河北省邯郸市2024-2025学年高一物理下册5月月考试卷（解析版）

邯郸市2024-2025学年第二学期高一5月考

物理试卷

一、单项选择题（本大题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，

只有一项是符合题目要求的）

1.如图所示，电场中A、8两点场强的大小分别为Ei、EB,对耳八七8的大小关系判断

正确的是（）

A.EA<EBB.EA=EBC.EA>EBD.无法判断

【答案】c

【解析】电场线的疏密程度，可以表示电场强度的大小。故C正确。

故选C。

2.关于物体的带电荷量，以下说法中不正确的是（）

A.物体所带的电荷量应该是某些特定值

B.物体带电+1.60x10-9（：，这是因为该物体失去了1.0xl（y°个电子

C.物体带电荷量的最小值为1.6x10-9c

D.物体所带的电荷量可以为任意实数

【答案】D

【解析】AD.物体所带的甩荷量应该是元电荷的整数倍，故A正确，不符合题意，D错误,

符合题意；

B.一个电子的带电量为

q=-1.6xlO，C

物体带正电说明物体失去相等的负电荷，从而带正电荷，则失去的电子数为

〃=2=i.oxi（）1°个

q

故B正确，不符合题意;

C.物体带电荷量的最小值为1.6x10-19（3,故c正确，不符合题意。

故选D。

3,图为两个导体的伏安特性曲线,根据图像可知，两个导体的电阻R：&的比值等于（）

U/mV

B.3:1C.3:4D.4:3

［；：］A

【解析】根据欧姆定律可知，电阻

凡=署亨'&=箸=2。

所以R：&的比值等于1：3.

A.1:3与分析相符，故A正确.

B.3:1与分析不符，故B错误.

C.3:4与分析不符，故C错误.

D.4:3与分析不符，故D错误.

4.如图所示，虚线4、8、C为某电场中的三条等势线，相邻的等势线电势差相等，即

UAH=UBC,实线为一带负电粒子仅在电场力作用下运动的轨迹，P、。为轨迹与等势线小

C的交点，则下列说法正确的是（）

A.粒子在0点电势能大于粒子在。点电势能

B.粒子在0点的加速度大于在。点的加速度

C.粒子在P点的动能小于。点动能

D.2点电势比。点电势高

【答案】D

【解析】A.由于电场线套直与等势线，粒子所受合力，即电场力方向指向轨迹的内侧，可

知，若粒了•从户运动到。，则电场力方向与速度方向夹角为钝角，电场力做负功，电势能

增大，即粒子在P点电势能小于粒子在。点电势能，故A错误：

B.等差等势线分布的密集程度能够表示电场的强弱，图中夕位置等势线分布比。位置等势

线分布稀疏一些，则夕位置电场强度比。位置电场强度小一些，即P位置电场力比。位置

电场力小一些，则粒子在P点的加速度小于在。点的加速度，故B错误；

C.结合上述，若粒子从尸运动到0,则电场力做负功，电势能增大，动能减小，即粒子在

P点的动能大于。点动能，故c错误；

D.粒子带负电，电场强度方向与电场力方向相反，结合上述可知，电场线垂直于等势线由

力等势线指向。等势线，由于沿电场线电势降低，则P点电势比。点电势高，故D正确。

故选D。

5.一带负电的粒子只在中场力作用下沿工轴正方向运动，其电势能航随位移x变化的关系

如图所示，其中。72段是关于直线.1X1对称的曲线，X2~X3段是直线，则下列说法正确的是

()

