湖南省邵阳市新宁县2025年中考二模物理试题（解析版）

第第页湖南省邵阳市新宁县2025年中考二模物理试题一、选择题（每题只有一个正确答案，每小题3分，12小题，共36分）1．如图所示，一只白鹤站在平静的水中，可以看到白鹤的两个“影子”——水面黑影和水中的倒影。下列说法中正确的是（）A．白鹤在水中的倒影是实像B．水中的倒影是由于光的折射形成的C．水面黑影是由于光的反射形成的D．白鹤飞离水面时，它的倒影大小不变【答案】D【解析】【解答】AB．白鹤在水中的倒影是平面镜成像，平面镜成像的原理是光的反射，其成像是由实际光线的反向延长线会聚而成的，属于虚像，故AB错误；C．水面黑影是白鹤挡住了太阳光，使太阳光无法照射到水面上形成的，是由于光的直线传播形成的，故C错误；D．白鹤在水中的倒影是平面镜成像，像的大小始终与白鹤本身的大小相等，与白鹤到水面的距离无关。故D正确。故选D。

【分析】（1）实像是由实际光线会聚而成的，可以用光屏承接；虚像是由实际光线的反向延长线会聚而成的，不能用光屏承接。

（2）光在同种均匀介质中沿直线传播，当光遇到不透明的物体时，在物体后面就会形成一个光照不到的区域，这就是影子。

（3）平面镜成像的特点是像与物大小相等，像与物到平面镜的距离相等，像与物的连线与镜面垂直。2．下列实验和实例中，能说明声音的产生条件的是（）A．把发声的音叉放进水盆里，看到溅出水花B．吹笛子时，手指按住不同的孔便会发出不同的声音C．拿一张硬纸片，让它以不同的快慢在木梳齿上划过，比较发出声音的不同D．在月球上的两位航天员，不通过无线电设备，无法直接说话进行交流【答案】A【解析】【解答】A．把发声的音叉放进水盆里，看到溅出水花，说明声音是由物体的振动产生的，能说明声音的产生条件，故A符合题意；B．吹笛子时，手指按住不同的孔，便会发出不同的声音，这是探究频率与音调的关系，不能说明声音的产生条件，故B符合题意；C．拿一张硬纸片，让它以不同的快慢在木梳齿上划过，比较发出声音的不同，是验证音调高低与频率的关系，不能说明声音的产生条件，故C不符合题意；D．在月球上的两位航天员，不通过无线电设备，无法直接说话进行交流，说明真空不能传声，不能说明声音的产生条件，故D不符合题意。故选A。

【分析】声音是由物体振动产生的，振动停止，发声也停止。3．如图是烤肉串架在炭火上烤的情景，有关说法中正确的是（）A．烤肉温度越高，热量越多B．很远就闻到肉香，说明分子在不停运动C．肉烤熟是通过做功的方式改变其内能D．木炭在燃烧的过程中，热值减小【答案】B【解析】【解答】A．热量是热传递过程中能量转移的多少，热量是过程量，烤肉温度越高，表明肉吸收热量越多，故A错误；B．很远就闻到肉香是扩散现象，说明构成物质的分子在不停的做无规则运动，故B正确；C．肉烤熟是通过热传递的方式改变其内能，不是做功，故C错误；D．热值是燃料的一种特性，与燃料是否燃烧无关，仅与燃料的种类有关，故D错误。故选B。

【分析】（1）热量是热传递过程中能量转移的多少；

（2）扩散现象说明分子在永不停息地做无规则运动；

（3）热传递是能量转移的过程；

（4）热值是燃料的一种特性，与燃料的种类有关。4．如图所示，当人驾驶电动平衡车在水平路面上做匀速直线运动时，下列说法正确的是（）A．以电动平衡车为参照物，人是运动的B．此时人不会向前倾是因为人没有惯性C．人与车的总重力与地面对车的支持力是一对平衡力D．轮胎上有花纹目的是为了减小受力面积，增大压强【答案】C【解析】【解答】A．以电动平衡车为参照物，人与电动平衡车之间的位置没有发生变化，所以人相对于电动平衡车是静止的，故A错误；B．一切物体都具有惯性，此时人不会向前倾，是因为人和电动平衡车一起做匀速直线运动，处于平衡状态，故B错误；C．人与车的总重力与地面对车的支持力，这两个力作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，是一对平衡力，故C正确；D．轮胎上有花纹是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D错误。故选C。

