体从左向右流经测量管时，差，电势差最终达到稳定值。已知测量管的边长分别是a、b、c,管壁上下两表面间的电压为U,液体密度为p,重力加速度大小为g。下列说法正确的是B.液体的流速大小为C.液体的流量为D.若只增大磁场磁感应强度，管壁上下两表面的电势差将减小11.(8分)某实验小组用智能电压表(内阻约为20kΩ)和智能电流表(内阻为0.5Ω)测两节使用了一段时间的干电池组的电动势E和内阻r,小明和小华两位同学分别用图甲中的实验R智能电压表E,rR智能电压表E,rE,r(1)调节滑动变阻器，记录多组电压UI/A和电流I数据，根据数据画出U-I图像(如图乙所示),如果采用小明的方案，电动势的测量值比真实值(选填“偏大”或“偏小”),内阻的测量值比真实值(选填“偏大”或“偏小”),从原理上分析可知，产生这种误差的主要原因是(2)两种方案相比较，(选填“小明”或“小华”)方案较好，原因是 (3)图乙中哪条图线是小华的数据描出的U-I图像(选填“A”或“B”),根据小华的U-I图像可求得电池组的电动势E=V(结果保留2位小数),内阻r=Ω(结果保留2位有效数字)。12.(8分)用如图所示的装置验证碰撞中的动量守恒：滑块A、B质量分别为m₁、m₂,且m<m₂,滑块上固定有宽为d的遮光条，两个滑块放在水平气垫导轨上。滑块A以某初速度通过光电门1,与静止的B发生弹性碰撞后，A反向通过光电门1,B通过光电门2,光电计时器记录碰前滑块A通过光电门1的时间为t₁,碰后滑块A通过光电门1的时间为t₂,滑块B通过光电门2的时间为ts。【高三物理第4页(共6页)】(1)碰撞前后滑块A通过光电门1的速度大小分别为和,取碰撞前滑块 成立，就可以认为碰撞过程A、B组成的系统动量守恒。(各表达式选用“d、t₁、12、t₃、m₁、m₂”之中的字母表示)。的措施有：(写出一条即可)。四、计算题(共3个小题，38分。要有必要的文字说明、主要方程、重要的演算步骤，只有最后结果的不能得分)竖直自由移动且密封性能良好，汽缸和活塞均用隔热性能良好的材料制成。缸内封闭一定质量的理想气体，活塞质量m=1.0kg,活塞横截面积S=1.0×10⁻⁴m²,缸内左侧固定有节器和温度传感器占据的体积。初始状态，活塞下表面与温度调节器和温度传感器恰好接触但无挤压，此时，传感器显示恒温箱内气体温度T₁=290K,活塞离缸底竖直高度L₁=0.2m,外界大气压强po=1.0×10⁵Pa,重力加速度g=10m/s²。(以下计算结果均保留2位有效数字)(1)求初始状态下缸内气体的压强；(2)若利用温度调节器使恒温箱内气体升温至T₂=580K,活塞缓慢上升至新的平衡位置但未到达顶部，此过程中气体从温度调节器中吸热Q=18J,求活塞到汽缸底部的距离以及缸内气体内能变化量。L10³kg,工作时拖拉机与翻耕机整体所受阻力大小f与速度大小v成正比，即f=kv,k=4.5×10²N·s/m,重力加速度g=10m/s²。(1)拖拉机以v₁=3m/s匀速翻耕时，求此时的牵引力的功率P₁;(2)若拖拉机以额定功率P=5.4×10³W从静止开始加速翻耕，求加速过程的最大速度的大小vm;(3)若拖拉机以额定功率P=5.4×10³W从静止开始加速翻耕，当拖拉机速度达到v₂=2m/s时，求此时的加速度大小a。【高三物理第5页(共6页)】所示。其原理是质子从静止开始经电场加速后垂直进人匀强磁场分战不同方向的质子東去轰击不同的金属靶产生高能中子射线，加速及偏转系统原理浏化尔图如图斯示，侧向里的匀强磁场，磁感应强度B=0.5T,磁场边界为圆形。发子的量=1.6(1)求打在1号靶上的质子的速度大小r;(2)求打在1号靶上的质子在偏转磁场中运动的轨迹半径及运动时间结果均保留2位省效数字);(3)若在偏转磁场区域叠加垂直磁场方向的脉冲式电场(如图1个质子偏转90°角出磁场后最终打在1号靶上；第1个质子出磁场后立即进人第2个质子沿直线适过器形磁场区域后最终打在2号靶上，第2个质子出磁场后立即进人第3个封………………缓………………缓…………………第15题图乙第15题肉丙第15题图乙高三物理参考答案一、单选题(共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。选对的得4分，选错或不答的得0分)【解析】A.以工人和检修篮为对象，BC和BD拉力的竖直分力的合力与总重力平衡，2Tcos37°=mg,解得轻绳BC拉力大小T=500N,所以A错误；B、C.杆在B点对轻绳的支持力与地球对轻绳、工人和检修篮的重力是一对平衡力，其大小等D.