X

A.xi处电场强度最小，但不为零

B.粒子在OT2段做匀变速运动，X2~X3段做匀速直线运动

C.在。、XI、X2>X3处电势仰、01、92、33的关系为81>。2=90>83

D.久立段的电场强度大小、方向均不变

【答案】C

【解析】A.图像的斜率表示粒子所受电场力R根据/二4£可知足处电场强度最小，

为零，故A错误：

B.段，场强减小，电势能减小，带负电粒子做加速度减小的加速运动，KLX2段，场

强增大，电势能增大，粒子做加速度增大的减速运动，力〜X3段，场强不变，电势能增大，

粒子做匀减速直线运动，故B错误；

C.带负电的粒子在。、XI、X2、X3处电势能比0、Fpn航2、%3的关系为

Epi〈Ep2=EpovEp3

由

E,=q<P

可知仰、(pl、夕2、。3的关系为

夕1>02=夕0>。3

故C正确；

D.。〜XI段，电场方向水平向左，X1~X3电场方向水平向右，故D错误。

故选C。

6.如图所示，虚线A、B、C、D是某匀强电场中的4个平行且等距的等势面，两等势面间

的距离为1cm,其中等势面B的电势为0,一电子仅在静电力的作用下运动，经过A、D等

势面时的动能分别为22cV和10cV,则卜列说法止确的是

ABCD

A.等势面C的电势为4V

B.该匀强电场的电场强度为200V/m,方向水平向左

C.电子在等势面。的电势能为8cV

D.该电子一定能到达电势为-16V的等势面

【答案】C

【解析】A.从力到。电子的动能减小，可知电场线向右，/电势最高，等势面8的电势为

0,设相邻等势面的电势差为U,则力等势面的电势为+U,D的电势为-2U,则从力到。由

动能定理

[4-(/-(-2t/)](-e)=10eV-22eV=-l2eV

解得

U=4V

则等势面。的电势为-4V,选项A错误：

B.该匀强电场的电场强度为

u4“

E=—=--V/m=400V/m

d0.01

方向水平向右，选项B错误；

C.电子在等势面。的电势能为

£=UD(-e)=(-8V)x(-e)=8eV

选项C正确；

D.因只有电场力做功，动能与电势能之和保持不变，当电子的速度为零时，由能量守恒定

律，可知

-eUD+1OeV=-e(p

其中UD=・8V,解得

*=-18V

可知电子可以到达电势为-16V的等势面。

若电子初速度方向与电场力方向有夹角时，当电子速度为零时，在垂直于电场方向存在分速

度,电子有可能不能到达“6V的等势面，故D错误。

故选Co

7.如图坐标系中，P、M、N为坐标轴上的三点，它们到坐标原点。的距离相等。空间存在

场强大小为E的匀强电场，M、N点有电荷量相等的两正点电荷，。点的场强为()。现把N

点的电荷移到夕,点;，其他条件不变.则此时O点的场强大小为()

A.0B.EC.OED.2E

【答案】B

【解析】如图

M、N处的点电荷在。点产生电场的场强大小£“、互v大小相等，方向分别沿负y和负z,

故匀强电场的方向在yOz平面内，与两轴。4Oz的夹角相等，其在两轴的分量均与七”、EN

大小相等、方向相反，即月,、E”、约、大小均相等，为与E。将N点的点电荷移

到P点后，该电荷在。点产生电场的场强昂大小等于E,v，方向沿负X，与仍然与与抵

消，此时。点的场强由£.与Ep合成，所以合场强大小为E,选项B正确。

故选Bo

二、多项选择题（本大题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，

至少有两项符合题目要求，全选对得6分，选对但不全得3分，有错选得0分）

8.如图所示，边长为。=10cm的正方形48co处在匀强电场中，且正方形平面与电场线平

行。已知外=2V,5=47,%=6V,。是对角线力C、BD的交点、,下列说法正确的

C.电场强度的方向由。指向/D.电场强度大小为10后V/m

【答案】BC

【解析】A.由于4点电势为2V,。点电势为6V,。是4C中点，由匀强电场特点知，O

点电势为4V,故对角线8。为等势线

%二4V

A错误；

B.由题知

UAOH

代入得

U/lslz=2V-4V=-2V

B正确：

C.电场强度由高电势指向低电势，故电场强度的方向由。指向aC正确;

D.电场强度大小为

匚uU

E=—=CA

dxAC

代入得

E=上2V/m=20V2V/m

0.1V2

D错误；

故选BCo

9.如图所示，把两只完仝相同的表头进行改装，已知表头内阻100C,卜.列说法正确的是

()

