广东省广州市番禺区2024-2025学年八年级下学期期末考试物理试题（解析版）

第第页广东省广州市番禺区2024-2025学年八年级下学期期末考试物理试题一、本部分为单项选择题，共10题，共30分。每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意。选对每小题得3分，错选、多选或不选得0分。1．如图为故宫博物馆收藏品《康熙帝御用弓》，根据记载该弓为“七力弓”。“力”是当时描述弓的拉力的一种单位，1力大约可以提起6千克的重物。请估算拉开这把“七力弓”需要的拉力大约为（）​​A．42N B．60N C．420N D．4200N【答案】C【解析】【解答】1力大约可以提起6千克的重物。那么“七力”大约为F=G=mg=7×6kg故选C。

【分析】根据G=mg，计算重力大小，判断拉力大小。2．如图，一个正在做匀速圆周运动的物体，若它所受的一切外力都同时消失，那么它将（）A．沿某一方向做匀速直线运动 B．慢慢减速，最后停止运动C．继续做匀速圆周运动 D．沿某一方向做加速直线运动【答案】A【解析】【解答】ABCD、根据牛顿第一定律我们知道，物体不受外力作用时，原来静止的物体将永远保持静止状态；原来运动的物体将永远做匀速直线运动，速度的大小和方向都不改变。因为物体原来是运动状态，当外力突然消失，物体仍然保持原来的运动状态，所以物体将做保持原来的速度做匀速直线运动，故A正确，BCD错误。

故选：A。

【分析】根据牛顿定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。3．端午节番禺龙舟赛上，选手用力向后划水，龙舟加速前进，说明（）A．龙舟在加速前进过程中所受合力为零B．龙舟静止在水面时其所受重力小于浮力C．水对桨的力与桨对水的力是一对平衡力D．龙舟加速向前运动说明力可以改变物体的运动状态【答案】D【解析】【解答】A、龙舟在加速前进过程中受力不平衡，所受合力不为零，故A错误；

B、龙舟静止在水面时处于平衡状态，其所受重力等于浮力，故B错误；

C、水对桨的力与桨对水的力是两个受力物体（相互的），两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故C错误。

D、龙舟加速向前运动，速度改变，说明力可以改变物体的运动状态，故D正确。

故选：D。

【分析】（1）物体受力平衡时，将保持静止状态或匀速直线运动状态，此时所受合力为0；

（2）龙舟静止在水面时受平衡力；

（3）二力平衡的条件：同一个受力物体，两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上；

（4）力可以改变物体的运动状态。4．北极熊通过薄冰时，会趴下身子，腹部贴着冰面向前爬行，如图甲所示。越过薄冰到达陆地，再变成正常行走，如图乙所示。这只北极熊通过薄冰时采用特殊姿势是为了（）A．减小冰面单位面积上受到的压力B．减小惯性C．减小受到的支持力D．减小冰面的摩擦力【答案】A【解析】【解答】ABCD、北极熊在通过一处薄冰时，它趴下身子，腹部贴着冰面向前爬行，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，压强是单位面积上受到的压力，即减小冰面单位面积上受到的压力，故A正确，BCD错误。

故选：A。

【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关；增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；

减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。5．如图是乒乓球落地后又弹起的频闪照片示意图，则乒乓球（）A．在A点时受力平衡B．在B点时受力平衡C．上升过程中动能转化为重力势能D．从C点到D点机械能越来越大【答案】C【解析】【解答】A、乒乓球在A点时，此时受到重力和空气阻力作用，且重力大于空气阻力，受力不平衡，故A错误。

B、乒乓球在B点时，阻力和重力不在同一方向，即将下落，受力不平衡，故B错误。

C、乒乓球上升过程中，质量不变，速度减小，动能减小，同时高度增加，重力势能增大，所以是动能转化为重力势能，故C正确。

D、从C点到D点，由于乒乓球要克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，机械能会越来越小，故D错误。

