湖南省株洲市2026年高三第一次模拟考试物理自编试卷01（人教版）（试卷及解析）

试卷第=page11页，共=sectionpages33页试卷第=page11页，共=sectionpages33页湖南省株洲市2026年高三第一次模拟考试自编试卷01物理试题限时75分钟满分100分一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．在人类对世界进行探索的过程中，发现了众多物理规律，下列说法正确的是（）A．伽利略通过理想斜面实验得出了力是维持物体运动的原因B．牛顿在探究行星与太阳之间的引力作用大小F时，得到了及引力常量G的具体数值C．麦克斯韦提出的狭义相对论表明经典力学不适用于高速运动的物体D．法拉第认为电荷的周围存在着由它产生的电场，他采用了一个简洁的方法来描述电场，那就是画电场线2．一着陆器经过多次变轨后登陆火星的轨迹变化如图所示，着陆器先在轨道Ⅰ上运动，经过P点时启动变轨发动机切换到圆轨道Ⅱ上运动，经过一段时间后，再次经过P点时启动变轨发动机切换到椭圆轨道Ⅲ上运动。轨道上的P、Q、S三点与火星中心位于同一直线上，P、Q两点分别是椭圆轨道Ⅲ的远火星点和近火星点，且。除了变轨瞬间，着陆器在轨道上运行时均处于无动力航行状态。下列说法正确的是（）A．若着陆器在轨道Ⅱ、Ⅲ上运行的周期分别为和，则B．着陆器在轨道Ⅲ上从P点无动力运动到Q点的过程中机械能逐渐变大C．若着陆器在轨道Ⅱ上运行的速度大小为v，则加速度大小为D．着陆器在轨道Ⅱ上经过S点的速度大于在轨道Ⅲ上经过Q点的速度3．如图所示，悬挂衣服的绳子两端A、B分别固定在两根竖直杆上，A点高于B点，无风状态下衣服静止。一阵横风吹来，衣服受到水平向右的恒力而滑动，并在新的位置保持静止。不计绳子的质量及绳与衣架挂钩间的摩擦，绳子不可伸长。现将A点下移至与B点等高，则此过程中，细绳上的张力（）A．逐渐变大 B．逐渐变小 C．始终不变 D．先变大后变小4．一匀强电场、方向平行于纸面如图所示，纸面上A点的电势为20V，，，，则下列正确的是（）A． B． C． D．5．未来的宇宙科学探测实验中，在某未知星系中发现了一颗新行星，发射一科考探测器绕该行星做匀速圆周运动，运行周期为，轨道半径为，且恰好等于该行星的直径。已知万有引力常量为，将行星视为质量分布均匀的球体，忽略行星自转，下列说法正确的是（）A．行星的质量为B．行星的第一宇宙速度为C．行星表面的重力加速度是探测器向心加速度的4倍D．若探测器质量变为原来2倍，其运行周期将变为原来的6．如图甲所示，小型交流发电机的输出端与含理想变压器的电路相连，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，线圈绕垂直于磁场的水平轴沿逆时针方向匀速转动，从图示位置开始计时，穿过线圈的磁通量随时间的变化关系图像如图乙所示。已知原、副线圈匝数比为，原线圈上定值电阻的阻值为，副线圈上定值电阻的阻值为，滑动变阻器的阻值范围，发电机线圈匝数为10匝，其电阻忽略不计，电表均为理想交流电表。下列说法正确的是（）A．若时，电压表的示数为B．接入电路的阻值为时，变压器输出功率最大C．接入电路的阻值增大时，电流表示数增大D．保持滑片位置不变，由于电阻部分短路，其电阻变小，则电压表示数变小二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7．一列简谐横波沿x轴传播，波源位于坐标原点处，且从时刻开始振动，时的波形如图所示，此时该波刚好传到处，则下列说法正确的是（）A．波源起振的方向为y轴正方向B．该波的波速为2m/sC．当时，处的质点在波峰D．处的质点的振动方程为8．如图所示，在光滑的水平面内有宽度为的匀强磁场，磁场两边界平行，磁场区域足够长，匀强磁场的磁感应强度大小为，方向垂直于水平面向下，水平面内有一边长为的菱形导线框，导线框边与边的夹角为，导线框的电阻为边与磁场边界平行。导线框以恒定的速度通过磁场区域，速度的方向始终与导线框边平行，在导线框通过磁场区域的过程中，下列说法正确的是（