两绳BC和BD拉力的合力不变，θ增大导致两绳间的夹角增大，每根绳子中的拉力大小故正确答案选C。【解析】A.1个光子能量：E=hv=6.63×10⁻³×6.0×10¹⁴J≈3.98×10⁻¹⁹J,A选项正确；C.强度增大仅增加了光子数，不改变每个光子能量，所以D.极限频率为4.8×10¹⁴Hz,v=5.0×10¹Hz大于极限频率，仍能产生光电子，D选项错误。故正确答案选A。【考点】光电效应规律；对应新人教版选择性必修第三册、新粤教版选择性必修第三册。【解析】A.由图乙可知P点的起振方向沿y轴正方向，则波源的起振方向与P点的起振方向相同，也沿y轴正方向，所以A错误；B.由题意知，波源在x=6m处，由振动图像可知质点P在6s时的振动方向沿y轴负方向，根据同侧法可以判断波沿x轴负方向传播。波长为4m,周期为4s,所以波速为C.图示时刻M和Q离开平衡位置的位移等大反向，M振动方向沿y轴负方向，Q振动方向沿y轴正方向，速度等大，所以一定总是同时回到平衡位置(或者根据：M和Q平衡位置间距离等于半个波长，相位总是相反，所以一定总是同时回到平衡位置)。所以C正确；D.由题意可知波源在x=6m处，波源起振后沿y轴正方向运动，此振动经过5s传播到x=1m处的质点，再经1s振动到波峰。所以D错误。故正确答案选C。要求的必考内容。【解析】A.由万有引力提供向心力,则“南粤二号”卫星的向心加速度大小为a=,但是方向不断变化，因此向心加速度不恒定，所以A选项是错误的；于卫星的轨道半径大于地球半径，所以“南粤二号”卫星的线速度小于地球的第一宇宙速度，B选项正确；C.若将卫星从半径小的圆形轨道变轨到半径大的圆形轨道，至少要在椭圆形转移轨道的近地点和远地点各进行一次点火加速才能实现，所以C选项错误；D.利用题中所给的条件，可求出“南粤二号”卫星的公转周期，但还需知道地球半径才能求地球的密度，所以D选项错误。故正确答案选B。【考点】万有引力定律的应用、天体运动规律；对应新人教版必修第二册、新粤教版必修第二册。【解析】A、B.抛出后的链球，机械能保持不变，Ep=mgh(h为链球距地面的高度),且重力势能随高度h的增大而增大，所以A、B错误；C、D.由机械能守恒定律可知Ek=E-mgh,由于水平分速度不为0,所以在最高点时链球的动能最小值不为0,故C错误，D正确。故正确答案选D。【解析】A.由几何关系可知，光在每一块棱镜斜边的入射角为45°,所以A错误；B.由于,所以该光在斜边发生全反射的临界角C=45°,B正确；C.光在棱镜中的速度为,光在两块棱镜中传播的总路程为,所以C错误；D.折射率为1.4时，,则临界角C′≈45.58°>C=45°,在入射角仍然故正确答案选B。【考点】全反射与临界角；对应新人教版选择性必修第一册、新粤教版选择性必修第一册。【解析】A.由图像知三段图像的斜率大小相等均为a=1m/s²,对滑块A,根据牛顿第二定律得μmAg=mAa,代入数据得动摩擦因数1,动摩擦因数与质量无关，均等于0.1,B.由v-t图像可以求出0～2s内滑块A比B多走4m,也就是零时刻A与B间的距离为4m,碰撞发生在2s末，所以B正确；C.因为碰撞时间极短，所以碰撞过程总动量守恒。mAvA十mBUB=(mA+mB)v共，其中mA=1kg,vA=3m/s,vB=1m/s,v共=2m/s,代入前式得mB=1kg。所以C错误；D.根据动量定理可知，碰撞过程滑块B受到的冲量等于B的动量变化，大小为1N·s、方向与它的运动方向相同，所以D正确。故不正确的答案选C。性必修第一册、新粤教版必修第一册和选择性必修第一册。二、多项选择题(本题共3小题，每小题6分，共18分，每小题有两个或两个以上选项符合题目要求，全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分)【解析】A.小货物的速度可能增大到使洛伦兹力与重力平衡时，速度大小是此后支持力为0,不再受摩擦力了，全过程摩擦力对小货物做的功为,所以A错误；B.小货物的速度可能增大到使洛伦兹力与重力平衡时，速度大小是,此后就做匀速直线运动了，所以B错误；C.由左手定则可知，洛伦兹力方向竖直向上，随着速度增大，洛伦兹力增大，支持力减小，滑动摩擦力减小，根据牛顿第二定律可知加速度减小，当与传送带共速后摩擦力为0了，合力为度可能增大到使洛伦兹力与重力平衡时，速度大小是,此后支持力为0,不再受摩擦力了，最大速度可能是,所以D正确。故正确答案选CD。