A,由甲图可知，该表头满偏电流/g=2mA

B.甲图是改装成的双量程电压表，其中方量程为9V

C.乙图中R尸与C,C=10C

D.乙图中，Ri=5Q,&2=450

【答案】BC

【解析】AB.由甲图可知

u3

A=0.001A=1mA

%=q+R100+2.9x1()3

其中〃的量程为

U=Ig(Rg+R+RD=0.00lx(100+2.9x103+6x1()3)V=9V

故A错误，B正确；

CD.改装为/i=l0mA=0.01A电流表时，并联电阻的分流电流为

/'=Zi-Zg=l0mA-1mA=9mA=0.009A

分流电阻的阻值为

0.001x100Q100

RI+R=C

20.0099

改装为/2=l()()mA=0.1A电流表时，可得分流电阻的阻值

联立解得

Ri=,C,&=10。

故D错误，C正确。

故选BC

O

10.如图所示，边长为£的正方形A/V。。所在平面内有一匀强电场，一带电粒子以速度%从

M点水平向右射入，运匆到P点时速度大小不变，方向竖直向下。已知粒子质量为〃?，电

荷量为-q(q>0),不计粒子重力。粒子从/点运动到P点的过程中，以下判断正确的是

A.电场强度的方向从N指向。

B,电场强度大小------

2qL

L

C.所用时间为一

%

D.粒子的最小速度为国

2

【答案】BD

【解析】A.由题知，一带电粒子从M点水平向右射入，运动到P点时速度大小不变，方

向竖直向下，参照斜抛运动的规律，可知当粒子沿轨迹运动到中点时速度最小，此时电

场力方向与速度方向垂直，即电场力方向指向凹侧，所以电场力方向由N指向。，因粒子

带负电，故电场强度方向与电场力方向相反，由。指向N,故A错误；

BC.对粒子的运动分析，如图所示

可知粒子沿直线MP做匀速直线运动，由几何关系可知匀速宜线运动的位移为x=V2L

x2L

则粒子从M到P运动的时间为，=-------=—

%cos45%

tL

粒子在沿电场力方向先减速到零再反向做匀加速到尸点，所用时间相等，为4=彳=一

对粒子沿电场方向减速到零分析，可得%sin450二”|

根据牛顿第二定律有“£=〃皿

联立解得E=叵％

2qL

故B正确，C错误；

D.当粒子沿电场力方向减速至零时，粒子的速度最小，即为％in=%cos450=予%

故D正确。

三、实验题（本大题共2小题，11题8分，12题10分，共16分）

11.（1）一多用电表的电阻挡三个倍率,分别是xl、xlO、xlOO,用xlO挡测量某电阻时,

如果换xl（）挡后立即用表连接电阻进行读数，那么缺少的步骤是,若补上该步骤后

测量，表盘的示数如图所示，则该电阻的阻值是Q;

（2）若改用伏安法测该电阻，电流表采用内接法，那么其测量值会比真实值（选

填“偏大”或“偏小”）；

（3）若多用电表使用的是50mA的直流电流挡，那么该图表示的读数为mA：

（4）有一个电流表G,内阻为凡=30Q,满偏电流/g=1.5mA,要把它改装成量程为3V的

电压表，要串联电阻为Qo

【答案】（1）欧姆调零60（2）偏大（3）36（4）1970

【解析】（1）欧姆表在换档之后要重新进行欧姆调零；从图中可知，所测电阻的阻值为

6Qxio=6（）Q

（2）用伏安法测该电阻时，若电流表采用内接法，所测电流准确，但电压会偏大，由欧姆

定律可知，电阻的测量值比真实值偏大。

（3）若多用电表使用的是50mA的直流电流挡，分度值为1mA,读数为36mA。

（4）设串联的电阻阻值为R,由欧姆定律可得

U3V

R、=R+R,=—=.............—=2000Q

息&41.5x10"

R=1970C

12.某实验小组利用如下器材测量某金属丝的电阻率：

A.电源（3V,内阻约为0.1。）

B.电流表（量程0.6A,内阻约为0.1C）

C电流表（量程3A,内阻约为0.03C）

D.电压表（量程3V,内阻约为3kC）

E.滑动变阻器（IkC,0.3A）

F.滑动变阻器（20Q,2A）

G.待测金属丝、螺旋测微器、米尺、开关和导线等

甲乙

（1）实验的主要步骤如F：

&截取一段金属丝，拉直并固定在两端带有接线柱的米尺上，观察其接入长度在米尺上的示

数如图甲所示，则读数为/,=cm：

b.用螺旋测微器测出金属丝的直径，某次测量时示数如图乙所示，其读数为

D-mm；

c.正确连接电路，合上开关；

d.改变滑动变阻器的位置，读出电压表和电流表的示数，记录如下表:

次数12345

UN0.801.001.501.802.30

//A0.180.220.340.420.52

c.断开开关，整理器材，结束实验操作.

