2025-2026学年河南省洛阳市创新发展联盟高二上学期10月月考物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGE2026年度上学期河南省高二年级第二次联考物理本试卷满分100分，考试用时75分钟。注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。4．本试卷主要考试内容：人教版必修第三册第十一章至第十三章，选择性必修第二册第一章。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.下列说法正确的是（）A.自然界中的能量总是守恒的，所以没必要节约能源B.电池工作时将化学能转化为电能和内能C.水能、风能、天然气都属于可再生能源D.电磁波是由电场和磁场的相互“激发”而产生的，不具有能量【答案】B【解析】A．能量虽然是守恒的，但是能量会耗散，可利用的能源在减少，所以要节约能源，故A错误；B．电池工作时化学能主要转化为电能，部分因内阻转化为内能，故B正确；C．天然气属不可再生能源，水能、风能属可再生能源，故C错误；D．电磁波传播时伴随电磁场能量传递（如光能、辐射能），故D错误。故选B。2.如图所示，水平绝缘地面上方有垂直于纸面向里的匀强磁场，下列四个质量相同的小球（图中未画出）中对地面压力最大的是（）A.静止的带正电小球甲B.水平向右运动的带负电小球乙C.水平向右运动的不带电小球丙D.水平向右运动的带正电小球丁【答案】B【解析】设小球的重力均为。小球甲静止在地面上，受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力，根据平衡条件可知，地面对小球甲的支持力大小为根据牛顿第三定律可得，小球甲对地面的压力大小为不带电的小球丙水平向右运动，在竖直方向上受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力，根据平衡条件可知，地面对小球丙的支持力大小为根据牛顿第三定律可得，小球丙对地面的压力大小为带负电小球乙水平向右运动，根据左手定则可得，小球乙受到竖直向下的洛伦兹力，则小球乙在竖直方向上受到竖直向下的重力、竖直向下的洛伦兹力和竖直向上的支持力，根据平衡条件可知，地面对小球乙的支持力大小为根据牛顿第三定律可得，小球乙对地面的压力大小为带正电小球丁水平向右运动，根据左手定则可得，小球丁受到竖直向上洛伦兹力，则小球丁在竖直方向上受到竖直向下的重力和竖直向上的洛伦兹力以及竖直向上的支持力，根据平衡条件可知，地面对小球丁的支持力大小满足根据牛顿第三定律可得，小球丁对地面的压力大小为所以对地面压力最大的是小球乙。故选B。3.如图所示，、均为滑动变阻器，滑片均处于滑动变阻器中间位置。闭合电路使灯泡发光后，不考虑灯泡烧坏的情况，电源两端电压恒定，灯泡中灯丝的电阻不变，下列说法正确的是（）A.仅向右移动的滑片，灯泡变暗B.仅向左移动的滑片，灯泡变亮C.仅向右移动的滑片，灯泡变暗D.仅向左移动的滑片，灯泡变暗【答案】C【解析】A．仅向右移动的滑片，则接入电路中的阻值减小，根据“串反并同”可知，与等效串联的灯泡的功率变大，即灯泡变亮，故A错误；B．仅向左移动的滑片，则接入电路中的阻值增大，根据“串反并同”可知，与等效串联的灯泡的功率变小，即灯泡变暗，故B错误；C．仅向右移动的滑片，则接入电路中的阻值减小，根据“串反并同”可知，与并联的灯泡的功率减小，即灯泡变暗，故C正确；D．仅向左移动的滑片，则接入电路中的阻值增大，根据“串反并同”可知，与并联的灯泡的功率增大，即灯泡变亮，故D错误。故选C。4.如图所示，边长为的正方形线框通过绝缘细线悬挂在竖直固定的弹簧测力计下端，虚线区域内存在垂直于纸面的匀强磁场（未画出）。当线框中未通过电流时，弹簧测力计示数为，线框中通有逆时针方向的电流时，弹簧测力计示数为，。