故选：C。

【分析】（1）平衡状态是指静止状态或匀速直线运动状态，据此分析判断。

（2）物体上升过程中，质量不变，速度减小，动能减小，同时高度增加，重力势能增大，所以是动能转化为重力势能。从C点到D点，由于乒乓球要克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能。6．中国的茶文化源远流长；茶叶在玻璃杯中，一沉一浮，亦苦亦甜；如图所示的是小杰用玻璃杯给爷爷泡的茶，结合所学的物理知识，下列解释正确的是（）A．正在上浮的茶叶排开水的重力小于浮力B．正在上浮的茶叶排开水的重力大于浮力C．正在下沉的茶叶排开水的重力大于浮力D．正在下沉的茶叶排开水的重力等于浮力【答案】D【解析】【解答】ABCD、根据阿基米德原理可知物体受到的浮力等于物体排开液体受到的重力，所以，正在上浮的茶叶排开水的重力等于浮力，正在下沉的茶叶排开水的重力也等于浮力，故ABC错误，D正确。

故选：D。

【分析】根据阿基米德原理可知物体受到的浮力等于物体排开液体受到的重力。7．在同一水平地面上，重600N的物体受到水平向左300N的推力F，从A点匀速直线运动到B点用时5s，在B点撤去F，物体继续运动2s停在C点，如图所示，以A点为计时起点，前6s物体所受摩擦力的大小随时间变化的图像中，正确的是（）A． B．C． D．【答案】B【解析】【解答】A、乒乓球在A点时，此时受到重力和空气阻力作用，且重力大于空气阻力，受力不平衡，故A错误。

B、乒乓球在B点时，阻力和重力不在同一方向，即将下落，受力不平衡，故B错误。

C、乒乓球上升过程中，质量不变，速度减小，动能减小，同时高度增加，重力势能增大，所以是动能转化为重力势能，故C正确。

D、从C点到D点，由于乒乓球要克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，机械能会越来越小，故D错误。

故选：C。

【分析】（1）平衡状态是指静止状态或匀速直线运动状态，据此分析判断。

（2）物体上升过程中，质量不变，速度减小，动能减小，同时高度增加，重力势能增大，所以是动能转化为重力势能。

（3）从C点到D点，由于乒乓球要克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，8．如图所示的四个实验，下列描述正确的是（）A．图甲中往管a中吹气时b管中的水面会下降B．图乙中的卫生间的地漏存水杯是一个连通器C．图丙中拿着自制气压计从1楼拿到10楼时玻璃管内液面降低D．图丁中抽水机是利用连通器原理工作【答案】B【解析】【解答】A、往a管中吹气时，b管上端口气体流速大，此处压强小，而瓶内液面上方压强较大，瓶内液面上方压强作用在瓶内液面上，把液体压进了b管中，故A错误；

B、卫生间的地漏存水杯利用连通器的原理可以有效的减少异味，故B正确；

C、大气压随着高度的增加而减小，拿着这个气压计随电梯从一楼上升至十楼的过程中，气压减小，液柱会在内部气压的作用下被压高，所以气压计细玻璃管中的液面会上升，故C错误；

D、抽水机是利用大气压把水从低处抽到高处，故D错误。

故选：B。

【分析】（1）流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大；

（2）上端开口，底部连通的容器叫做连通器；

（3）大气压随着高度的增加而减小；

（4）抽水机是利用大气压的作用。9．如图所示是甲、乙两根弹簧的伸长量与所受到的拉力之间的关系，下列说法中正确的是（）A．弹簧的伸长量始终和拉力成正比关系B．甲弹簧受到4N拉力时，弹簧的长度是6cmC．乙弹簧受到8N拉力时，伸长了2cmD．甲弹簧适合做量程较大的测力计【答案】C【解析】【解答】A、在弹性限度内，弹簧的伸长量与弹簧受到的拉力成正比，若超过弹性限度，则伸长量与的拉力不再成正比，故A错误；

