2026年广西贵港市高三一模高考物理试卷（含答案详解）

2026届高中毕业班1月份适应性测试

物理

本试卷共8页，15题。全卷满分100分。考试用时75分钟。

注意事项：

1.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将准考证号条形码

粘贴在答题卡上的指定位置。

2.选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案

标号涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3.非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题

卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4.考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。

一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1〜7

题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8〜10题有多项符合题目要求，每小

题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.中国计划在深空探测任务中，试用新一代放射性同位素热电发电机（RTG）。其采用的核

素为锯-90玛Sr）,衰变方程为a-^Y+X,其中X为（）

A.；,eB.",eC.D.

2.“雪龙2号”是我国自主建造的第一艘极地科学考察破冰船，能在1.5米厚的冰川环境中

连续破冰。若船头与水平而成J角，船头对冰面的压力大小为尸，方向垂直于接触面向下,

则尸在竖直方向的分力大小为（）

A.77cos0B.Fsin^C.Ftan^D.

tan。

3.某飞船在正圆轨道i和正圆轨道in上运行时的速度大小分别为匕、匕，在椭圆轨道n上过

4点时的速度大小为匕，下列速度大小关系正确的是（）

试卷第1页，共8页

V>VV

32>1C.V]>v3>v2D.V]>v2>v3

4.如图所示，一个可视为质点的小球，从半径R=lm的半圆P0的左端点P水平向右抛出,

当小球落到半圆上时，水平位移为1.6m。已知当地的重力加速度g=10m/s2,不计空气阻

)