虚线区域内磁场的磁感应强度大小和方向分别为（）A.，垂直于纸面向里 B.，垂直于纸面向外C.，垂直于纸面向里 D.，垂直于纸面向外【答案】A【解析】因为，根据平衡条件可知，通电流后，线框受到竖直向上安培力，大小为，则磁场的大小为线框下边cd中的电流方向为从c到d，根据左手定则可知，此时虚线区域内磁场的磁感应强度方向为垂直于纸面向里。故选A。5.某电源的路端电压随外电路的电阻变化的图像如图所示，则该电源的最大输出功率为（）A.10W B.30W C.45W D.50W【答案】C【解析】由图可知，当外电路的电阻时，路端电压为当外电路的电阻时，路端电压为设该电源的电动势为，内阻为，则根据闭合电路欧姆定律可得，其中，联立，解得，当外电路的电阻时，电源的输出功率最大，此时最大的输出功率为，故选C。6.回旋加速器示意图如图甲所示，两个间距很小的D形盒并排放置于垂直盒面向下的匀强磁场中，两盒的缝隙间所加高频交变电源的电压为、周期为，电压随时间变化的关系图像如图乙所示。用该回旋加速器来加速电荷量为、质量为的带正电粒子1，0时刻从处由静止释放粒子1，经缝隙间电场加速再经D形盒的磁场偏转半个圆周后，时刻粒子1恰好再次进入缝隙间。已知带正电粒子2的质量为、电荷量也为，D形盒的半径为且远大于缝隙的宽度。下列说法正确的是（）A.磁场的磁感应强度大小为B.粒子1的最大动能与电压成正比C.若仅将粒子1替换为粒子2，0时刻从处由静止释放的粒子2第二次进入缝隙间会做减速运动D.若仅将粒子1替换为粒子2，粒子2的最大动能为【答案】D【解析】A．粒子在磁场中运动，根据牛顿第二定律可得粒子在磁场中运动的周期为解得，磁场的磁感应强度大小为，故A错误；B．当粒子做圆周运动的半径与D形盒半径相等时，粒子的速度最大，动能最大，此时解得则，粒子的最大动能为所以，粒子的最大动能与电压U无关，故B错误；C．若仅将粒子1替换为粒子2，则粒子2在磁场中运动周期为则0时刻从A处由静止释放的粒子2第二次进入缝隙间时刻为，此时缝隙间的电场反向，粒子2继续做加速运动，故C错误；D．根据解得则，粒子的最大动能为，故D正确。故选D。7.如图所示，光滑定滑轮O安装在竖直的固定轻杆上，通有电流I的金属棒PQ用轻质绝缘细线绕过滑轮与悬空的物块相连。通有垂直于纸面向外电流的金属棒Q固定在水平地面上且位于定滑轮O的正下方，两金属棒彼此平行且长度相等。整个系统处于静止状态时，P、O间细线的长度为L，P、Q间距离为，Q、O间距离为，金属棒P、Q及滑轮的大小可忽略。已知通有电流I的金属棒周围某点的磁感应强度大小B满足关系式（r为该点到金属棒的距离）。仅P中电流缓慢减小至，物块始终静止，则下列说法正确的是（）A.P中的电流方向为垂直于纸面向外B.P与物块的质量之比为5∶4C.Q对P的作用力先增大后减小D.P中电流为时恰好位于Q的正上方【答案】D【解析】A．由题意可知，两金属棒间的作用力为斥力，根据安培定则和左手定则可知，P中的电流方向为垂直于纸面向内，故A错误；B．设P的质量为m，物块的质量为M，对P受力分析，如图所示将力平移后，如图则力的矢量三角形与三角形OPQ相似，根据相似可得又因为，，解得，故B错误；C．物块始终静止，P中电流减小的过程，PQ减小，由B选项分析可知，Q对P的作用力F一直减小，故C错误；D．因为解得P恰好位于Q的正上方时，两金属棒间的距离由减小为根据可知，P所处的磁场增大为原来的2倍，P中的电流减小为原来的，根据F=BIL可知，两金属棒间的作用力变为此时，P受到的竖直向上的斥力和竖直向下的重力的合力为即，P恰好位于Q的正上方，故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图所示，闭合金属圆环放置于足够大的匀强磁场中，下列方法中能使圆环中产生感应电流的是（）A.向上平移圆环 B.增大磁场的磁感应强度C.向右平移圆环 D.