吉林省部分学校2025-2026学年高一上学期10月月考物理试题高一物理答案

12025-2026学年度上学期第一次月考高一试题答案及评分标准1234567DACCCCB89CDACBD选项释义:【详解】A．观察、实验及科学推理，是物理学的基本方法，故A正确；B．物理规律可运用函数关系表示，也可运用图像表示，故B正确；C．牛顿通过几条简单的定律，说明了地面上物体的运动与宇宙空间中天体的运动遵循相同的规律，故C正确；D．物理学的研究中，同样会运用数学中的“统计”、“概率”等方法或思想，故D错误。故选D。【详解】A．速度的变化量、位移都为矢量，故A正确；B．加速度是矢量，时间是标量，故B错误；C．路程是标量，速度是矢量，故C错误；D．瞬时速度是矢量，平均速率是标量，故D错误。故选A。【详解】A．由图可知，图中三种方案汽车运动的初位置和末位置均相同，则位移相同。故A正确，与题意不符；B．方案二中要行驶“10公里”用时约“20分钟”，则全程的平均速率约为故B正确，与题意不符；2C．图中显示的“22分钟”是指到达目的地所用的时间。故C错误，与题意相符；D．公路某处路边竖有限速标志“60km/h”，指的是车辆在该路段行驶过程中，瞬时速度不能超过60km/h。故D正确，与题意不符。本题选错误的，故选C。【详解】由逆向思维法可知，排球上升经过第19个所用的时间等于下降过程经过第82个所用的时间，上升经过第51个所用的时间等于下降过程经过第50个所用的时间，由T=1:·2-1:-n-1得故C正确，A、B、D错误。故选C。【详解】AB．在0~t1时间内甲、乙的位移大小相等，由可知，甲乙两汽车的平均速度大小相等，方向相反，A错误，B错误；C．图线的斜率表示速度，由图线知，斜率减小，故甲、乙均做减速运动，C正确；D．由图可知甲朝S轴正方向做直线运动，乙朝S轴负方向做直线运动，D错误；故选C。【详解】A．由题图可知，初始时刻全红婵具有向上的初速度，先做竖直上抛运动，到达最高点后做自由落体运动，A错误；B．由题图可知，在3.65s时，其速度减为零，到达水中最低点，此时并没有浮出水面，B错误；C．由图可知，全红婵初始时刻全红婵具有向上的初速度，先做竖直上抛运动，到达最高点后做自由落体运动，在1.65s时入水。其初速度为2m/s，有v=v0-gt解得落水时3v=-14.5m/s即全红婵入水时的速度大小为14.5m/s，C正确；D．假设全红婵在1.65s到3.65s做匀减速直线运动，则其平均速度为由图像可知其做加速度逐渐减小的减速运动，所以其平均速度不是7.25m/s，D错误。故选C。【详解】整个过程中小球做自由落体运动，圆筒做竖直上抛运动，小球下落时间为th为实际下落高度，圆筒在空中运动时间为tv0为其上抛时的速度。根据题中要求，在圆筒落地前的瞬间，小球在圆筒内运动而没有落地，则临界情况为圆筒上抛速度较小时，当圆筒落地瞬间，小球刚到圆筒的上沿，则h＝1.25m，又即解得故选B。【详解】ACD．从静止至第3s，质点的位移为从静止至第2s，质点的位移为第3s内的位移为Δx=x3-x2联立解得4质点前3s的位移为这3s内平均速度约为故A错误，CD正确；B．第3s初的瞬时速度是22.22.故D错误。故选CD。【详解】A．x-t图像的斜率表示车的运动速度，甲车的斜率没有变化，则甲车的速度一直不变，A正确；B．tb时刻两车相遇，斜率不相等，速度不相等，B错误；ab时间内乙车的位置在甲车正方向前面，C正确；D．从斜率上看，ta~tb时间内乙车的速度先大于甲车的速度，然后ta~tb时间内乙车的速度小于甲车的速度，D错误。故选AC。【详解】A．由于A的速度较大，故应该是B追A，面积表示位移，t=10s时A的位移为B的位移为若A、B两物体0时刻从同一位置开始运动，由于10s时A的位移大于B的位移，所以A、B一定不能相遇，故A错误；B．若0时刻A在B的前方某一位置，A的位移一直大于B的位移，所以A、B一定不能相遇，故B正确；C．若0时刻B在A的前面且两者相距60m，由A分析知，10s时A比B多走25m，没有追上B，之后B的速度小于A，故一定能够追上B，并且相遇一次，故C错误；D．若0时刻B在A的前面且两者相距30m，在前5s内A的位移为xA’=20×5m=100m5而B的位移为故A会超过B一次，超出的位移为Δx=100-50-30m=20m从5s到10s内，B的位移比A的位移多故此时间内B会在超过A前面5m，此后B速度减小，A速度大，故A会再次超过B，故它们一定能相遇三次，故D正确。交流2200.02B【详解】[1][2][3]图中所示是电火花计时器，其工作时使用交变220V电源。[4]当电源的频率是50Hz时，由可知，每隔0.02s打一次点。[5]纸袋应置于墨粉纸盘下面，故纸带穿法正确的是B。(2)匀加速0.75.0【详解】（1）A．若细线与长木板不平行，随着小车逐渐靠近滑轮，细线与水平方向的夹角增大，小车所受合力随之变化，因此小车的加速度发生变化，即小车不做匀变速直线运动，故细线必须与长木板平行，故A正确；B．为充分利用纸带，实验时应先接通电源然后再释放小车，故B正确；C．为充分利用纸带，实验前小车要远离滑轮，小车要从靠近打点计时器的地方释放，故C错误；D．本实验要求瞬时速度，小车的运动时间通过打点的间隔数计时，不需要记录时间的仪器—秒表，故D错误。故选AB。（2）①[1]据题可得xBC=4.00cm-1.60cm=2.40cm6xCD=7.20cm-4.00cm=3.20cmxDE=11.20cm-7.20cm=4.00cm则有xBC-xAB=xCD-xBC=xDE-xCD=0.80cm可知小车在连续相等时间内的位移差相等，且相等时间内通过的位移逐渐增大，所以小车做匀加速直线运动。②[2]根据匀变速直线运动中间时刻速度等于该段过程的平均速度，则打下C点时小车的瞬时速度大小为③[3]根据逐差法可得小车运动的加速度大小为131）40m/s2）80m3）20m/s【详解】（1）由自由落体运动速度与时间关系知代入得（2）由自由落体运动位移与时间关系知代入得（3）由匀变速直线运动平均速度公式知代入得v=m/s=20m/s14．(1)60m/s(2)300m(3)13.74s7【详解】（1）由匀变速直线运动的速度可得小重物从运载火箭掉出时的速度大小v=15m/s2×4s=60m/s（2）前4s内，小重物上升的高度为小重物掉出后，继续上升的高度为小重物距离地面的最大高度为（3）小重物从运载火箭上脱落后继续上升的时间为设小重物从最高点下落到地面的时间为t2，有解得小重物从运载火箭上掉出到落回地面需要的时间为151）y1=1.6m2）0.15m3）8m/s【详解】（1）设小球与底部第一次碰撞时的位置坐标为y1，有y1=v0t1解得（2）第1次碰撞前瞬间，小球的速度为8第1次碰撞后瞬间，小球的速度为+Δv=9m/s第1次碰撞后，当小球与升降机模型速度相等时，小球与顶部的距离最小，有v2-gt2=v0此过程