B、由图甲可知，当甲弹簧受到4N的拉力时，弹簧的伸长量为6cm，弹簧的长度要大于6cm，故B错误；

C、图中横轴表示拉力，纵轴表示弹簧的伸长量，图乙中，当乙弹簧受到8N的拉力时，弹簧伸长的伸长量为2cm，故C正确；

D、由图可知，甲弹簧长度即将超过弹性限度时，其受到的拉力约为4N；乙弹簧长度即将超过弹性限度时，其受到的拉力约为8N，所以，乙弹簧适合做量程较大的测力计，故D错误。

故选：C。

【分析】（1）在弹性限度内，弹簧的伸长量与受到的拉力成正比。

（2）从图中获得信息，根据弹簧的伸长量和拉力的数量关系，可计算不同拉力下弹簧的伸长量和长度；

（3）在施加相同拉力的情况下，弹簧的伸长量越大，弹簧测力计越灵敏，弹簧伸长量越小，一般量程会越大，可以根据需要选择制作弹簧测力计的材料。10．在研究同一直线上二力合成的实验中，用弹簧测力计和相同的弹簧分别进行了4组实验。如图所示，ΔL表示每组分别两次实验中弹簧的伸长量。其中力F可以作为F1、①ΔL相同②ΔL相同③ΔL不同A．只有①可以 B．只有①②可以C．只有①③可以 D．①②③都可以【答案】B【解析】【解答】ABCD、根据合力的概念可知，一个力的作用效果与两个力的作用效果相同，则这个力叫做两个力的合力，即是等效的，图中采用弹簧的伸长显示力的效果，故伸长相同，可以看成是合力，故①②正确。故ACD错误，B正确。

故选：B。

【分析】根据合力的作用效果与两个分力的作用效果相同分析。二、第二部分主观题。本部分共8题，共60分。按题目要求作答。11．如图所示，在轻质杠杆OA的中点悬挂一个重物G，在A端施加一垂直于杠杆向上的拉力F1（1）请在图甲中画出杠杆受到的阻力F2（2）如果保持F1的方向始终垂直于杠杆，将杠杆从图甲位置匀速提升到图乙位置，请在乙图中画出此时F1'（3）杠杆从图甲位置匀速提升到图乙位置的过程中，拉力F1的大小将（选填“变大”“不变”或“变小”），判断依据是【答案】（1）（2）（3）变小；动力臂始终等于OA保持不变，阻力等于物体的重力不变，而提升过程阻力臂逐渐减小，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，动力逐渐减小。【解析】【解答】（1）轻质杠杆不计自重，重物对杠杆的拉力是阻碍杠杆转动的阻力，如图所示：

（2）力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，保持F1的方向始终垂直于杠杆，动力臂恰好等于OA长，如图所示：

（3）第1空，第2空，杠杆从图甲位置匀速提升到图乙位置的过程中，动力臂始终等于OA保持不变，阻力等于物体的重力不变，而提升过程阻力臂逐渐减小，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，动力逐渐减小。

故答案为：（1）见解答；（2）见解答；（3）变小；动力臂始终等于OA保持不变，阻力等于物体的重力不变，而提升过程阻力臂逐渐减小，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，动力逐渐减小。

【分析】（1）重物对杠杆的拉力是阻碍杠杆转动的阻力；

（2）力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，据此画图；

（3）根据动力臂保持不变，结合杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析解答。12．如图所示，用两个滑轮组将同一物体同时提升到相同高度，若动滑轮的重力相同，不计绳重和摩擦，拉力F1拉力F2；拉力F1做的功拉力F2做的功；甲滑轮组的机械效率η【答案】小于；等于；等于【解析】【解答】（1）由题意可知，甲滑轮组由三段绳子承担物重，拉力F=13（G物+G动）；乙滑轮组由两段绳子承担物重，拉力F=12（G物+G动）；因为G物+G动相同，所以F1小于F2；

