2025物理高考答题规范

浙江省杭州第二中学浙江省杭州第二中学 （三）主观大题答题策略 物理审题要做好三个分析（对象分析、过程分析与受力分析建立物理模型，明确人难我难，我不畏难。”那么就必须要压缩选择题的答题时间。计算题的第一道审题理解题意提取关键信息需要一分钟，这就要求剩余两分钟必须找出思路计算出正确结之内做完。千万不要在选择题上花费太多时间，如果超过44.做题顺序最好先易后难4.做题顺序最好先易后难5.草稿纸的使用要得当，注意涂答题卡5.草稿纸的使用要得当，注意涂答题卡6.使用各种字母符号要规范6.使用各种字母符号要规范扣分已屡见不鲜；3.一个字母在一个题目中只能用来表示一个物理量，忌一字母多用；一个物理量在同4.尊重习惯用法，如拉力用F，摩擦 如图，一不可伸长的轻质细绳跨过滑轮后，两端分别悬挂质量为m1和m2的物体A和B。若滑轮有一定大小，质量为m且分布均匀，滑轮转动时与绳之间无相对滑动，不计滑轮与轴之间的摩擦。设细绳对A和B的拉力大小分别为T1和T2，已知下列四个关于T1的表达式中有一个是正确的，请你根据所学的物理知识，通过一定的分析判断正确的表达式是()m+2(m1+m2)A.T1=(m+2m2m+2(m1+m2) 上的A点在O点右侧与O点相距为r（r<a）。试分析判断下列关于A点处电场强度大小E的表达式（式中k为静电力常量）正确的是()实验仪器的选择、实验方案的比较选择等。这类问题要从（2）实验数据处理和解释能力的考查，包括实验仪（3）对实验过程和结果进行评估反思能力的考查，一种是价，比如是否存在错误的操作、提出需改进的建议，另一种是分析实验的误差的判断、误差的减小、利用误差进行仪器的选择和方案的改进等。此外，由于科（2022年全国乙卷23题）一同学探究阻值约为550Ω的待测电阻Rx在0~5mA范围内的伏安特性。可用器材有：电压表V（量程为），内阻为300Ω),电源E（电动势约为4V，内阻不计滑动变阻器R（最大阻值可选10Ω或1.5kΩ),定值电阻R0（阻值可选75Ω或150Ω),开关S，导线若干。（2）实验时，图（a）中的R应选最大阻值为（填“10Ω”或“1.5kΩ”)的滑●●此组数据得到的Rx的阻值为Ω（保留3位有效【答案】【答案】【答题分析】练，加强练习，注重归纳与总结。比如电学基本实验原理该题安培表量程不够需要并联定值电阻R0扩大、电压表内阻很大即视为断路 用要规范；结论表示要规范；书写格式要规范；几何作图要规范；解题步骤要如图所示，在平面内，有一电子源持续不断地沿x正方向每秒发射出N个速率均为v的电子，形成宽为2b、在y轴方向均匀分布且关于x轴对称的电子流。电子流沿x方向射人一个半径为R、中心位于原点O的圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直xOy平面向里，电子经过磁场偏转后均从P点射出。在磁场区域的正下方有一对平行于x轴的金属平行板K和A，其中K板与P点的距离为d，中间开有宽度为2L且关于y轴对称的小孔。K板接地，A与K两板间加有正负、大小均可调的电压UAK。穿过K板小孔到达A板的所有电子被收集且导出，从而形成电流。已知b=，d=L，电子质量为m，电荷量为e，忽略电子间的相互作用。（1）求磁感应强度B的大小；（2）求电子流从P点射出时与负y轴方向的夹角θ的（3）当UAK=0时，每秒经过极板K上的小孔到达极板A的电子数；（4）画出电流i随UAK变化的关系曲线。【答案】精读题意后建立物理模型：磁聚焦模型、类平抛、批卷过程中发现r与R、q与e不分造成失分，实属可惜，所轴最大夹角θm，由几何关系，得=60o，同理下端电子从p点射出与负y轴最大夹角也是60度，范围是−60o≤θ≤60o，在批卷过程中发现错误有：只考虑上端电子没有考虑下端电子，答案为θ≤60o，造成失分“求电子流从P点射出时与负y轴方向的夹角θ的范围”回答。这种错误主要是对题干中“在y轴方向均匀分布且关于x轴对称的电子流”读题不仔细或误解。