【分析】1.研究物体运动状态时，要选择合适的参照物，若物体和参照物之间位置发生变化，则物体是运动的，若物体和参照物之间位置没有发生变化，则物体是静止的；

2.惯性：一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，惯性的惟一量度是质量，质量越大，物体具有的惯性越大；

3.二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上；

4.增大摩擦力的方法：在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；变滚动摩擦为滑动摩擦。5．下列选项是对图中物理现象的解释，其中正确的是（）A．甲图用吸管吸饮料用饮料的液体压强压上去的B．乙图排水管的U形“反水弯”利用了连通器原理C．丙图侧壁开孔的饮料瓶装上水，越靠下端喷出的水流越急，说明了液体压强随液体密度的增加而增大D．丁图往B管中吹气，A管中的水面上升是因为流体流速越大的位置，压强越大【答案】B【解析】【解答】A．甲图中吸管吸饮料时，用力吸走管内的空气，管内压强减小，外界气压大于管内气压，饮料在大气压的作用下被压入嘴里，故A错误；B．乙图中洗手池下方排水管的U形“反水弯”上端开口，底部连通，利用了连通器原理，故B正确；C．丙图侧壁开孔的饮料瓶装上水，该过程中液体的密度不变，深度改变，说明深度越大，液体压强越大，故C错误；D．丁图中往B管中吹气，A管上方的空气流速增大，压强减小，A管中的液体在外界大气压的作用下，被压上来，是因为流体流速越大的位置，压强越小，故D错误。故选B。

【分析】（1）用吸管吸饮料利用了大气压强；

（2）上端开口，下部连通的容器叫做连通器，连通器的特点是容器中的水不流动时，各个容器中液面总是相平的；

（3）液体压强随深度的增加而增大；

（4）流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大。6．将新鲜度不同的甲、乙两鸡蛋放入水中，静止时的状态如图所示。下列说法正确的是（）A．若甲、乙体积相等，甲受到的浮力小B．若甲、乙质量相等，甲受到的浮力大C．向杯中加盐水后，甲可能上浮D．向杯中加盐水后，乙可能下沉【答案】C【解析】【解答】A．若甲、乙体积相等，乙排开液体的体积小，根据阿基米德原理F浮B．若甲、乙质量相等，由G=mg可知，甲、乙重力相等，甲沉底，浮力小于重力，乙漂浮，浮力等于重力，则甲受到的浮力小，故B错误；C．向杯中加盐水后，液体密度增大，由阿基米德原理F浮D．向杯中加盐水后，液体密度增大，由阿基米德原理F浮故选C。

【分析】（1）根据阿基米德原理结合体积关系分析回答；

（2）根据浮沉条件结合质量关系分析回答；

（3）根据浮沉条件结合密度的变化分析解答。7．为保证青藏铁路多年冻土区路基的稳定性，铁路两侧安装了许多封闭的中空热棒。如图所示，热棒下端插在冻土中，内部填充低沸点的液态氨，利用氨的物态变化给冻土降温，把冻土中的热量“搬运到”热棒上端，通过散热片向空中放热，从而使冻土保持稳定。下列说法正确的是（）A．应使用绝热性能好的材料制作热棒B．氨在热棒上端发生的物态变化是汽化C．氨在热棒下端发生的物态变化是凝固D．冬季，热棒中的液态氨在冻土层中的吸热，通过地面上的散热片放热到空气中，到了暖季热棒不再工作【答案】D【解析】【解答】A．把冻土中的热量“搬运到”热棒上端，热棒应该由传热性能好的材料制成，故A错误；