（2）甲、乙两滑轮组所提的重物相同、上升的高度相同，根据W=Gh可知两滑轮组所做的有用功相同；不计绳重和摩擦时，滑轮组的额外功是由克服动滑轮重力所做的功，根据W=Gh可知，动滑轮重和上升高度相同时，两者的额外功相等；W总=W13．如图所示，小明用两食指同时压铅笔两端。（1）若上手指受到铅笔的压力为F1，下手指受到铅笔的压力为F2，则F1（2）若上手指受到铅笔的压强为p1，下手指受到铅笔的压强为p2，则p1p【答案】（1）<（2）<；由于铅笔的重力会导致下面手指受的压力增大，且下面手指的受力面积比较小，由p=F【解析】【解答】（1）根据图示可知，铅笔竖直放置，由于铅笔的重力会导致下面手指受的压力增大，即：F1＜F2；

（2）第1空，第2空，下面手指受的压力大，且下面手指的受力面积比较小，由p=FS可知，下面手指受到的压强比较大，即：p1＜p2。

故答案为：（1）＜；（2）＜；由于铅笔的重力会导致下面手指受的压力增大，且下面手指的受力面积比较小，由p=FS可知，下面手指受到的压强比较大。14．物体的重力势能Ep与物体的质量m、高度h的关系为Ep=mgh，如图所示，一质量为8kg的物体从高度为0.2m处由静止沿斜面下滑到底端。若不计摩擦和空气的阻力，物体在下滑过程中，物体的能转化为【答案】重力势；动；16【解析】【解答】（1）第1空，第2空，物体在下滑过程中，物体的质量不变，高度减小，速度增加，重力势能减小，动能增加，物体的重力势能转化为动能；

（2）若不计摩擦和空气的阻力，机械能守恒，物体滑到斜面底端时的动能大小等于最高点时的重力势能大小，Ek=Ep=mgh=8kg×10N/kg×0.2m=16J；

故答案为：重力势；动；16。

【分析】（1）动能与物体的质量和速度有关，重力势能与物体的质量和高度有关；

（2）若不计摩擦和空气的阻力，机械能守恒，根据重力势能的大小可知动能的大小。15．用如图所示装置测量山下大气压强的值。此时大气压强等于mm高水银柱产生的压强。做完此实验后，再搬到高山顶上重新测，则大气压强的测量结果将（选填“变大”“变小”或“不变”）。【答案】750；变小【解析】【解答】（1）由图可知，玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度为

h=780mm-30mm=750mm，因此，当时的大气压强等于750mm高水银柱产生的压强；

（2）大气压随海拔高度的升高而减小，随高度降低而增大，高山顶上做此实验，大气压减小，所以管内水银柱高度变小，大气压强的测量结果将变小。

故答案为：（1）750；（2）变小。

【分析】（1）在托里拆利实验中，大气压所能支持的水银柱的高度是指玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度，据此读图可得出结果；

（2）大气压随高度的增加而减小。16．如图所示，塔吊将质量为2t的墙体构件从地面匀速吊起到10m高的顶楼，用时40s。g取10N/kg，求：（1）塔吊对墙体构件所做的功。（2）提升过程中塔吊的功率。【答案】（1）墙体构件的重力G=mg=2×1000kg×10N/kg=2×104N，墙体构件从地面匀速吊起到10m高的顶楼，拉力和重力是平衡力，拉力F拉=G=2×104N，塔吊对墙体构件所做的功W=F拉s=2×104N×10m=2×105J；（2）提升过程中塔吊的功率P=W【解析】【分析】（1）根据G=mg得到墙体构件的重力，提升过程中，竖直向上的拉力等于物体的重力，根据W=Fs得到塔吊对墙体构件所做的功；

（2）根据P=W17．如图所示，甲、乙两个完全相同的薄壁轻质圆柱形容器置于水平桌面上，底面积均为0.2m2，两容器底部用一根细管相连，开始阀门K关闭。甲容器中盛有深度为0.9m的水。乙容器中放一边长为0.1m的正方形物体A（不吸水），其质量为600g。（g=10N/kg，ρ水=1×103kg/m3）（1）阀门K未打开时，①请在图丙中画出物体A的受力示意图。②求水对甲容器底的压强？（2）打开阀门后，直到水不再流动，①甲容器液面的高度乙容器液面的高度（选填“高于”“等于”或“低于”），判断依据是。②求物体A静止时受到的浮力？【答案】（1）；9000Pa（2）等于；打开阀门后，直到水不再流动，甲、乙容器形成连通器；6N【解析】【解答】（1）①物体A受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力作用，如图：

