陕西省咸阳市2025-2025学年高二下学期期末教学质量检测物理试题

陕西省咸阳市2025-2025学年高二下学期期末教学质量检测物理试题好的，作为一名资深文章作者，我很乐意为您撰写这份模拟试题。请注意，由于“____学年”表述上可能存在笔误，我理解为“____学年”或类似常规学年，并按此逻辑进行内容组织。本试题旨在模拟真实教学质量检测，注重对基础知识、核心能力及学科素养的考查。---陕西省咸阳市____学年高二下学期期末教学质量检测物理试题注意事项：1.本试卷共X页，满分100分，考试用时90分钟。2.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡规定的位置上。3.答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上。4.所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效。5.考试结束后，只将答题卡交回。一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1-6题只有一项符合题目要求，第7-10题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.关于静电场，下列说法正确的是（）A.电场强度为零的地方，电势一定为零B.电势高的地方，电场强度一定大C.同一等势面上的各点，电场强度一定相等D.正电荷在电势高的地方电势能大2.如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，R1、R2为定值电阻，R为滑动变阻器。当滑动变阻器的滑片P向右移动时，下列说法正确的是（）（此处应有电路图：滑动变阻器R与R1并联后再与R2串联，电源内阻r）A.电流表的示数增大B.电压表的示数减小C.R1消耗的电功率增大D.电源的输出功率一定增大3.关于磁场和磁感线，下列说法正确的是（）A.磁感线是磁场中客观存在的曲线B.磁场对放入其中的小磁针一定有力的作用C.通电导线在磁场中某处不受安培力作用，则该处的磁感应强度一定为零D.磁感线的疏密程度表示磁场的强弱，磁感线上某点的切线方向表示该点的磁场方向4.电磁感应现象的发现，进一步揭示了电和磁之间的联系，开辟了人类电气化的时代。下列关于电磁感应现象的说法正确的是（）A.只要闭合回路内有磁通量，闭合回路中就一定有感应电流产生B.穿过闭合回路的磁通量变化越快，闭合回路中感应电动势越大C.感应电流的磁场总是与引起它的原磁场方向相反D.闭合回路中的感应电流方向，总是使它所产生的磁场阻碍引起感应电流的磁通量的变化5.质量为m、电荷量为q的带电粒子，以初速度v0垂直射入磁感应强度为B的匀强磁场中，不计粒子重力。下列说法正确的是（）A.粒子在磁场中做匀速圆周运动B.粒子做圆周运动的半径为mv0/(qB)C.粒子做圆周运动的周期为2πm/(qB)D.若仅增大B，则粒子运动的周期将增大6.某同学用伏安法测量一个定值电阻的阻值，可供选择的电路图有甲（电流表内接）和乙（电流表外接）两种。若该电阻的阻值较大，为了减小实验误差，应选择的电路及依据是（）A.甲图，因为电流表的分压作用较小B.甲图，因为电压表的分流作用较小C.乙图，因为电流表的分压作用较小D.乙图，因为电压表的分流作用较小7.如图所示，平行板电容器与电源相连，下极板接地。一带电油滴静止在两极板间的P点。若将上极板缓慢向上移动一小段距离，则在移动过程中（）（此处应有电路图：平行板电容器与电源串联）A.电容器的电容减小B.两极板间的电场强度减小C.油滴的电势能增大D.P点的电势升高8.如图所示，光滑平行金属导轨固定在水平面上，导轨间距为L，左端接有阻值为R的电阻。