C.0.3sD.0.4s

5.在撑杆跳高比赛中，一名运动员以4.66米的成绩夺冠。若不计空气阻力，下列过程中运

动员机械能守恒的是（）

A.手持撑杆助跑过程

B.撑杆上升过程

C.越过横杆后，空中下落过程

D.落入软垫后，向下运动过程

6.如图所示的电路中，定值电阻凡、&、凡的阻值相等，电容器的耐压值足够大，其中电

源的内阻可忽略不计。当仅闭合开关K1时，电容器所带的电荷量为名；当两个开关K1、K2

均闭合时，电容器所带的电荷量为%。则"等于（）

试卷第2页，共8页

A.1:2B.2:1C.2:3D.3:2

7.如图所示，在边长为L的正三角形48C三个顶点固定三个点电荷，其中力、8两处的点

电荷带等量正电荷”，C处的点电荷带负电荷一夕，。为43边的中点，.”、N为边的

四等分点。下列说法正确的是（）

/O\c

//\%

----\-----一。4

MON

A./、C两处的点电荷所受的静电力大小之比为百：1

B.M、N两点的电场强度和电势都相同

C.将试探电荷+%从。点沿OC直线移到C点，其电势能一直减小

D.试探电荷+%在M点的电势能小于在。点的电势能

8.在庆典活动中，五彩缤纷的气球在空中缓慢上升，其体积逐渐变大。已知环境温度随高

度增加而降低，球内气体可视为理想气体，且气球不漏气。关于上升过程中球内气体的状态

变化，下列说法正确的是（）

A.气体的内能减少

B.气体对外界做正功

C.单位时间内撞到气球壁单位面积上的气体分子数逐渐减小

D.气体分于的平均功能增大

试卷第3页，共8页

9.如图甲所示，有一根较长的细线和一个较小的沙漏。当沙漏小角度摆动时，分别以不同

速度匀速拉动沙漏下方的木板，漏出的沙在木板上会形成一条曲线，如图乙所示。已知

OB=O'B',假设沙漏小角度摆动过程中，单位时间内漏出的细沙体枳不变，则下列说法正确

A.木板1中曲线上各位置处堆积的细沙一样多

B.木板I、2中的力、H的位置处堆积的细沙不一样多

C.木板1拉动的速度与木板2拉动的速度之比为4:3

D.木板1拉动的速度与木板2拉动的速度之比为3:4

10.如图所示，虚线。财可工轴正方向的夹角6=45°，0M与x轴负半轴上侧区域存在电场

强度大小为E、方向沿y轴负方向的匀强电场，下侧与第四象限存在垂直坐标平面向里

的匀强磁场。一质量为机、电荷量为〃夕＞。）的粒子从尸点,，由静止释放，到粒子第

二次经过虚线0M过程中伶好没有穿过x轴正半轴。不计粒子重力，下列说法正确的是

磁感应强度的大小为

试卷第4页，共8页

C.粒子在磁场中运动的时间为印

D.粒子再次进入电场后，运动到距离虚线最远时所需的时间为

二、非选择题：本题共5小题，共54分。其中13〜15题解答时请写出必要的文

字说明、方程式和重要的演算步骤；有数值计算时，答案中必须明确写出数值

和单位。

11.某同学利用如图甲所示的装置研究平抛运动的规律。实验时该同学使用频闪仪和照相机

对做平抛运动的小球进行拍摄，频闪仪每隔0.05s发出一次闪光，某次拍摄后得到的照片如

图乙所示(图中不包括小球刚离开轨道的影像)。图中的背景是竖直平面内的带有方格的纸

板，纸板与小球轨迹所在平面平行。该同学在实验中测得的小球下落的高度差已经在图乙中

甲乙

完成下列填空：

(1)为使斜槽轨道末端切线水平，请你简要描述检查切线是否水平的方法：:>

(2)实验过程中，要建立直角坐标系，在下图中，建系坐标原点选择正确的是(填

正确答案标号)。

试卷第5页，共8页

(3)根据图乙中数据可得，当地重力加速度的大小为.m/s2o(结果保留两位有效

数字)

12.某学习小组进行“研究充电宝不同电量时的电动势和内阻”的实验，实验器材有:

A.待测充电宝，电动势约为5V,内阻很小，最大放电电流为2A；

B.量程为3.0A,内阻约为0.2。的电流表:

C.最程为6V,内阻约为6kC的电压表;

D.量程为15V,内阻约为30kQ的电压表;

E.阻值为0~20Q,额定电流为3A的滑动变阻器;

F.阻值为2.5。的定值电阻;

G.阻值为20。的定值电阻;

H.开关S一个，导线若干c

(1)该学习小组设计的实险电路图如图甲所示，则电压表应选用（填“C”或"D”）,

定值电阻凡应选用(填“F”或"G”)。

(2)请根据电路图甲，把实物图乙电路的连线补充完整。

(3)记录被测充电宝实验时的电量百分比(开始时的电量百分比为100%)。将滑动变阻器电

阻调至最大。闭合开关，依次减小滑动变阻器的阻值，记录每次操作的电流表和电压表的示

数，根据数据作出U-/图像如图丙，由图像可得充电宝的电动势V(保留两位

小数)，内阻Q(保留两位小数)。

(4)当充电宝电量为80%、60%、40%、20%、5%时重复上述实验操作，得到不同电量下各

组U、/的实验数据，算出对应的电动势和内阻如下表：请结合实验数据分析♦，充电宝的电

量对充电效果是否有影响？请简要说明理由

电量/%100806040205

试卷第6页，共8页

充电宝电

5.045.005.045.145.08

动势/V

充电宝内

0.210.200.210.250.15

阻/C

13.我国自主研发的“复兴号”智能动车组，以其高颜值、智能化的特点成为国家名片。当列

车减速进站时.，某同学通过观察车窗外里程碑和车厢内电子屏显示的车速来估算列车减速的

加速度大小。当他经过第1个里程碑时，电子屏显示车速为288km/h,2分钟后经过笫〃个

里程碑时，车速显示为72km/h。已知相邻里程碑间的距离为1km,列车进站过程可视为匀

减速直线运动。求：

(1)列车进站的加速度大小；

(2)从第1个里程碑开始，到列车完全停下行驶!的距离；

(3)2分钟后该同学到达第，?个里程碑时，〃的数值。

14.某手机防窥膜的结构如图所示，在透明介质中等距排列有相互平行的吸光屏隙。屏隙的

高度与防窥膜厚度均为3相邻屏障的间距为2L、透明介质的折射率为〃。光线从手机屏幕

两屏障间的中点P向四周发出，经过屏障之间的间隙，从防窥膜上表面射出，其最大折射角

夕称为防窥膜的可视角度，可视角度越小，防窥效果越好。

空气

手机水平放置时的纵切面图

,八nL

(1)证明：最大可视角。满足关系式^仞二万；

(2)当〃=仃£,〃=及时，求可视角度0;