BC．装在热棒下端的液态氨在冻土温度升高时会汽化，从冻土内部吸热，使冻土温度降低，冻土就不会熔化；棒内上端的氨气遇冷液化成液态氨，液化过程中要放热，故BC错误；

D．冬季，热棒中的液态氨在冻土层中的吸热汽化成气态氨，气态氨上升到热棒上端，放热液化，通过地面上的散热片放热到空气中，到了暖季热棒不再工作，故D正确。故选D。

【分析】（1）把冻土中的热量“搬运到”热棒上端，热棒应该为热的良导体；

（2）物质由液态变为气态叫汽化，汽化吸热，物质由气态变为液态叫液化，液化放热。8．下列关于电学知识的说法中正确的是（）A．验电器的工作原理是异种电荷相互吸引B．金属导体中自由电子的定向移动的方向与电流方向相同C．电源是把其他形式的能转化为电能的装置D．电阻箱既可以连续地改变连入电路的阻值，又可以读出阻值【答案】C【解析】【解答】A．验电器是检验物体是否带电的仪器，验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故A错误；B．正电荷定向移动的方向为电流方向，自由电子带负电，金属导体中自由电子定向移动的方向与电流方向相反，故B错误；C．电源是把其他形式的能转化为电能的装置，故C正确；D．电阻箱能表示出连入电路的阻值，但不能连续地改变连入电路的电阻，故D错误。故选C。

【分析】（1）验电器的工作原理是同种电荷相互排斥；

（2）物理学中规定，正电荷定向移动的方向为电流方向，自由电子定向移动的方向与电流方向相反；

（3）电源的作用是给用电器提供电能，是把其他形式的能转化为电能的装置；

（4）电阻箱能表示出连入的阻值，但不能连续地改变连入电路的电阻。9．某交通路口指示车辆通行的信号灯由红灯和绿灯组成，红灯停，绿灯行，以下是红、绿灯工作时的电路简图。你认为正确的是（）A． B．C． D．【答案】D【解析】【解答】公共场所的电器均属于并联，每个可独立工作，且各有一个开关控制。故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。

【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。10．2024年10月30日4时27分，长征二号F遥十九运载火箭点火升空，随后将载有3名宇航员的飞船精准送人预定轨道。下列有关说法正确的是（）A．火箭点火升空过程中，机械能转化为内能B．地面监控通信系统通过次声波监控火箭发射过程C．火箭升空时，向下喷气获得推力与内燃机的压缩冲程相似D．发射台下方修建水池是利用水比热容大来吸热降温从而防止发射台被高温熔化【答案】D【解析】【解答】A.火箭点火升空过程中，将燃料燃烧产生的内能转化为机械能，故A错误；B.地面监控通信系统是通过电磁波监控火箭发射过程，故B错误；C.火箭升空时，向下喷气获得推力是利用力的作用是相互的，内燃机的压缩冲程是将机械能转化为内能，故二者不同，故C错误；D.发射台下方修建水池是利用水池中的水受热汽化，吸收热量以及水的比热容大的特点，防止发射台被高温熔化，故D正确。故选D。

【分析】（1）火箭是热机将内能转化为机械能；

（2）电磁波可以传递信息且传播不需要介质；

（3）内燃机的压缩冲程是将机械能转化为内能；

（4）水的比热容大可用作冷却剂。11．在如图所示的家庭电路中，先闭合开关S1，让电炉正常工作，然后依次闭合控制灯泡开关，关于此家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（）A．电路的总电流变小B．开关不能安装在零线和用电器之间C．用试电笔辨别火线和零线时手不能接触笔尾金属体D．因为电炉的功率比灯泡的功率大，所以电炉两端的电压更高【答案】B【解析】【解答】A．由图可知，所有灯泡和电炉之间均是并联的关系，先闭合开关S1，让电炉正常工作，然后依次闭合控制灯泡开关，根据并联电路电流规律可知，支路变多，电路的总电流变大，故A错误；B．从安全角度考虑，开关要安装在火线和用电器之间，不能安装在零线和用电器之间，否则断开开关时无法切断火线，具有触电危险，故B正确；C．用试电笔辨别火线和零线时，手不能接触笔尖金属体，但必须接触笔尾金属体，通过人体与大地形成闭合回路，故C错误；D．灯泡和电炉之间并联，根据并联电压规律可知，支路两端的电路相等，灯泡和电炉两端的电压相同，故D错误。故选B。