整个装置处于方向竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度为B。一质量为m、电阻为r的导体棒ab垂直导轨放置，在水平拉力F作用下以速度v向右匀速运动，不计导轨电阻。下列说法正确的是（）（此处应有电路图：水平导轨，导体棒ab，电阻R，匀强磁场B向下）A.导体棒ab中的感应电流方向为由a到bB.导体棒ab两端的感应电动势大小为BLvC.拉力F的大小为B²L²v/(R+r)D.电阻R消耗的电功率为B²L²v²/R9.关于电磁学中的物理量，下列说法正确的是（）A.电场强度的单位是N/C，也可以是V/mB.磁感应强度的单位是T，1T=1N/(A·m)C.电容的单位是F，1F=1C/VD.电阻率的单位是Ω·m，它反映了材料导电性能的好坏，电阻率越大，材料的导电性能越好10.如图所示，一理想变压器原、副线圈的匝数比为n1:n2=2:1，原线圈接在u=Uₘsinωt的交流电源上，副线圈接有定值电阻R和理想交流电压表、电流表。下列说法正确的是（）（此处应有电路图：理想变压器，原线圈接交流电源，副线圈接电阻R、电压表并联、电流表串联）A.电压表的示数为Uₘ/2B.电流表的示数随时间按正弦规律变化C.原、副线圈中的电流之比为1:2D.若仅将电源频率增大，则电压表的示数不变二、实验题（本题共2小题，共18分）11.（8分）某实验小组要测量一节干电池的电动势E和内阻r。实验室提供的器材有：待测干电池（电动势约1.5V，内阻约1Ω）电流表A（量程0~0.6A，内阻约0.1Ω）电压表V（量程0~3V，内阻约3kΩ）滑动变阻器R（0~20Ω，1A）开关S及导线若干（1）为了尽可能减小实验误差，应选择图中的（选填“甲”或“乙”）电路进行实验。（甲图为伏安法测电源电动势和内阻的电流表外接法，乙图为电流表内接法）（2）根据所选的电路进行实验，测出多组电压表示数U和电流表示数I，作出U-I图像如图丙所示。由图像可求得该干电池的电动势E=V（保留两位有效数字），内阻r=Ω（保留两位有效数字）。（3）实验中，由于电表内阻的影响，电动势的测量值真实值，内阻的测量值真实值（均选填“大于”、“小于”或“等于”）。12.（10分）某同学利用如图所示的装置探究“感应电流产生的条件”。（此处应有实验装置图：U形磁铁，线圈，灵敏电流计，导线）（1）实验时，通过观察来判断是否有感应电流产生。（2）下列操作中，能产生感应电流的是（填正确答案标号）。A.保持磁铁静止，将线圈上下移动B.保持磁铁静止，将线圈左右移动C.保持线圈静止，将磁铁上下移动D.保持线圈静止，将磁铁左右移动E.保持线圈和磁铁一起静止不动（3）该同学某次实验时，线圈平面与磁场方向垂直，当他将磁铁快速插入线圈时，灵敏电流计指针向右偏转。若他将磁铁快速从线圈中拔出，则灵敏电流计指针将向（选填“左”或“右”）偏转；若他保持磁铁静止，将线圈快速向右拉出，则灵敏电流计指针将向（选填“左”或“右”）偏转。此现象表明，感应电流的方向与有关。三、计算题（本题共3小题，共42分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13.（12分）如图所示，在真空中有两个点电荷Q1=+4.0×10⁻⁸C和Q2=-1.0×10⁻⁸C，它们相距r=30cm。已知静电力常量k=9.0×10⁹N·m²/C²。求：（1）Q1、Q2之间的库仑力大小和方向；（2）在Q1、Q2连线的延长线上，距Q2为r=30cm的P点处的电场强度大小和方向。14.（14分）如图所示，一质量为m=0.1kg、电阻R=0.5Ω的金属棒ab，垂直放在间距L=0.5m的光滑平行金属导轨上，导轨平面与水平面成θ=30°角，导轨下端接有R0=1.5Ω的定值电阻，整个装置处于磁感应强度B=1.0T、方向垂直导轨平面向上的匀强磁场中。