）A．导线框进入磁场过程中感应电流方向为B．导线框进入磁场过程中受到的安培力方向与速度方向相反C．导线框边从磁场上边界运动到磁场下边界的过程中，通过导线框导体横截面的电荷量为D．导线框穿过磁场过程中产生的热量为9．如图所示，两平行金属轨道间距为L，与水平方向夹角为，轨道电阻不计，垂直轨道放置两根质量分别为m和的金属棒，有效阻值分别为R和，金属棒与轨道间的动摩擦因数均为。整个装置处在垂直轨道向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为B。给a棒一个沿轨道向下的初速度，同时b棒由静止释放，两金属棒与轨道间接触始终良好。已知金属棒间的距离足够大，，，下列说法正确的是（）A．a棒的加速度先减小后增大，两棒间距一直减小B．b棒开始运动时的加速度大小为C．整个过程中a棒产生的焦耳热为D．两棒间距的变化量为10．如图所示，质量的滑块B静止放置于光滑平台上，B的左端固定一轻质弹簧。平台右侧有一质量的小车C，其上表面与平台等高，小车与水平面间的摩擦不计。光滑圆弧轨道半径，连线与竖直方向夹角为60°，另一与B完全相同的滑块A从点由静止开始沿圆弧下滑。滑块A滑至平台上挤压弹簧，弹簧恢复原长后滑块B离开平台滑上小车C且恰好未滑落，滑块B与小车C之间的动摩擦因数，滑块A、B可视为质点，重力加速度。下列说法正确的是（）A．滑块A刚到平台上的速度大小为3m/sB．该过程中弹簧弹性势能的最大值为5JC．该过程中由于摩擦产生的热量为8JD．小车C的长度为0.6m三、非选择题：本题共5小题，共56分。11．某同学利用热敏电阻的阻值随温度变化的特性，制作了一个简易的汽车低油位报警装置。(1)该同学为了探究该热敏电阻阻值随温度变化的关系，设计了如图甲所示的实验电路，定值电阻，则在闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于最（选填“左”或“右”）端；在某次测量中，若毫安表的示数为2.5mA，的示数为1.0mA，两电表可视为理想电表，则热敏电阻的阻值为kΩ。(2)该同学通过探究得到热敏电阻随温度变化的规律如图乙所示，他利用此热敏电阻设计的汽车低油位报警装置如图丙所示，其中电源电动势E=6.0V，定值电阻R=1.1kΩ，长为l=50cm的热敏电阻下端紧靠在油箱底部，不计报警器和电源的内阻。已知流过报警器的电流I3.0mA时报警器开始报警，若测得报警器报警时油液（热敏电阻）的温度为30℃，油液外热敏电阻的温度为70℃，由此可知油液的警戒液面到油箱底部的距离约为cm。12．小刘同学在家找到一个老旧的白炽灯泡，他对这个灯泡进行研究，先用欧姆表挡进行测量，正确操作后发现指针如图甲所示，小刘同学为了更准确的测量灯泡的电阻，找到了下列器材：A．量程为3V的电压表，内阻约为3kΩB．量程为10mA的电流表，内阻为6ΩC．滑动变阻器R1（0—10Ω）D．滑动变阻器R2（0—100Ω）E.电阻箱R（999.9Ω）F.电源3V开关及导线若干(1)小刘同学发现电流表的量程太小，想改装成量程为40mA的电流表，则电流表与电阻箱（填并联或串联），阻值为Ω。(2)若要求电压从0开始测量，滑动变阻器选（填器材前的字母）(3)根据所选器材，把实物连接图乙补充完整。(4)根据所测量的数据，画出图线如图丙所示，若已知图线的斜率为k，则灯泡的电阻为Ω13．在平面直角坐标系中轴上有一振源，产生的简谐波沿轴传播，、是轴上的两个质点，从质点第一次达到波峰开始计时，、两质点的振动图像分别如图甲、乙所示，已知、平衡位置间距离为2m，且满足点在点的右侧，已知点的横坐标为，该简谐波的波长大于间距。(1)求该简谐波的波速；(2)若波源在原点，求坐标轴上的各点的波动方程。（波动方程：写出轴上各质点偏离平衡位置的位移与、的关系）14．