2026届高考物理《法拉第电磁感应定律》含答案

轨间存在与导轨平面垂直的匀强磁场，其磁感应强度大小B随时间变化的图像如图(b)所示，t=T时内流过回路的电荷量为()A.B.C.架由托盘和矩形线圈组成。线圈的一边始终处于垂直线圈平面的匀强磁场中，磁感应强度不变。测量A.线圈电阻为B.I越大，表明m越大11A.圆环I中电流的有效值为C.t=0.5t0时刻圆环Ⅱ中电流为D.t=0.5t0时刻圆环Ⅱ上PQ间电动势为缘的铜丝形成闭合回路，纸环围合部分可近似为半径为R的扁平圆柱。现有一匀强磁场从圆柱中心区域垂直其底面穿过，磁场区域的边界是半径为r的圆(r<R)。若磁感应强度大小B随时间t的变化关系为B=kt(k为常量)，则回路中产生的感应电动势大小为() ()22A.C.B.D.感应强度大小B=1T的匀强磁场。金属杆PQ长度与导轨直径相等，单位长度电阻下列说法正确的是()7.(2025·浙江·三模)如图所示半径为R的虚线圆内，存在垂直纸面向里感应强度大小为B=kt界匀强磁场。变化的磁场在空间产生感生电场，电场线为一系列以O为圆心的同心圆，在同一电场线上，电场强度大小相同。长度为2R的导体棒ac与虚线圆交于a、b两点，其中b为ac的中点。则 ()33在磁场方向垂直纸面向里、磁感应强度大小随时间变化规律为B=B0+kt(k为常数且大于0)的磁场。A.率为ρ,用绝缘细线悬挂着。线圈下半部分处于垂直于线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间(1)线圈中感应电流的大小I；为B的匀强磁场，边缘绕有一足够长的细线，线44A.电阻R中电流方向由a到bB.导体棒切割磁感线产生的感应电动势大小为C.流过R的电流大小为D.导体棒Of段所受安培力大小为角速度ω绕过O点的竖直轴PQ沿顺时针(从上往下看)旋转。已知NQ=2MP=2r。则()A.M点电势低于O点电势B.N点电势低于M点电势C.MN两点的电势差为Br2ωD.NM两点的电势差为Br2ω55A.电流方向始终不变B.A点的电势始终高于O点的电势域的直径重合。则()A.通过电阻丝PQ的电流先增大后减小C.拉力做功的功率先减小后增大B.电阻丝PQ两端的电压先减小后增大66轨上由静止释放，下滑距离x=20m前已达到稳定速度vm=4m/(1)求磁感应强度B的大小；A.B.C.D.18.(2025·黑龙江哈尔滨·二模)如图所示，处于同一水平面的光滑金属直导轨MN和PQ之77竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B=0.1T。一质量为m=0.2kg的金属棒ab在水平外力作用下从MP处以初速度v0=5m/s向右运动，在运动x=4m的过程中通过R上的电流恒定不变。金属棒始终A.通过R的电流为5AB.通过R的电流为逐渐减小C.金属棒的最小速度为2.0m/sD.金属棒的最小速度为5.0m/s以及ab边的安培力F(取向下为正方向)随时间t的变化图像正确的是()A.B.C.D.88小灯泡仅延时熄灭，为了出现断开开关后小灯泡明显变亮再慢慢熄灭的现象，下列方法可能成功的是()99说法正确的是()A.发射线圈中感应电流产生的磁场水平向右A.ab端的输入功率大于12kWB.无线充电原理与变压器的原理相同均为S，在△t内发射线圈产生磁场的磁感应强度增加量为△B。磁场可视为垂直穿过线圈。下列说法正确的是()C.接收线圈和发射线圈是通过自感实现能量传递29.(23-24高二下·湖北武汉·期末)我国某品牌手机实现40W无线闪充，最快56分钟可充满等效220V时，该手机内的接收线圈的感应电动势为9V，若不考虑线圈的电阻和充电过程中各种能量的损A.无线充电的原理是互感现象B.发射线圈和接收线圈内的电流频率相同A.C.B.D.轨间存在与导轨平面垂直的匀强磁场，其磁感应强度大小B随时间变化的图像如图(b)所示，t=T时内流过回路的电荷量为()--E而I=2-E故选B。架由托盘和矩形线圈组成。线圈的一边始终处于垂直线圈平面的匀强磁场中，磁感应强度不变。测量IA.线圈电阻为EI11IE不是线圈的电阻；I故A错误；B．根据平衡条件有(M+m(g=BIL①故可知I越大，m越大；故B正确；C．根据公式有E=BLv②D．联立①②可得m=故D正确。故选BD。A.圆环I中电流的有效值为C.t=0.5t0时刻圆环Ⅱ中电流为D.t=0.5t0时刻圆环Ⅱ上PQ间电动势为t0~3t0内圆环I中的电流大小均为I1=22在t0~2t0内圆环I中的电流大小为I2=设圆环I中电流的有效值为I，根据有效值定义可得I2R⋅3t0=IR⋅2t0+IRt0故A错误；C/D/回路产生的总电动势为E总=πr2⋅则P、Q两点间圆弧的电动势为E/=E=πr2故D正确。