圆环绕其对称轴（虚线）转动【答案】BD【解析】A．向上平移圆环，穿过圆环的磁通量不变，不会产生感应电流，故A错误；B．增大磁场的磁感应强度，穿过圆环的磁通量发生变化，会产生感应电流，故B正确；C．向右平移圆环，穿过圆环的磁通量不变，不会产生感应电流，故C错误；D．圆环绕其对称轴（虚线）转动，穿过圆环的磁通量发生变化，会产生感应电流，故D正确。故选BD。9.导体a、b、c的伏安特性曲线均如图甲所示，虚线是电压为8V处该曲线的切线。将导体a、b、c按图乙所示电路接在恒压电源两端，闭合开关后通过导体c的电流为0.4A，下列说法正确的是（）A.此时导体c的电阻为B.此时导体c的电阻为C.恒压电源的电压大于12VD.恒压电源的电压小于12V【答案】BC【解析】AB．由图甲可知，当通过导体c的电流为0.4A时，导体c两端的电压为8V，则电阻为故A错误，B正确；CD．由题意可知，通过导体a和导体b的电流相等，且均为导体c电流的一半，即通过导体a和导体b的电流为0.2A，由图甲可知，此时导体a和导体b两端的电压相等且大于4V，则恒压电源的电压，故C正确，D错误。故选BC。10.如图所示，竖直平面内有水平向右的匀强电场和垂直于纸面向里的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为。长为0.4m的绝缘轻绳一端固定在点，另一端系着的带正电小球（可视为点电荷）。小球恰能绕点沿顺时针方向在竖直平面内做完整的圆周运动，小球经过点时速度最大，、两点连线与竖直方向的夹角的正弦值。取重力加速度大小，不计空气阻力。下列说法正确的是（）A.电场的电场强度大小B.小球运动过程中的最小速度为2m/sC.小球经过点时的速度大小为3m/sD.小球经过点时的速度大小为【答案】AD【解析】A．根据题意可知，A点是重力场与电场等效场的最低点，即重力与电场力的合力方向沿直线OA，则有，代入数据解得，故A正确；B．根据题意可知，AO延长线与圆周的交点位置小球运动速度最小，此时由重力、电场力、洛伦兹力的合力提供向心力，则有，代入数据解得最小速度为，故B错误；CD．根据动能定理可得，代入数据解得，故C错误，D正确。故选AD。三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.张同学设计如图甲所示的电路来测量干电池的电动势和内阻，实验室可供选择的器材如下：A．干电池（电动势约为1.5V，内阻小于）；B．电压表（量程为，内阻约为）；C．电流表（量程为，内阻为）；D．滑动变阻器（可调节范围为）；E．滑动变阻器（可调节范围为）；F．单刀双掷开关、单刀单掷开关、导线若干。（1）为减小实验误差和方便操作，电路中的滑动变阻器应选用______（填“D”或“E”），实验时单刀双掷开关应拨至______（填“1”或“2”）。（2）正确选择器材并经多次实验后，测得电压表示数随电流表示数变化的图像如图乙所示，则该干电池的电动势______V，内阻______Ω。（计算结果均保留两位有效数字）【答案】（1）D1（2）1.50.80【解析】（1）[1]由于干电池的内阻较小，为了调节方便，使电表示数变化明显，滑动变阻器应选用阻值较小的D；[2]由于电流表内阻已知，电流表的分压可求，所以电流表相对于电源应采用内接法，则实验时单刀双掷开关应拨至1。（2）[1][2]根据闭合电路欧姆定律可得可得由图乙可得解得内阻为12.某实验小组测量一粗细均匀金属丝的电阻率。（1）用10等分游标卡尺测量该金属丝的长度，测量结果如图甲所示，则______cm。（2）用螺旋测微器测量该金属丝的直径，测量结果如图乙所示，则______mm。（3）该实验小组选用图丙所示电路来测量金属丝的电阻，电流表的内阻可忽略。正确连接电路后，闭合开关S，调节滑片位置至合适位置，调节电阻箱的阻值至时，电流表的示数分别为、，则待测金属丝的电阻______，电阻率______。