【分析】（1）家庭电路中各用电器为并联关系，根据并联电路电流规律：干路电流等于各支路电流之和，当依次闭合控制灯泡的开关时，相当于增加了并联的支路，总电流会增大；

（2）为了用电安全，开关应安装在火线和用电器之间，这样在断开开关时能切断火线，避免触电风险；若开关安装在零线和用电器之间，断开开关后用电器仍可能带电，存在安全隐患；

（3）用试电笔辨别火线和零线时，手必须接触笔尾金属体，同时不能接触笔尖金属体防止触电；

（4）家庭电路中各用电器是并联连接的，根据并联电路电压规律：并联电路中各支路两端的电压相等，所以电炉与灯泡两端的电压相等，与功率大小无关。12．电源电压保持不变，R1=10Ω，当闭合开关S，滑动变阻器滑片P从a端移到b端，两电表示数变化关系用图中线段AB表示。则下面说法正确的是（）A．电源电压是10VB．电压表接入的量程是0~3VC．滑动变阻器的最大阻值是10ΩD．滑片P滑到ab中点时，变阻器消耗的电功率是0.9W【答案】D【解析】【解答】由图可知，定值电阻R1与变阻器R2串联，电压表测量滑动变阻器R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；A．由图像可知，当电压表示数为0时，电流表示数为0.6A，此时电路为定值电阻R1的简单电路，电源电压是：

U=I故A错误；B．由图像可知，电压表的最大示数为4V，大于小量程的最大测量值3V，则电压表接入的量程是0~15V，故B错误；C．当电路电流最小为0.2A时，电路电阻最大，变阻器接入电路的电阻最大，由图可知，此时电压表示数为4V，滑动变阻器的最大阻值是：

R故C错误；D．滑片P滑到ab中点时，变阻器接入电路电阻为：

R此时电路中的电流为：

I'=此时滑动变阻器消耗的电功率是：

P故D正确。故选D。

【分析】由图可知，定值电阻R1与变阻器R2串联，电压表测量变阻器R2的电压，电流表测量电路电流。

（1）由图像可知，当电压表示数为0时，电流表示数为0.6A，此时电路为定值电阻R1的简单电路，由欧姆定律得电源电压；

（2）由图像可知，电压表的最大示数为4V，据此得出电压表接入的量程；

（3）当电路电流最小为0.2A时，电路电阻最大，变阻器接入电路电阻最大，此时电压表示数为4V，由欧姆定律得滑动变阻器的最大阻值；

（4）滑片P滑到ab中点时，根据欧姆定律得出此时电路电流，根据P=I2R得出变阻器消耗的电功率。二、填空题（本大题共4小题，每空2分，共18分）13．如图所示，两位演员在电动升降台上表演杂技，在升降台匀速上升过程中，演员的机械能；若两位演员的总质量为100kg，升降台在5s匀速升起2m，则升降台对两位演员做功的功率是W。（g取10N/kg）【答案】增大；400【解析】【解答】在升降台匀速上升过程中，演员的质量不变，速度不变，故动能不变；演员的高度增大，重力势能增大；由机械能等于动能与势能之和可知，机械能增大。匀速上升过程中，演员处于平衡状态，升降台对演员的支持力等于演员所产生的重力G：