所以读题时要对题中出现得文字描述要精细化理解并转化为精确的数学根据（3）可得饱和电流大小imax=0.82Ne则电流i随UAK变化的关系曲线，如图所示：生尽可能多标出图像的信息，就算有个别遗漏或错误说不定还垂直于纸面（xOy平面）向里，电场的方向沿y轴正方向。一带正电的粒子在电场和磁场的是()【答案】B【解析】在xOy平面内电场的方向沿y轴正方向，故在坐标原点O静止的带正电粒子在电场力作用下会向y轴正方向运动。磁场方向垂直于纸面向里，根据左手定则，可判断出向y轴正方向运动的粒子同时受到沿x轴负方向的洛伦兹力，故带电粒子向x轴负方向偏转。AC错误；运动的过程中在电场力对带电粒子做功，粒子速度大小发生变化，粒子力方向始终与速度方向垂直。由于匀强电场方向是沿y轴正方向，故x轴为匀强电场的等势面，从开始到带电粒子偏转再次运动到x轴带电粒子再次回到x轴时的速度为0，随后受电场力作用再次进v’，两个速度大小相等，方向相反。使得其中一个洛伦兹力平衡电场力，即qBv'=qE则粒子的在电场、磁场中的运动，可视为向x轴负方向以速度做匀速直线运动，同【答题分析】让质量为m1的滑块A与质量为m2的静止滑块B在水平气垫导轨上发生碰撞，碰撞时间极短，比较碰撞后A和B的速度大小v1和v2，进而分析碰撞过程是否为弹性碰撞。完成下列（2）测得两滑块的质量分别为0.510kg和0.304kg。要使碰撞后两滑块运动方向相反，应边挡板的距离s2相等；（4）使A以一定的初速度沿气垫导轨运动，并与B碰撞，分别用传感器记录A和B从碰撞时刻开始到各自撞到挡板所用的时间t1和t2；12345k2（6）表中的k2=______（保留2位有效数字）；vv2v2），），【答案】【解析】（6）由于两段位移大小相等，根据表中的数据可（8）弹性碰撞时满足动量守恒和机械能守恒，可得m1v0=−m1v1【答题分析】全国甲卷第23题利用气垫导轨对弹性碰撞进行研究，展示完整的实论部分，要求学生将理论与实验相结合，培养学生的证据意识。如果学生熟悉弹性【实验题总评】），这两年实验题目难度都不大，因为学生的“俱物”心理和放在整套理综试卷的），簧连接，静止在光滑水平面上：物块B向A运动，t=0时与弹簧接触，到t=2t0时与弹内，物块A运动的距离为0.36v0t0。A、B分离后，A滑上粗糙斜面，然后滑下，与一直在水平面上运动的B再次碰撞，之后A再次滑上斜面，达到的最高点与前一次相同。斜面倾角为θ(sinθ=0.6)，与水平面光滑连接。碰撞过程中弹簧始终处于弹性限度内。求（3）物块A与斜面间的动摩擦因数。【答案】（1）0.6mv2）0.768v0t03）0.45【解析】（1）当弹簧被压缩最短时，弹簧弹性势能最大，此时A、B速度相等，即t=t0时刻，根据动量守恒定律mB.1.2v0=(mB+m)v0根据能量守恒定律Epmax=联立解得mB=5mEpmax=0.6mv同一时刻弹簧对A、B的弹力大小相等，根据牛顿第二定律F=ma可知同一时刻aA=5aB根据位移等速度在时间上的累积可得sA=vAt(累积sB=6mv0=mBvB+mvA对方程两边同时乘以时间△t，有6mv0Δt=5mvBΔt+mvAΔt0-t0之间，根据位移等速度在时间上的累积，可得6mv0t0=5msB+msA将sA=0.36v0t0代入可得sB=1.128v0t0则第一次碰撞过程中，弹簧压缩量的最大值Δs=sB−sA=0.768v0t0（3）物块A第二次到达斜面的最高点与第一次相同，说明物块A第二次与B分离后速度大小仍为2v0，方向水平向右，设物块A第一次滑下斜面的速度大小为vA'，设向左为正方'设在斜面上滑行的长度为L，上滑过程，根据动能定理可得−mgLsinθ−μmgLcosθ=0−m(2v0)2下滑过程，根据动能定理可得mgLsinθ−μmgLcosθ=1mv−02联立解得μ=0.45根据牛顿第二定律，可以分别计算出滑块A上滑和下滑时的加速度，mgsinθ+μmgcosθ=ma上，mgsinθ−μmgcosθ=ma下2a上x=(2v0)2−0，2a下x=vA'2=v02联立可解得μ=