（均用给定的物理量符号表示）【答案】（1）5.12（2）0.730（3）【解析】（1）10分度游标卡尺的精确值为，由图甲可知金属丝的长度为（2）螺旋测微器的精确值为，由图乙可知金属丝的直径为（3）[1]根据欧姆定律可得待测金属丝的电阻为[2]根据电阻定律可得联立解得电阻率为13.某学习小组为将一个小量程的电流表改装为量程为的电流表和量程为的电压表，设计了如图所示的电路。已知小量程的电流表的内阻，满偏电流。（1）若需使用量程为电流表，应将开关S拨至1还是2？（2）求电阻、的阻值。【答案】（1）1（2），【解析】（1）将开关S拨至1，为量程为的电流表，将开关S拨至2，为量程为的电压表。（2）将开关S拨至1，有代入数据可得将开关S拨至2，有解得14.绝缘水平桌面上放置着由材料、粗细均相同的金属丝围成的等边三角形边框，桌面上存在垂直于桌面向下的匀强磁场，从桌面上方观察的俯视图如图所示。电动势、内阻不计的电源通过软导线接在边框的、点时，边框恰好未滑动。已知边框每条边的质量，长度，电阻，边框与桌面间的动摩擦因数且接触面间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计软导线对边框的作用力，取重力加速度大小。（1）求软导线中的电流；（2）求匀强磁场磁感应强度大小；（3）仅将软导线与边框的接触点移至、点且，求边框受到桌面的摩擦力大小与、点间的距离间的关系式。【答案】（1）（2）（3）（）【解析】（1）通过边的电流为通过边的电流为则软导线中的电流为（2）边受到安培力大小为边受到的安培力大小为边框恰好未滑动，则有联立解得匀强磁场的磁感应强度大小为（3）仅将软导线与边框的接触点移至、点且，、点间的距离为，则和两部分受到的安培力等效长度均为；由题意可知，单位长度的电阻为则部分的电阻为通过部分的电流为部分受到的安培力大小为部分的电阻为通过部分的电流为部分受到的安培力大小为则边框受到桌面的摩擦力大小为（）15.如图所示，平行金属板C、D间存在匀强电场和垂直于纸面向里的匀强磁场，半径为的圆形区域内存在垂直于纸面向里的匀强磁场，矩形区域内存在垂直于纸面向外的匀强磁场，三处磁场的磁感应强度大小均为。金属板D的延长线过圆形区域的圆心，金属板C的延长线、两金属板右边缘连线均与圆形区域相切，边与圆形区域在边的中点处相切。一束宽度与平行金属板间距相等、比荷均为的带负电粒子流从金属板左侧以水平向右的速度射入金属板间，恰能在金属板间做直线运动，进入圆形区域经磁场偏转后均过点。已知，。求：（1）平行金属板C、D间的电压；（2）沿金属板C、D中轴线运动的粒子从射出金属板到运动至点所用的时间；（3）边上有粒子穿出的长度与边上有粒子穿出的长度的比值。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）因为粒子进入圆形区域经磁场偏转后均过点A，则粒子在圆形磁场中运动的半径与磁场的半径相等，根据牛顿第二定律可得可得粒子在金属板间做直线运动，所以电场力等于洛伦兹力，则解得（2）沿金属板C、D中轴线运动的粒子从射出金属板到运动至A点的轨迹如图粒子先做匀速直线运动，运动的距离为匀速的时间为由几何关系可得，在磁场中做圆周运动的圆心角为则做圆周运动的时间为所以，沿金属板C、D中轴线运动的粒子从射出金属板到运动至A点所用的时间（3）由题意可知，打在边最左侧时，粒子沿C板射入；打在最上方的粒子沿D板射入，则轨迹为由几何关系可知，QM边上有粒子穿出的长度为MN边上有粒子穿出的长度为所以QM边上有粒子穿出的长度与MN边上有粒子穿出的长度的比值为2025-2026年度上学期河南省高二年级第二次联考物理本试卷满分100分，考试用时75分钟。注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。4．