现由静止释放金属棒ab，金属棒沿导轨下滑过程中始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨电阻，g取10m/s²。求：（1）金属棒ab下滑的最大速度vm；（2）当金属棒ab的速度v=2m/s时，它的加速度a的大小；（3）若金属棒ab从静止开始下滑到达到最大速度vm的过程中，通过电阻R0的电荷量q=0.6C，则在此过程中电阻R0上产生的焦耳热Q0。15.（16分）如图所示，在xOy平面内，第一象限存在沿y轴正方向的匀强电场，电场强度大小E=2.0×10³N/C；第四象限存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度大小B=0.5T。一质量m=2.0×10⁻⁶kg、电荷量q=+1.0×10⁻⁸C的带电粒子从坐标原点O以初速度v₀=2.0×10³m/s沿x轴正方向射入电场。不计粒子重力。求：（1）粒子在电场中运动的时间t₁；（2）粒子离开电场时的位置坐标和速度大小v；（3）粒子进入磁场后做圆周运动的半径R；（4）粒子从进入磁场到第一次离开磁场的时间t₂。---参考答案与评分标准（以下为简要参考答案及评分要点，实际阅卷时需根据具体步骤给分）一、选择题（每小题4分，共40分）1.D2.A3.BD4.BD5.ABC6.A7.AB8.BC9.ABC10.CD二、实验题（共18分）11.（8分）（1）甲（2分）（2）1.5（1.4~1.6均可酌情给分）（2分），1.0（0.9~1.1均可酌情给分）（2分）（3）小于（1分），小于（1分）12.（10分）（1）灵敏电流计指针是否偏转（2分）（2）BD（3分，漏选得2分，错选不得分）（3）左（2分），左（2分），磁通量的变化方向（或相对运动方向）（1分）三、计算题（共42分）13.（12分）解：（1）根据库仑定律，Q1、Q2之间的库仑力大小为：F=k|Q1Q2|/r²（2分）代入数据解得：F=9.0×10⁹×(4.0×10⁻⁸×1.0×10⁻⁸)/(0.3)²N=4.0×10⁻⁵N（2分）方向：相互吸引，即Q1对Q2的力方向向左，Q2对Q1的力方向向右。（1分，只要说明是吸引力即可）（2）Q1在P点产生的电场强度：E1=kQ1/(r+r)²=kQ1/(2r)²（1分）方向沿Q1P方向，即向右。（1分）Q2在P点产生的电场强度：E2=k|Q2|/r²（1分）方向沿PQ2方向，即向左。（1分）P点的合电场强度：E=E1-E2（1分）代入数据解得：E=[9.0×10⁹×4.0×10⁻⁸/(0.6)²]-[9.0×10⁹×1.0×10⁻⁸/(0.3)²]=1000N/C-1000N/C=0N/C（2分，结果为0即给分）方向：因E1=E2，故合场强为零。（1分）14.（14分）解：（1）金属棒达到最大速度时，加速度为零，受力平衡：mgsinθ=F安（2分）F安=BIL（1分）I=E/(R+R0)（1分）E=BLvm（1分）联立解得：vm=mg(R+R0)sinθ/(B²L²)（1分）代入数据解得：vm=[0.1×10×(0.5+1.5)×0.5]/(1.0²×0.5²)m/s=8m/s（1分）（2）当v=2m/s时，感应电动势E'=BLv（1分）感应电流I'=E'/(R+R0)（1分）安培力F安'=BI'L（1分）根据牛顿第二定律：mgsinθ-F安'=ma（1分）代入数据解得：a=gsinθ-B²L²v/[m(R+R0)]=10×0.5-(1.0²×0.5²×2)/[0.1×(0.5+1.5)]=5-1.25=3.75m/s²（1分）（3）通过电荷量q=ΔΦ/(R+R0)=BLx/(R+R0)（1分）解得下滑距离x=q(R+R0)/(BL)=0.6×(0.5+1.5)/(1.0×0.5)m=2.4m（1分）根据能量守恒：mgxsinθ=Q总+(1/2)mvm²（1分）解得Q总=mgxsinθ-(1/2)mvm