F=G=mg=100kg×10N/kg=1000N演员在这个力的方向上移动的距离s=2m，所以升降台在这次上升过程中对演员所做的功：

W=Fs=1000N×2m=2000J升降台对两位演员做功的功率：

P=Wt=2000J5s=40014．《天工开物》中记载的“透火焙干”是造纸的一道工序，其做法是将刚生产出的湿纸张贴在烤火的墙上，如图所示。湿纸之间难以分开是因为分子间有；将湿纸“焙干”，燃料燃烧时将能转化为内能。【答案】引力；化学【解析】【解答】湿纸之间难以分开是因为引力起作用。燃料燃烧时将化学能转化为内能。

故答案为：引力；化学。

【分析】分子间同时存在引力和斥力；

分析能量转化过程中消耗了哪种形式的能，产生了哪种形式的能，进而可以判断该过程中的能量转化。15．如图所示，轻质木杆AB的O点用细线悬挂在天花板上并保持水平，已知AB是OB长度的4倍，AO是AC长度的3倍。在杆的B点用细线竖直悬挂一边长为5cm的正方体物块甲，该物块静止在水平地面上；O点左侧悬挂一可自由移动的质量为1kg的物块乙。当乙悬挂在A点时，甲恰好对地面无压力，则甲的重力为N；当乙悬挂在C点时，甲对地面的压强为Pa。（g取10N/kg）【答案】30；4000【解析】【解答】乙的重力为：

G当乙悬挂在A点时，甲恰好对地面无压力，此时B点所受的拉力大小等于甲的重力大小，A点所受的拉力大小等于乙的重力大小，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可得：

F即G所以，甲的重力为：

G当乙悬挂在C点时，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可得：

F即G此时B点所受的拉力为：

F由于物体间力的作用是相互的，所以细线对甲的拉力为：

F甲在自身重力、细线对甲的拉力和地面对甲的支持力的作用下处于平衡状态，所以地面对甲的支持力为：

F'根据物体间力的作用是相互的，甲对地面的压力为：

F甲对地面的压强为：

p=F压S=10N(5×10-2m)2=4000Pa

故答案为：30；4000。

【分析】根据G=mg得出乙的重力；

当乙悬挂在A点时，甲恰好对地面无压力，此时B点所受的拉力大小等于甲的重力大小，A点所受的拉力大小等于乙的重力大小，根据杠杆平衡条件可得FA×OA=F16．小明设计了如图所示的水温控制模拟装置，发热电阻和热敏电阻R均处于水箱中，热敏电阻的阻值随温度的变化情况如下表所示。控制电路的电源电压U=24V，R0=300Ω，受控电路的电源电压为220V，发热电阻的阻值为48.4Ω，电磁继电器线圈电阻忽略不计。当水箱中温度达到50℃时停止加热，当温度低于30℃时重新开始加热。温度t/℃2030405060电阻R/Ω70040020010050（1）受控电路工作时，发热电阻的功率为W；（2）水箱中温度达到50℃时，控制电路中的电流为A；（3）若将R0更换为200Ω的定值电阻，水箱中温度达到℃时停止加热。【答案】1000；0.06；40【解析】【解答】（1）由图可知，受控电路为发热电阻的简单电路，受控电路工作时，发热电阻的功率为：P=（2）水箱中温度达到50℃时，由表格数据可知，此时热敏电阻的电阻为100Ω，根据欧姆定律I=UI=（3）若将R0更换为200Ω的定值电阻，控制电路的启动电流不变，此时控制电路的总电阻为：R热敏电阻的阻值为：R分析表格数据可知：此时对应的温度为40℃。

故答案为：（1）1000；（2）0.06；（3）40。

【分析】（1）根据P=U2R三、作图与实验探究题（本题共4小题，作图每问2分，填空每空2分，共28分）17．（1）在图中，根据给出的反射光线画出入射光线，并标出入射角的大小。（2）请根据图中通电螺线管的磁极名称，在虚线框内标出电源的极性（“+”或“-”）和静止小磁针的磁极名称。【答案】（1）（2）【解析】【解答】（1）由图可知，反射角为60°，根据光的反射定律可知，反射角等于入射角，故入射角也为60°，在法线左侧画出入射光线，标出入射角60°，如图所示：（2）由题图可知，电磁体的右端为N极，根据安培定则可知，线圈中电流方向向下，电流从螺线管的右端流进左端流出，则电源的左端为负极；根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针的左端为S极，右端为N极，如图所示：