本试卷主要考试内容：人教版必修第三册第十一章至第十三章，选择性必修第二册第一章。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.下列说法正确的是（）A.自然界中的能量总是守恒的，所以没必要节约能源B.电池工作时将化学能转化为电能和内能C.水能、风能、天然气都属于可再生能源D.电磁波是由电场和磁场的相互“激发”而产生的，不具有能量【答案】B【解析】A．能量虽然是守恒的，但是能量会耗散，可利用的能源在减少，所以要节约能源，故A错误；B．电池工作时化学能主要转化为电能，部分因内阻转化为内能，故B正确；C．天然气属不可再生能源，水能、风能属可再生能源，故C错误；D．电磁波传播时伴随电磁场能量传递（如光能、辐射能），故D错误。故选B。2.如图所示，水平绝缘地面上方有垂直于纸面向里的匀强磁场，下列四个质量相同的小球（图中未画出）中对地面压力最大的是（）A.静止的带正电小球甲B.水平向右运动的带负电小球乙C.水平向右运动的不带电小球丙D.水平向右运动的带正电小球丁【答案】B【解析】设小球的重力均为。小球甲静止在地面上，受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力，根据平衡条件可知，地面对小球甲的支持力大小为根据牛顿第三定律可得，小球甲对地面的压力大小为不带电的小球丙水平向右运动，在竖直方向上受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力，根据平衡条件可知，地面对小球丙的支持力大小为根据牛顿第三定律可得，小球丙对地面的压力大小为带负电小球乙水平向右运动，根据左手定则可得，小球乙受到竖直向下的洛伦兹力，则小球乙在竖直方向上受到竖直向下的重力、竖直向下的洛伦兹力和竖直向上的支持力，根据平衡条件可知，地面对小球乙的支持力大小为根据牛顿第三定律可得，小球乙对地面的压力大小为带正电小球丁水平向右运动，根据左手定则可得，小球丁受到竖直向上洛伦兹力，则小球丁在竖直方向上受到竖直向下的重力和竖直向上的洛伦兹力以及竖直向上的支持力，根据平衡条件可知，地面对小球丁的支持力大小满足根据牛顿第三定律可得，小球丁对地面的压力大小为所以对地面压力最大的是小球乙。故选B。3.如图所示，、均为滑动变阻器，滑片均处于滑动变阻器中间位置。闭合电路使灯泡发光后，不考虑灯泡烧坏的情况，电源两端电压恒定，灯泡中灯丝的电阻不变，下列说法正确的是（）A.仅向右移动的滑片，灯泡变暗B.仅向左移动的滑片，灯泡变亮C.仅向右移动的滑片，灯泡变暗D.仅向左移动的滑片，灯泡变暗【答案】C【解析】A．仅向右移动的滑片，则接入电路中的阻值减小，根据“串反并同”可知，与等效串联的灯泡的功率变大，即灯泡变亮，故A错误；B．仅向左移动的滑片，则接入电路中的阻值增大，根据“串反并同”可知，与等效串联的灯泡的功率变小，即灯泡变暗，故B错误；C．仅向右移动的滑片，则接入电路中的阻值减小，根据“串反并同”可知，与并联的灯泡的功率减小，即灯泡变暗，故C正确；D．仅向左移动的滑片，则接入电路中的阻值增大，根据“串反并同”可知，与并联的灯泡的功率增大，即灯泡变亮，故D错误。故选C。4.如图所示，边长为的正方形线框通过绝缘细线悬挂在竖直固定的弹簧测力计下端，虚线区域内存在垂直于纸面的匀强磁场（未画出）。当线框中未通过电流时，弹簧测力计示数为，线框中通有逆时针方向的电流时，弹簧测力计示数为，。虚线区域内磁场的磁感应强度大小和方向分别为（）A.，垂直于纸面向里 B.，垂直于纸面向外C.，垂直于纸面向里 D.，垂直于纸面向外【答案】A【解析】因为，根据平衡条件可知，通电流后，线框受到竖直向上安培力，大小为，则磁场的大小为线框下边cd中的电流方向为从c到d，根据左手定则可知，此时虚线区域内磁场的磁感应强度方向为垂直于纸面向里。故选A。5.