（2）根据以上信息，你认为该小组选用的电流表是,滑动变阻器是

（只填仪器前的代号）；请设计一个电路并使其尽可能测得更多的数据，据此把

下列电路连接完整.

（3）该小组的测量数据已标在U-/图上，据此可计算该金属丝的电阻值为

Q（保留两位有效数字），根据电阻定律即可得到该金属丝电阻率.

【答案】(1)50.000.712(2)B

4.4

【解析】（1）a刻度尺的分度值为0.1cm,则需要估读到分度值下一位，金属丝的长度为

L=50.00cm

B螺旋测微器的读数金属丝的直径为

D=0.5mm+0.01mmx21.2=0.712mm

（2）电路中最大电流为0.52A,电流表选择0.6A量程，即选B；根据变阻器能允许通过的

最大电流以及为了方便实捡操作，滑动变阻器选择F；连接电路如图

（3）画出。一/图像如图

则求得电阻值为

U_2.2

R=Q=4.4Q

(X52

四、计算题(本大题共3小题，13题9分，14题12分，15题15分，共36分)

13.如图所示，一簇平行线为方向未知的匀强电场的电场线，沿与此平行线成60。角的方向,

把g=-1xlO^C电荷从力点移到B点，电场力做功为WA3=2xIO"j,力、4间距为"=2cm,

(1)4、8间电势差UAB;

(2)匀强电场的场强大小，并在图中标出方向：

(3)若8点电势为IV,则力点电势为多少。

【答案】(I)-2V：(2)200V/m；(3)-IV

【解析】(1)根据电场力做功与电势差之间的关系可知，力、〃两点间的电势差为

%=野=荒…3

(2)在匀强电场中U=Edcos。，可得，场强大小为

2V

E=-----------------=2D0V/m

0.02mxcos607

方向如图示

可得a=UAB+^=-2V-lV=-lV

14.如图所示，在竖直平面内，一半径为/?的光滑绝缘圆弧轨道/9C和光滑绝缘水平轨道

以在4点相切。8c为圆弧轨道的直径，。为圆心，CM和08之间的夹角为。=37°，在

水平轨道PA上方区域存在水平向右的匀强电场。一质量为机，带电荷量为+9的小球由P点

静止释放，经4点沿圆弧轨道通过C点，落至水平轨道。已知小球在C点所受合力的方向

指向圆心，且此时小球对轨道的压力恰好为零。不计空气阻力，重力加速度大小为g,

sin37°=0.6,cos37°=0.8求:

（1）小球在C的速度；

（2）小球到达力点时电场力的功率尸；

（3）小球从。点落至水平轨道所用的时间心

【案】（］）.（2）p=3mg弋3阻；（3）

【解析】（1）小球到达。点时的速度大小为打，由牛顿第二定律得

cosaR

解得

IgR

%=

Vcos«2

(2)小球到达。点时有

qE

tan«=

〃?g

得场强大小为

£=返

4q

小球/TC过程，由动能定理有

121)

-mg(R+Rcosa)-qERsina=—mvc——〃7匕~

小球到达力点时电场力的功率

P=qEvt\

联立得

3〃7gj23Rg

~T~

(3)小球离开。点后，竖直方向上，在重力作用下做匀加速直线运动，由运动学公式有

Kcsina•什；g/2=R+Rcosa

解得

3瓯

15.如图中所示，某装置由直线加速器、偏转电场和荧光屏三部分组成。直线加速器由5个

横截面积相同的金属圆筒依次排列，其中心轴线在同一直线上，圆筒的长度依照一定的规律

依次增加。序号为奇数的圆筒和交变电源的一个极相连，序号为偶数的圆筒和该电源的另一

个极相在。交变电源两极间电势差的变化规律如图乙所示，在/=0时，奇数圆筒相对偶数圆

筒的电势差为正值，此时位于序号为0的金属圆板中央的一个电子，在圆板和圆筒1之间的

电场中由静止开始加速，沿中心轴线冲进圆筒I,电子运动到圆筒与圆筒之间各个间隙中时,

都能恰好使所受静电力的方向