【分析】（1）根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出入射光线并标出入射角及其度数；

（2）根据图中电磁铁的磁极，用安培定则判断电流方向；根据磁极间的相互作用判断小磁针的磁极。（1）由图知，反射角为60°，根据光的反射定律，可得入射角也为60°，在法线左侧画出入射光线，标出入射角60°，如图所示：（2）由题图可知，电磁体的右端为N极，根据安培定则可知，线圈中电流是右进左出，则电源的左端为负极；根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为S极，右端为N极，如图所示：18．为了探究不同物质的吸热能力，在两个相同的容器中分别装入A、B两种液体，并且用相同的装置加热，如图甲所示。（1）除了图中给的器材外，本实验还需要的测量工具是秒表和；（2）本实验通过比较来比较吸收热量的多少；（3）根据实验数据，绘制了两种液体的温度随时间变化的图像如图乙所示。分析可知，吸热能力较强的是（选填“A”或“B”）。【答案】（1）天平（2）加热时间（3）A【解析】【解答】探究不同物质的吸热能力，

（1）实验中，需要测量液体的质量、加热时间和液体的温度。需要的仪器有温度计、天平、秒表。（2）实验时，加热装置相同，在相同时间内，加热装置放出的热量相同，液体吸收的热量相同，通过比较加热时间来比较吸收热量的多少。（3）探究不同物质的吸热能力时，控制两种液体的质量相同、吸收的热量相同，通过比较温度的变化来判断吸热能力的强弱；吸热能力强的物质，在吸收相同热量时，温度升高得慢；图乙中，在加热时间相同，A液体升高的温度比B液体升高的温度低，则A液体吸热能力较强。【分析】（1）实验时，需要的测量工具是秒表和天平；

（2）加热装置相同，加热时间越长，液体吸收的热量越多；

（3）比较不同物质的吸热能量时，质量和吸收热量相同，温度差越大，吸热能力越差。（1）在探究不同物质的吸热能力实验中，需要测量液体的质量、加热时间和液体的温度。图中已经给出了温度计用于测量液体的温度，还需要用天平测量液体的质量，用秒表测量加热时间，所以除了图中给的器材外，本实验还需要的测量工具是秒表和天平。（2）本实验使用相同的加热装置给两种液体加热，在相同时间内，加热装置放出的热量是相同的，液体吸收的热量也就相同，所以可以通过比较加热时间来比较吸收热量的多少，加热时间越长，液体吸收的热量越多。（3）在探究不同物质的吸热能力实验中，采用控制变量法，控制两种液体的质量相同、吸收的热量相同（加热时间相同），通过比较温度的变化来判断吸热能力的强弱；吸热能力强的物质，在吸收相同热量时，温度升高得慢；吸热能力弱的物质，在吸收相同热量时，温度升高得快；由图乙可知，在加热时间相同（即吸收的热量相同）的情况下，A液体升高的温度比B液体升高的温度低，说明A液体吸热能力较强。19．如图所示是小辉探究液体压强与哪些因素有关的实验装置，请根据图示回答下列问题：（1）图甲是U形管压强计.金属盒上的橡皮膜应该选用（选填“薄”或“厚”）一些较好，从结构上看压强计（选填“是”或“不是”）连通器。（2）调节好压强计后进行实验，通过比较图乙和图丙，可以得，液体的压强与有关。（3）比较两图，可以得液体的压强与液体密度有关。【答案】（1）薄；不是（2）液体深度（3）丙、丁【解析】【解答】（1）在实验中，U形管压强计金属盒上的橡皮膜应该选用薄一些的为好，这样在测量时会较灵敏，实验效果明显；U形管与压强计的探头连接后，一端被封闭，一端开口，所以不是连通器；