某电源的路端电压随外电路的电阻变化的图像如图所示，则该电源的最大输出功率为（）A.10W B.30W C.45W D.50W【答案】C【解析】由图可知，当外电路的电阻时，路端电压为当外电路的电阻时，路端电压为设该电源的电动势为，内阻为，则根据闭合电路欧姆定律可得，其中，联立，解得，当外电路的电阻时，电源的输出功率最大，此时最大的输出功率为，故选C。6.回旋加速器示意图如图甲所示，两个间距很小的D形盒并排放置于垂直盒面向下的匀强磁场中，两盒的缝隙间所加高频交变电源的电压为、周期为，电压随时间变化的关系图像如图乙所示。用该回旋加速器来加速电荷量为、质量为的带正电粒子1，0时刻从处由静止释放粒子1，经缝隙间电场加速再经D形盒的磁场偏转半个圆周后，时刻粒子1恰好再次进入缝隙间。已知带正电粒子2的质量为、电荷量也为，D形盒的半径为且远大于缝隙的宽度。下列说法正确的是（）A.磁场的磁感应强度大小为B.粒子1的最大动能与电压成正比C.若仅将粒子1替换为粒子2，0时刻从处由静止释放的粒子2第二次进入缝隙间会做减速运动D.若仅将粒子1替换为粒子2，粒子2的最大动能为【答案】D【解析】A．粒子在磁场中运动，根据牛顿第二定律可得粒子在磁场中运动的周期为解得，磁场的磁感应强度大小为，故A错误；B．当粒子做圆周运动的半径与D形盒半径相等时，粒子的速度最大，动能最大，此时解得则，粒子的最大动能为所以，粒子的最大动能与电压U无关，故B错误；C．若仅将粒子1替换为粒子2，则粒子2在磁场中运动周期为则0时刻从A处由静止释放的粒子2第二次进入缝隙间时刻为，此时缝隙间的电场反向，粒子2继续做加速运动，故C错误；D．根据解得则，粒子的最大动能为，故D正确。故选D。7.如图所示，光滑定滑轮O安装在竖直的固定轻杆上，通有电流I的金属棒PQ用轻质绝缘细线绕过滑轮与悬空的物块相连。通有垂直于纸面向外电流的金属棒Q固定在水平地面上且位于定滑轮O的正下方，两金属棒彼此平行且长度相等。整个系统处于静止状态时，P、O间细线的长度为L，P、Q间距离为，Q、O间距离为，金属棒P、Q及滑轮的大小可忽略。已知通有电流I的金属棒周围某点的磁感应强度大小B满足关系式（r为该点到金属棒的距离）。仅P中电流缓慢减小至，物块始终静止，则下列说法正确的是（）A.P中的电流方向为垂直于纸面向外B.P与物块的质量之比为5∶4C.Q对P的作用力先增大后减小D.P中电流为时恰好位于Q的正上方【答案】D【解析】A．由题意可知，两金属棒间的作用力为斥力，根据安培定则和左手定则可知，P中的电流方向为垂直于纸面向内，故A错误；B．设P的质量为m，物块的质量为M，对P受力分析，如图所示将力平移后，如图则力的矢量三角形与三角形OPQ相似，根据相似可得又因为，，解得，故B错误；C．物块始终静止，P中电流减小的过程，PQ减小，由B选项分析可知，Q对P的作用力F一直减小，故C错误；D．因为解得P恰好位于Q的正上方时，两金属棒间的距离由减小为根据可知，P所处的磁场增大为原来的2倍，P中的电流减小为原来的，根据F=BIL可知，两金属棒间的作用力变为此时，P受到的竖直向上的斥力和竖直向下的重力的合力为即，P恰好位于Q的正上方，故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图所示，闭合金属圆环放置于足够大的匀强磁场中，下列方法中能使圆环中产生感应电流的是（）A.向上平移圆环 B.增大磁场的磁感应强度C.向右平移圆环 D.圆环绕其对称轴（虚线）转动【答案】BD【解析】A．向上平移圆环，穿过圆环的磁通量不变，不会产生感应电流，故A错误；B．增大磁场的磁感应强度，穿过圆环的磁通量发生变化，会产生感应电流，故B正确；C．向右平移圆环，穿过圆环的磁通量不变，不会产生感应电流，故C错误；D．圆环绕其对称轴（虚线）转动，穿过圆环的磁通量发生变化，会产生感应电流，故D正确。故选BD。9.