如图，电源电动势E=15V，内阻不计，两个定值电阻R1=20Ω，R2=40Ω，平行板电容器电容C=1μF，其极板长l=3.0cm，两极板间距d=1.0cm，下极板接地。将开关S闭合，电子枪发射一电子沿极板中轴线射入极板，刚好打在上极板中点。已知电子电量e=1.6×10−19C，电子质量m=9×10−31kg，电子重力不计。(1)求电容器所带电荷量Q；(2)求电子初速度v0；(3)断开开关S，让电子枪源源不断的沿中轴线发射电子，假设落到极板上的电子都能够被完全吸收，求能打在极板上的总电子数。15．如图1，一端封闭的两条平行光滑长导轨相距L，距左端L处的右侧一段被弯成半径为的四分之一圆弧，圆弧导轨的左、右两段处于高度相差的水平面上．以弧形导轨的末端点O为坐标原点，水平向右为x轴正方向，建立坐标轴，圆弧导轨所在区域无磁场；左段区域存在空间上均匀分布，但随时间t均匀变化的磁场，如图2所示；右段区域存在磁感应强度大小不随时间变化，只沿x方向均匀变化的磁场，如图3所示；磁场和的方向均竖直向上，在圆弧导轨最上端，放置一质量为m的金属棒，与导轨左段形成闭合回路，金属棒由静止开始下滑时左段磁场开始变化，金属棒与导轨始终接触良好，经过时间金属棒恰好滑到圆弧导轨底端。已知金属棒在回路中的电阻为R，导轨电阻不计，重力加速度为g。（1）若金属棒能离开右段磁场区域，离开时的速度为v，求：金属棒从开始滑动到离开右段磁场过程中产生的焦耳热Q；（2）若金属棒滑行到位置时停下来，求：金属棒在水平轨道上滑动过程中通过导体棒的电荷量q；（3）通过计算，确定金属棒在全部运动过程中感应电流最大时的位置。答案第=page11页，共=sectionpages22页答案第=page11页，共=sectionpages22页湖南省株洲市2026年高三第一次模拟考试自编试卷01物理试题（解析版）题号12345678910答案DCBDCBBDADBDAD1．D【详解】A．伽利略的理想斜面实验证明物体在不受外力时将维持静止或匀速直线运动，从而否定“力是维持运动的原因”这一观点，故A错误；B．牛顿提出了万有引力定律，但引力常量的数值是卡文迪许通过扭秤实验测得的，故B错误；C．狭义相对论由爱因斯坦提出，麦克斯韦的主要贡献是电磁理论，故C错误；D．法拉第首次提出电场概念，并用电场线描述电场，故D正确。故选D。2．C【详解】A．根据开普勒第三定律，着陆器在轨道Ⅱ、Ⅲ运行的周期，A错误；B．着陆器在轨道Ⅲ上从P点运动到Q点的过程中，只有万有引力做正功，机械能守恒，故B错误；C．在轨道Ⅱ上，由于轨道半径为0.75l，根据向心力公式，解得，故C正确；D．根据可知，轨道Ⅱ上经过S点的速度小于经过Q点圆轨道的速度，而从经过Q点圆轨道进入轨道Ⅲ需要在Q点加速，所以着陆器在轨道Ⅱ上经过S点的速度小于在轨道Ⅲ上经过Q点的速度，故D错误。故选C。3．B【详解】当在有风的情况下，重力与风力的合力为恒力，则两细绳拉力的合力也为恒力，将A点下移至与B点等高，根据图像可以看出，两细绳之间的夹角变小，则细绳上的张力变小，故选B。4．D【详解】AB．根据又解得，故AB错误；CD．根据又解得，故C错误，D正确。故选D。5．C【详解】A．根据万有引力提供向心力可得可得行星的质量为，故A错误；B．根据可得行星的第一宇宙速度等于行星表面轨道卫星的运行速度，则行星的第一宇宙速度大于探测器的运行速度，即，故B错误；C．由题意可知，行星的半径为，根据，可知行星表面的重力加速度是探测器向心加速度的4倍，故C正确；D．根据可得若探测器质量变为原来2倍，其运行周期不变，故D错误。故选C。6．B【详解】A．交流发电机的电动势最大值为交流发电机的电动势有效值为将变压器与副线圈负载看成一个等效电阻，则有若时，则原线圈电流为副线圈电流为副线圈电压为可知电压表的示数为，故A错误；B．变压器输出功率等于等效电阻的功率，则有可知当时，即解得变压器输出功率最大，故B正确；C．接入电路的阻值增大时，根据可知原线圈电流减小，即电流表示数减小，故C错误；D．