；

②水对甲容器底的压强p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.9m=9000Pa；

（2）①第1空，第2空，打开阀门后，直到水不再流动，①甲容器液面的高度等于乙容器液面的高度；判断依据是打开阀门后，两容器组成连通器，连通器中装同种液体且液体不流动时，液面相平；

②打开阀门，直到水不再流动，说明左右液面相平，设此时A浸没，容器内水的深度h，则有：

S甲（h水-h）=S乙h-VA，

0.2m2×（0.9m-h）=0.2m2×h-（0.1）3m3，

解得：h=0.4525m＞0.1m，则物块A受到的浮力为：

F浮=ρ水gV排=ρ水gVA=1.0×103kg/m3×10N/kg×（0.1）3m3=10N＞G=mg=0.6kg×10N=6N，故物体静止时漂浮，所受浮力F浮'=G=6N。

故答案为：（1）①如图。②水对甲容器底的压强为9000Pa。

（2）①等于；打开阀门后，两容器组成连通器，连通器中装同种液体且液体不流动时，液面相平；②物体A静止时受到的浮力为6N。

【分析】（1）①物体A受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力作用；

②根据液体压强公式得出水对甲容器底的压强；

（2）①打开阀门后，两容器组成连通器，连通器中装同种液体且液体不流动时，液面相平；

②打开阀门，直到水不再流动，说明左右液面相平，根据体积关系可求出此时容器内水的深度，从而求出A排开水的体积，求出物块A受到的浮力。18．小红在“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验中，用到如下器材：分度值为0.1N的弹簧测力计，某实心圆柱体金属块，相同的大烧杯若干，水及密度未知的某种液体，细线等。（1）小红进行了如图所示的实验：A步骤所示弹簧测力计的示数为N；用弹簧测力计挂着金属块缓慢地浸入液体中不同深度，步骤如图B、C、D、E、F所示（液体均未溢出），并将其示数记录在下表中：实验步骤BCDEF弹簧测力计示数F/N2.62.52.42.42.3（2）在实验步骤D中金属块所受浮力F浮=（3）分析实验步骤A、B、C、D，可以说明浮力大小跟有关（选填“排开液体的体积”或“物体的体积”）；（4）通过比较步骤A、C、F，（选填“可以”或“不可以”）得出浮力大小与液体密度有关，原因是；（5）由表格中的数据，可分析出液体的密度水的密度（选填“大于”“小于”或“等于”）。【答案】（1）2.7（2）0.3（3）排开液体的体积（4）不可以；为了探究浮力大小与液体密度的关系，应该控制排开液体的体积相同，而液体的密度不同，而A、C、F排开液体的体积和液体的密度都不同，所以不可以得出浮力大小与液体密度有关；（5）大于【解析】【解答】（1）弹簧测力计的分度值是0.1N，A步骤所示弹簧测力计的示数为2.7N；

（2）步骤D中金属块所受浮力为：F浮=G-FD=2.7N-2.4N=0.3N；

（3）分析实验步骤A、B、C、D，液体都是水，物体排开液体体积变化，所受浮力变化，可以说明浮力大小跟物体排开液体的体积有关；

（4）第1空，第2空，为了探究浮力大小与液体密度的关系，应该控制排开液体的体积相同，而液体的密度不同，而A、C、F排开液体的体积和液体的密度都不同，所以不可以得出浮力大小与液体密度有关；

（5）分析实验数据可知，因F中测力计示数较小，由称重法可知F图中受到的浮力较大，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，F图中，液体密度大于水的密度。

故答案为：（1）2.7；（2）0.3；（3）排开液体的体积；（4）不可以；没有控制排开液体的体积相同；（5）大于。

【分析】（1）弹簧测力计读数时要看清量程和分度值；

（2）根据称重法可求出步骤D中金属块