导体a、b、c的伏安特性曲线均如图甲所示，虚线是电压为8V处该曲线的切线。将导体a、b、c按图乙所示电路接在恒压电源两端，闭合开关后通过导体c的电流为0.4A，下列说法正确的是（）A.此时导体c的电阻为B.此时导体c的电阻为C.恒压电源的电压大于12VD.恒压电源的电压小于12V【答案】BC【解析】AB．由图甲可知，当通过导体c的电流为0.4A时，导体c两端的电压为8V，则电阻为故A错误，B正确；CD．由题意可知，通过导体a和导体b的电流相等，且均为导体c电流的一半，即通过导体a和导体b的电流为0.2A，由图甲可知，此时导体a和导体b两端的电压相等且大于4V，则恒压电源的电压，故C正确，D错误。故选BC。10.如图所示，竖直平面内有水平向右的匀强电场和垂直于纸面向里的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为。长为0.4m的绝缘轻绳一端固定在点，另一端系着的带正电小球（可视为点电荷）。小球恰能绕点沿顺时针方向在竖直平面内做完整的圆周运动，小球经过点时速度最大，、两点连线与竖直方向的夹角的正弦值。取重力加速度大小，不计空气阻力。下列说法正确的是（）A.电场的电场强度大小B.小球运动过程中的最小速度为2m/sC.小球经过点时的速度大小为3m/sD.小球经过点时的速度大小为【答案】AD【解析】A．根据题意可知，A点是重力场与电场等效场的最低点，即重力与电场力的合力方向沿直线OA，则有，代入数据解得，故A正确；B．根据题意可知，AO延长线与圆周的交点位置小球运动速度最小，此时由重力、电场力、洛伦兹力的合力提供向心力，则有，代入数据解得最小速度为，故B错误；CD．根据动能定理可得，代入数据解得，故C错误，D正确。故选AD。三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.张同学设计如图甲所示的电路来测量干电池的电动势和内阻，实验室可供选择的器材如下：A．干电池（电动势约为1.5V，内阻小于）；B．电压表（量程为，内阻约为）；C．电流表（量程为，内阻为）；D．滑动变阻器（可调节范围为）；E．滑动变阻器（可调节范围为）；F．单刀双掷开关、单刀单掷开关、导线若干。（1）为减小实验误差和方便操作，电路中的滑动变阻器应选用______（填“D”或“E”），实验时单刀双掷开关应拨至______（填“1”或“2”）。（2）正确选择器材并经多次实验后，测得电压表示数随电流表示数变化的图像如图乙所示，则该干电池的电动势______V，内阻______Ω。（计算结果均保留两位有效数字）【答案】（1）D1（2）1.50.80【解析】（1）[1]由于干电池的内阻较小，为了调节方便，使电表示数变化明显，滑动变阻器应选用阻值较小的D；[2]由于电流表内阻已知，电流表的分压可求，所以电流表相对于电源应采用内接法，则实验时单刀双掷开关应拨至1。（2）[1][2]根据闭合电路欧姆定律可得可得由图乙可得解得内阻为12.某实验小组测量一粗细均匀金属丝的电阻率。（1）用10等分游标卡尺测量该金属丝的长度，测量结果如图甲所示，则______cm。（2）用螺旋测微器测量该金属丝的直径，测量结果如图乙所示，则______mm。（3）该实验小组选用图丙所示电路来测量金属丝的电阻，电流表的内阻可忽略。正确连接电路后，闭合开关S，调节滑片位置至合适位置，调节电阻箱的阻值至时，电流表的示数分别为、，则待测金属丝的电阻______，电阻率______。（均用给定的物理量符号表示）【答案】（1）5.12（2）0.730（3）【解析】（1）10分度游标卡尺的精确值为，由图甲可知金属丝的长度为（2）螺旋测微器的精确值为，由图乙可知金属丝的直径为（3）[1]根据欧姆定律可得待测金属丝的电阻为[2]根据电阻定律可得联立解得电阻率为13.某学习小组为将一个小量程的电流表改装为量程为的电流表和量程为的电压表，设计了如图所