(3)实际上，手机屏幕上的发光点可位于两屏障之间的任意位置。设发光点距离左屏障口勺距

离为x(OWxW2£)。为使所有发光点的最大出射角均不超过60。且〃二血，求防窥膜厚度人

至少应为多少(用L表示)。

15.如图所示，两根平行光滑金属导轨固定在倾角为6=30：的绝缘斜面上，导轨间距为

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A=1.0m,上端接有阻值为R=2.0Q的甩阻。整个导轨平面处于垂直斜面向上的匀强磁场中，

磁感应强度大小为8=LOT。一质量为加=0.4kg、长度L=1.0m,电阻，•=0.5。的金属棒从

导轨上某处由静止释放，沿导轨下滑。已知金属棒始终与导轨垂直且接触良好，导轨足够长,

不计导轨电阻和空气阻力，重力加速度g=10m/s?

(2)金属棒从静止下滑至最大速度的一半时，电阻H上产生的焦耳热为❷=2.2J,求此过程

中金属棒沿导轨下滑的距离

(3)若将电阻/?换为一个电容为C=0.4F的电容器(初始未充电)，金属棒电阻忽略不计，其

他条件不变，请通过计算说明金属棒做何种运动。

试卷第8页，共8页

1.B

【详解】根据核反应的质量数和电荷数守恒可知，X的质量数为0,电荷数为-1,则X为电

子。

故选Bo

2.A

【详解】压力/垂直于接触面（即垂直于斜面），冰面与水平面的夹角为。，因此尸与竖直

方向的夹角也为。。将尸正交分解为竖直方向和水平方向，根据三角函数关系，竖直方向分

力大小为Fcos/9,水平方向分力大小为内in。。

故选Ao

3.C

【详解】根据万有引力等于向心力有G小”二"£

rr

解得飞船的运行速度为v=

所以飞船在轨道I上的运行速度大于在轨道III上的运行速度，则匕〉匕

飞船在轨道II上过B点时需加速才能进入轨道III运行，则匕＞v2

故有V）＞V3＞v2

故选C。

4.D

【详解】由几何关系可知，当小球的水平位移为1.6m时，小球的竖直位移为0.8m,如图所

示

中点

竖直方向上做自由落体运动，有力=

解得t=0.4s

故选D»

5.C

答案第1页，共8页

【详解】A.运动员机械能守恒的条件是只有自身的重力做功，其他力不做功。手持撑杆助

跑加速过程，人体肌肉做功，运动员机械能增加，所以机械能不守恒，故A错误；

B.撑杆上升过程，杆的弹力对运动员做功，所以运动员的机械能不守恒，故B错误；

C.越过横杆后，空中下落过程，即运动员从离开杆到接触垫子前，只有重力做功，所以运

动员机械能守恒，故C止确；

D.落入垫子后，向下运动过程，垫子的阻力对运动员做负功，所以运动员机械能不守恒，

故D错误。

故选C。

6.D

【详解】设定值电阻的阻值均为A,电源的电动势为当仅闭合开关K1时，等效电路如

电阻&、&串联，电阻4相当于导线，电容器两极板间的电压4=E，则电容器所带的电

荷量/当两个开关均闭合时，等效电路如图乙所示:

R

则电路的总电阻为号?=宠+5=

R2

电容器两极板之间的电压等于电阻用两端的电压，为U?=FE=%E

2

电容器所带的电荷量%

则？：%=3:2

故选Do

答案第2页，共8页

7.C

【详解】A.由库仑力的矢量合成得巳=普，F〈,二滓-

则%耳=1：后，故A错误：

B.电势是标量，由对称性可知为=%,但电场强度是矢量，M.N两点的电场强度方向

不相同，故B错误；

C.沿0c电势一直降低，试探电荷+册的电势能一直减小，故c正确；

D.因。则试探电荷+%在M点的电势能大于在。点的电势能，故D错误。

故选C。

8.ABC

【详解】A.气球上升过程中环境温度降低，球内气体的温度也降低，故气体的内能减少，

故A正确：

B.气球的体积变大，气体膨胀，对外界做正功，故B正确；

CD.在上升过程，温度降低，分子的平均动能减小，则分子的平均速率减小，同时气体体

积增大，分子数密度减小，单位时间内撞到气球壁单位面积上的分子数逐渐减小，故C正

确，D错误。

故选ABCo

9.BD

【详解】A.木板1中曲线上，沙漏经过各位置处时的瞬时速率不相等，所以漏出的细沙不

是一样多的，故A错误；

B.沙漏经过木板1、2中的曲线力、"两位置时，沙漏的运动速率大小相等，但拉动木板的

速度不等，故漏出的细沙不一样多，故B正确；

CD.设沙漏摆动周期为7,由图乙可知木板1移动距禽03用时27,木板2移动距离0,9

用时1.57；由速度公式丫==OB=O'B'

t

可得，木板1拉动的速度与木板2拉动的速度之比为3:4,故C错误，D正确。

故选BDo

1().AD

I

【详解】A.设粒子进入磁场前在电场中运动的距离为人，由几何关系可3知=

22

在电场中，粒子做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可得=

答案第3页，共8页

由匀变速直线运动规律可得-=2at

联立解得v=陛,故A正确：

Vm

B.由于粒子在第一象限磁场内运动时恰好没有越过x轴正半轴，即粒子的运动轨迹与x轴

正半轴相切，由几何关系可知，其做圆周运动的半径为L,洛伦兹力提供向心力，则有

V2

qvB=m—

解得8,匹，故B错误：

C.由题可知，粒子轨迹对应圆心角为节，粒子不会再进入磁场，则粒子在磁场中运动的

3万___

时间1=2工7m=3兀区,故C错误；

2乃qB2\c/E

D.粒子再次讲入中场后，做类平抛运动，当运动到速度方向与QW平行时离OM最沅，所

，—v,cos45：_\mL

需时间为'=豆一二=《豆，故。正确。

—cos45*1

m

(2)C

(3)9.7

【详解】(1)为使小球能水平抛出必须调整斜槽，使其末端的切线成水平方向，检查切线是

否水平的方法是将小球放在斜槽末端，如果小球静止，表明斜槽末端的切线水平。

(2)建立坐标系时，应将小球在斜槽末端时，球心在竖直面上的投影为坐标原点。

故选C。

答案第4页，共8页

⑶由竖直方向的自由落体运动可得gJG景…

代入数据可得巨=9.7m/s?

⑶5.060.10

(4)没有影响，由实验数据可知，在误差允许范围内，该充电宝电量减少时，它的电动势几

乎没有变化，内阻始终很小，对充电效果没有影响

【详解】(1)[1]充电宝的电动势约为5V,电压表应选用C；

F

⑵根据闭合电路欧姆定律得R=?=2.5Q

可知定值电阻凡应选用F。

(2)根据电路图可得实物连接图如图所示

(3)[1北2]根据闭合电路欧姆定律有E=U+Ir

变形可得。=£-

答案第5页，共8页

则图像的纵截距代表电动势，斜率绝对值代表内阻，则有

4.85-5.06

E=5.06V,7•C=0.1OQ

2.1

（4）没有影响，由实验数据可知，在误差允许范围内，该充电宝电量减少时，它的电动势

几乎没有变化，内阻始终很小，对充电效果没有影响。

13.(l)0.5m/s

(2)6400m

(3)7

【详解】（1）公式转换

%=288km/h=80m/s,v=72km/h=20m/s,t=2min=120s,A.v=1km=1000m

列车做匀减速直线运动，设加速度为有。=二^

代入数据解得〃=-0.5m/6：

故列车进站的加速度大小为0.5m/s?。

（2）设从第।个里程碑开始到列车完全停下行驶的距离为犯有户等

代入数据解得主=6400m

（3）设列车从第1个里程碑到第〃个里程碑行驶的距离为s,则5=号，

代入数据解得s=6000m

EIs.6000,_

则〃=——+1=----+1=7

As1000

故〃的数值为7,

14.（1）见解析

(2)455

⑶困

3

sin。

由折射定律得〃=

sinr

答案第6页，共8页

L

又sinr=

yjl}+h-

nL

联立方程解得sinO=〃sin〃=

x/l2+//2

所以关系式sinO=jg+w成立

(2)当力