（2）比较乙、丙两次实验，两容器中的液体密度相同、金属盒所处的深度不相同，深度越深，高度差越大，压强越大，由此可知：在同种液体中，液体内部压强液体深度有关；

（3）比较丙丁两图，在不同密度的液体的相同深度处，U形管两侧的液面高度差不相等，液体的压强不同，故可以得到：液体的压强与液体密度有关。

故答案为：（1）薄；不是；（2）液体深度；（3）丙、丁。【分析】（1）用压强计测量液体内部压强，通过U形管左右液面出现高度差来反映压强的大小，从压强计灵敏方面选择橡皮膜；根据连通器定义：上端开口，底部连通，判断压强计是否为连通器；

（2）（3）液体内部的压强与液体的深度和密度有关，在实验中，应控制其中的一个量保持不变，才能观察压强与另一个量的关系，从而得到结论。（1）[1]用压强计测量液体内部压强，通过U形管左右液面出现高度差来反映压强的大小，所以U形管压强计金属盒上的橡皮膜应选择薄一些较好，这样压强计较灵敏。[2]从结构上看压强计不是连通器，因为它的一端是封闭的，封闭端液面上的气压不一定等于开口端的气压，所以两端液面高度不一定相同。而连通器则是两端开口的，两边液面上的气压相同，所以液面高度在同一水平线。（2）比较乙图、丙图，在相同液体中的不同深度处，U形管两侧的液面高度差不相等，液体的压强不同，丙图中的深度更深，U形管两侧的液面高度差更大，说明液体的压强更大。故可以得到：同种液体中，在不同深度，液体内部压强不同，液体深度越深，压强越大。（3）根据控制变量法比较丙丁两图，在不同密度的液体的相同深度处，U形管两侧的液面高度差不相等，液体的压强不同，故可以得到：液体的压强与液体密度有关。20．用图甲所示电路“探究电流与电阻的关系”。电源电压为4.5V不变，滑动变阻器规格为“20Ω1A”，有4Ω、6Ω、8Ω、10Ω、12Ω的定值电阻各一个。（1）用笔画线代替导线把图甲电路连接完整，要求∶当滑片P向左滑动时，变阻器接入电路的电阻变大；（2）先接入12Ω定值电阻，闭合开关，移动变阻器的滑片P至合适位置，电压表的示数如图乙所示，示数为V，记下电流表的示数。断开开关，将12Ω电阻换成10Ω后，闭合开关，移动变阻器的滑片P使表的示数与前一次相同，记录相关数据；（3）依次改变电阻R的阻值，共测得五组实验数据，根据实验数据，在图丙的坐标系中描绘出I~R图像为曲线A；①由图像可得出的结论是∶；②根据上面所测的五组实验数据，把每次实验时记录的电流值和对应变阻器RP的阻值，在图丙坐标系中描成点，将这些点绘成曲线B，发现曲线B与曲线A无交点，其原因是。【答案】（1）（2）2.4；电压（3）电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；对每一个电流值，变阻器RP的阻值是定值电阻的阻值倍数不变，二者阻值不相等【解析】【解答】（1）由题可知，当滑片P向左滑动时，变阻器接入电路的电阻变大，说明滑片远离下端接线柱，故应将滑动变阻器的右下方接线柱连入电路，电压表测量定值电阻两端的电压，保证电流“正进负出”，实物图如图所示：（2）由图乙可知，电压表用的时0~3V的量程，分度值为0.1V，示数为2.4V。记下电流表的示数；在探究电流与电阻的关系实验中，应控制定值电阻两端的电压不变，因此移动滑片使电压表的示数与前一次相同。（3）①由图像可知：

0.6电流和电压的乘积为一定值，可得出的结论是电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。②因为电源电压不变，而定值电阻的电压保持不变，由串联电路的电压特点可知，滑动变阻器的电压也不变，根据串联分压规律知，因而各次实验中、定值电阻和滑动变阻器的阻值倍数关系保持不变，因而对每一个电流值，变阻器RP的阻值始终与定值电阻的阻值倍数不变，则把每次实验时记录的电流值和对应变阻器RP的阻值，在图丙坐标系中描成点，将这些点绘成曲线B，发现曲线B与曲线A平行，二者阻值不相等，因而两者无交点。