保持滑片位置不变，由于电阻部分短路，其电阻变小，可知等效电阻分到的电压增大，即原线圈输入电压增大，副线圈输出电压增大，则电压表示数变大，故D错误。故选B。7．BD【详解】A．处质点此时的振动情况和波源振动情况相同，根据同侧法可知波源起振的方向为y轴负方向，故A错误；B．根据题意可得波速，故B正确；C．根据题意可得周期当时，即波传到处后波振动了5s（），波源起振的方向为y轴负方向，所以时，处的质点在波谷，故C错误；D．波传到处所需的时间圆频率振幅波源起振的方向为y轴负方向，则，故D正确。故选BD。8．AD【详解】A．导线框进入磁场过程中，根据楞次定律可判定导线框中感应电流的方向为，A正确；B．导线框进入磁场过程中，根据左手定则可以判定边受到的安培力方向垂直于磁场边界向上，边在磁场外不受力，边和边受到的安培力大小相等，方向相反，所以导线框进入磁场过程中受到的安培力方向垂直于磁场边界向上，B错误；C．当边运动到磁场下边界时，导线框正好完全处于磁场中，根据几何关系可知菱形导线框的面积导线框进入磁场过程中通过导线框导体横截面的电荷量C错误；D．导线框穿过磁场的整个过程中产生的感应电动势通过的时间整个过程产生的热量D正确。故选AD。9．BD【详解】A．根据题意可知对棒有则棒的合力均为其所受的安培力，a棒的初速度沿轨道向下，由右手定则可知电流为逆时针方向，由左手定则可知，a棒受到沿轨道向上的安培力而做减速运动，b棒受到沿轨道向下的安培力而做加速运动，而可知减小，当时加速度为零，之后两棒做匀速运动，根据牛顿第二定律可知，a棒先做加速度减小的减速运动后做匀速运动，两棒间的距离先减小后不变，故A错误；B．开始时a棒切割磁感线产生的感应电动势，根据闭合电路欧姆定律可知，回路中的电流金属棒b受到的安培力根据牛顿第二定律有解得故B正确；C．两棒组成的系统沿轨道方向所受合力为零，则两棒组成的系统动量守恒，最终达到共同速度v，根据动量守恒定律有设整个过程产生的焦耳热为Q，根据能量守恒定律有根据串联电路特点可知a棒产生的焦耳热为解得故C错误；D．根据法拉第电磁感应定律可知回路产生的平均感应电动势为根据闭合电路欧姆定律可知，回路中的平均电流为对b棒应用动量定理有联立解得故D正确。故选BD。10．AD【详解】A．滑块A沿圆弧下滑过程中，由动能定理可得解得滑块A刚到平台上的速度大小故A正确；B．当滑块AB共速时，弹簧弹性势能最大，此时由动量守恒定律和能量守恒得，联立以上两式得故B错误；CD．两滑块与弹簧作用的过程中，由动量守恒定律和能量守恒得，联立以上两式解得由题意可知，滑块B滑到小车C的右端时，两物体恰好共速，由动量守恒定律可得解得由能量守恒可知，由于摩擦产生的热量又可得，小车C的长度故C错误，D正确。故选AD。11．(1)左5.0/5(2)20【详解】（1）[1]滑动变阻器采用分压接法，为保护电路安全，在开关闭合前应将滑动变阻器的滑片P置于最左端；[2]由于和并联，故有代入数据解得（2）设警戒液面到油箱底部的距离为x，温度为30℃时热敏电阻的阻值为，则在油液内的热敏电阻的阻值为同理，可得油液外的热敏电阻的阻值为其中，由闭合电路欧姆定律有将E=6V、I=3.0mA、R=1.1kΩ代入可得x=20cm12．(1)并联2(2)C(3)(4)【详解】（1）[1]并联可以分流，要扩大电流表的量程，需并联一个定值电阻；[2]根据并联电路的特点及欧姆定律可得代入数据解得，并联电阻的阻值为（2）实验要求电压从0开始变化，故滑动变阻器采用分压接法，为了便于实验调节，应选用规格较小的滑动变阻器，故选，即选C。（3）由于电流表的内阻已知，故电流表采用内接法，结合上述分析可知，滑动变阻器采用分压式接法，电路连接情况如下（4）根据欧姆定律可得其中，整理可得故在图像中，其斜率为解得13．(1)见解析(2)【详解】（1）由振动图像可知，该简谐波的周期为，由于、两质点间的距离小于波长，有以下几种情况：①当波源在的左侧时，时刻、间的波动图像如图1所示由此可知求得波速为②当波源