故选BD。缘的铜丝形成闭合回路，纸环围合部分可近似为半径为R的扁平圆柱。现有一匀强磁场从圆柱中心区域垂直其底面穿过，磁场区域的边界是半径为r的圆(r<R)。若磁感应强度大小B随时间t的变化关S=πr233 ()A.B.C.D.感应强度大小B=1T的匀强磁场。金属杆PQ长度与导轨直径相等，单位长度电阻下列说法正确的是()44电流表的读数为I=Rr等=1A故B错误；C．电容器两端电压U=IR=8V故D错误。7.(2025·浙江·三模)如图所示半径为R界匀强磁场。变化的磁场在空间产生感生电场，电场线为一系列以O为圆心的同心圆，在同一电场线上，电场强度大小相同。长度为2R的导体棒ac与虚线圆交于a、b两点，其中b为ac的中点。则 ()=kR255a、c两点间的电动势大小为Eac=Eab+Ebc=+kR2故选AC。在磁场方向垂直纸面向里、磁感应强度大小随时间变化规律为B=B0+kt(k为常数且大于0)的磁场。A.B.2C.4D.8由闭合电路欧姆定律得感应电流I==故选B。率为ρ,用绝缘细线悬挂着。线圈下半部分处于垂直于线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间(1)线圈中感应电流的大小I；66根据闭合电路欧姆定律有I=联立解得I=(2)线圈受到的安培力大小F=BI⋅2r联立解得t0=为B的匀强磁场，边缘绕有一足够长的细线，线B.C.D.I2R又I=，E=Brv-=Br⋅联立解得v=77A.电阻R中电流方向由a到bB.导体棒切割磁感线产生的感应电动势大小为C.流过R的电流大小为D.导体棒Of段所受安培力大小为B．导体棒ef切割磁感线产生的感应电动势E=2B-ω(|(+=故B错误；C．流过R的电流大小为I=4(R+r(解得I=4(R+r(D．导体棒Of段所受安培力大小为FOf=BI8(R+r(结合上述解得FOf=B2ω(D1+D2((D18(R+r(故D错误。故选AC。角速度ω绕过O点的竖直轴PQ沿顺时针(从上往下看)旋转。已知NQ=2MP=2r。则()88A.M点电势低于O点电势B.N点电势低于M点电势C.MN两点的电势差为Br2ωD.NM两点的电势差为Br2ω故有UNM=UNO-UMO=Bωr2，φN>φM故选D。A.电流方向始终不变B.A点的电势始终高于O点的电势99故选B。域的直径重合。则()故AB错误；框中产生的焦耳热为Q=I2R×2t0=故选D。A.通过电阻丝PQ的电流先增大后减小B.电阻丝PQ两端的电压先减小后增大C.拉力做功的功率先减小后增大D.电阻丝ab的发热功率可知通过电阻丝PQ的电流I先减小后增大B．设电阻丝PQ的电阻为r，由闭合电路欧姆定律可得电阻丝PQ两端的电压为U=E-IrC．由安培力表达式F=BIlE2E2外=R外+r(RE2E2外=轨上由静止释放，下滑距离x=20m前已达到稳定速度vm=4m/2平衡状态，设金属杆的速度为v时，有E=BLv，I=Rr，F安=BIL处于稳定状态时，根据平衡条件可得mgsin代入数据解得B=1T根据牛顿第二定律可得mgsinθ-μmgcosθ-=mamgxsinθ=mv+μmgcosθ⋅x+Q总代入数据解得电路产生的总焦耳热为Q总=32JA.B.C.D.故选BD。竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B=0.1T。一质量为m=0.2kg的金属棒ab在水平外力作用下从MP处以初速度v0=5m/s向右运动，在运动x=4m的过程中通过R上的电流恒定不变。金属棒始终A.通过R的电流为5AB.通过R的电流为逐渐减小C.金属棒的最小速度为2.0m/sD.金属棒的最小速度为5.0m/s【详解】AB．有效切割长度l=l0+xtanθ电流I==电流I===5A(恒定)故选AC。以及ab边的安培力F(取向下为正方向)随时间t的变化图像正确的是()A.B.C.D.【详解】AC．在0-1s内感应电动在1-5s内感应电动势e2=nS=1V感应电流i2==1AB．在0-1s内安培力F=nBi1l=10×0.2t×2×1N=4tN在1-5s内安培力F/=nB/i2l=10×(0.2-0.1t)×1×1N=(2-t)N选项B正确；D．在0-1s内焦耳热Q1=irt=22×1×tJ=4tJ在1-5s内焦耳热Q2=irt=12×1×tJ=tJ选项D正确。【详解】A．由图可知在0~2t0时间段内产生的感应电动势为E==根据闭合电路欧姆定律有此时间