故答案为：（1）；（2）2.4；电压；（3）电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；对每一个电流值，变阻器RP的阻值与定值电阻的阻值倍数不变，二者阻值不相等。

【分析】（1）滑片P向左滑动时，变阻器接入电路的电阻变大，据此确定滑动变阻器接入的接线柱，在此探究实验中电压表应并联在定值电阻两端，保证电流“正进负出”，据此完成电路连接。

（2）根据电压表用的小量程确定分度值读数。在探究电流与电阻的关系实验中，应控制定值电阻两端的电压不变。

（3）分析图丙可得IR之积为定值，据此得出结论；

根据串联分压的规律判断变阻器RP与定值电阻的阻值关系，据此分析。（1）由题知滑片P向左滑动时，变阻器接入电路的电阻变大，因此应该用导线连接到滑动变阻器的右下方接线柱，且在此探究实验中电压表应并联在定值电阻两端，保证电流“正进负出”，据此完成电路连接。如图所示：（2）[1][2]先接入12Ω定值电阻，闭合开关，移动变阻器的滑片P移至合适位置，电压表用的小量程，分度值为0.1V，示数为2.4V。记下电流表的示数；断开开关，将12Ω电阻换成10Ω后，闭合开关，电阻减小，根据串联分压的规律可知，其分得的电压减小，此时电压表的示数会小于2.4V，将12Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻，在探究电流与电阻的关系实验中，应控制定值电阻两端的电压不变，根据串联中路电压的规律可知，应减小滑动变阻器分得的电压，由分压原理可知需减小滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片P应向右端移动，使电压表的示数与前一次相同。（3）①由图像可知0.6可得出的结论是电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。②因为电源电压不变，而定值电阻的电压保持不变，滑动变阻器的电压也不变，根据串联分压规律知，因而各次实验中、定值电阻和滑动变阻器的阻值信数关系保持不变，因而对每一个电流值，变阻器RP的阻值始终是定值电阻的阻值倍数不变，则把每次实验时记录的电流值和对应变阻器RP，的阻值，在图丙坐标系中描成点，将这些点绘成曲线B，如果有交点则它们两端电压相等，而定值电阻两端电压控制为2.4V，变阻器两端电压为2.1V是不等的，因而两者无交点。四、综合题（本题共2小题，第21题8分，第22题10分，共18分）21．如图所示的电路，定值电阻R1的阻值为10Ω，电源电压为3V，闭合开关S后，电流表A的示数为0.10A。求：（1）电阻R1两端的电压为V；（2）定值电阻R2的阻值；（3）整个电路在1min内产生的热量。【答案】（1）解：由图可知，R1与R2串联，电流表测量电路中的电流。由欧姆定律知R1两端电压为：U1=IR1=0.1A×10Ω=1V答：电阻R1两端的电压为1V；（2）由串联电路中电压的规律知，R2两端电压为：

U2=U-U1=3V-1V=2V由欧姆定律知，R2的阻值为：

R答：定值电阻R2的阻值为20Ω；（3）该电路为纯电阻电路，所以整个电路在1min内产生的热量为：

Q=W=UIt=3V×0.1A×60s=18J

答：整个电路在1min内产生的热量为18J。【解析】【分析】（1）由图可知，R1与R2串联，电流表测量电路中的电流。由欧姆定律知R1两端电压；

（2）由串联电路中电压的规律知R2两端电压及R2的阻值；

（3）该电路为纯电阻电路，根据Q=W=UIt得出整个电路在1min内产生的热量。（1）由图可知，R1与R2串联，电流表测量电路中的电流。由欧姆定律知R1两端电压为U1=IR1=0.1A×10Ω=1V（2）由串联电路中电压的规律知，R2两端电压为U2=