人教版选择性必修第二册、必修第一册、必修第二册/新粤教版选择性必修第二册、必修第一B.采用特高压输电，输电电流大幅减小，输电导线电阻的热损耗Q=I²Rt会大幅减小，所以B正确；C.用电高峰期输电电流变大，输电线的热功率变大。整流器的作用是把交流电转变成直流电，逆变器的作用是把直流电转变成交流电，所以在输电电路中连接位置不能互换，所以C正确；D.从线圈平面与磁场垂直时开始计时，发电厂发出的交流电压瞬时值表达式为u=故正确答案选ABC。教版选择性必修第二册。【解析】A.根据左手定则可知，在洛伦兹力作用下，正电荷向上表面汇聚，建立竖直向下的匀B.电势差稳定时，洛伦兹力与电场力平衡，qBv=qE,而,解得流速,所以B正确；C.流量是单位时间流过管道横截面的液体体积，则,所以C正确；D.由U=Bbv知，当流速v和b均不变时，只增大B,电势差U增大，所以D错误。故正确答案选BC。选择性必修第二册。三、实验题(共2小题，每小题8分，共16分)(1)偏小(1分);偏小(1分);智能电压表内阻的分流作用(1分);(2)小华(1分);因为智能电流表内阻已知，从原理上分析用小华方案可以得到电动势和内阻的真实值(或用小华方案可以消除原理上系统误差的影响)(1分)。(3)B(1分);2.97(1分，2.96或2.98均给分);1.7(1分，1.8也给分)。所以小明方案的电动势和内阻测量值比真实值都偏小；产生系统误差的原因主要是智能电压表内阻的分流作用。(2)采用小华方案实验，从原理上分析知道，E测=E,r测=RA+r,但是RA的，则r=r测—RA,即求出B图像斜率的绝对值减去RA就可以得到内阻的真实值，从而消除原理上带来的系统误差，所以小华方案好。(3)B图像的截距和斜率绝对值都比A图像的大，所以B图像是小华方案的；读出截距为2.96V～2.98V,得到电动势的测量值，求出B图像斜率绝对值再减去RA=0.5Ω得到内阻的测量值为1.7Ω~1.8Ω。粤教版必修第三册。【评分细则】(1)偏小(1分);偏小(1分);智能电压表内阻的分流作用(1分);(2)小华(1分);因为智能电流表内阻已知，从原理上分析用小华方案可以得到电动势和内阻的真实值(或用小华方案可以消除原理上系统误差的影响)(1分，任写一个即可得分，词即给1分)。(3)B(1分);2.97(1分，2.96或2.98均给分，范围外及小数位错误均不给分);1.7(1分，1.8也给分，有效数字错误不给分)。①(1分)(2分，约去了d给1分);(2)确保碰撞后滑块A反向运动(2分)(“确保碰撞后A反向运动”或“使A能再次通过光电门1”或“便于测量碰撞后A的速度”,任一表述都给2分);减小遮光条宽度(或多次测量遮光条宽度和滑块的质量取平均值或调节气垫导轨水平)(任意写一条正确即可得2分，有错误的得0分)。【解析】(1)光电门测速原理为瞬时速度近似等于平均速度，所以碰撞前后滑块A通过光电门1的速度大小分别为和;取碰撞前滑块A的运动方向为正方向，在实验误差允许的范围内只要表达式m₁·成立，就可以认为碰撞过程A、B组成的系统动量守恒。(2)选择m₁<m₂的目的是：确保碰撞后滑块A反向运动；减小遮光条宽度可提高测速精确度(多次测量遮光条宽度和滑块的质量取平均值可减小偶然误差，调节气垫导轨水平是为了满足合外力为零的条件)。【考点】验证动量守恒实验、光电门测速；对应新人教版选择性必修第一册、新粤教版选择性必修第一册。(全对2分，约去了d其他正确给1分);(全对2分，(2)共4分：目的是：确保碰撞后滑块A反向运动(2分),措施2分(任写一条合理措施即可)措施有：减小遮光条宽度(或多次测量遮光条宽度和滑块的质量取平均值或调节气垫导轨水平)(任意写一条正确就可以得2分，多写正确不扣分，多写了有错误的给0分)。四、计算题(共3个小题，38分。要有必要的文字说明、主要方程、重要的演算步骤，只有最后结果的不能得分)13.【答案】(10分)(1)初始状态缸内气体的压强p₁=2.0×10⁵Pa;(2)活塞离汽缸底部距离为L₂=0.40m,缸内气体内能变化量为△U=14J。…………………①(3分)(2)设末状态活塞离汽缸底部的距离为L₂压强始终为p₁=2.0×10⁵Pa,③(1分)代入数据解得，末状态活塞到汽缸底部的距离为L₂=0.40m………………外界对缸内气体做功为W=p₁(V₁-V₂)=p₁(L₁-L₂)S……⑥(1分)【评分细则】(1)①式3分，②③④⑤⑥⑦⑧式各1分，满分10分；14.【答案】(12分)(1)P₁=4.05×10³W由题意得f₁=kv₁…