2026年湖南省长沙市高二下学期期中模拟考试物理自编试卷01（范围：人教版选择性必修二、选择性必修三分子动理论）（解析版）

2026年湖南省长沙市高二下学期期中模拟考试自编试卷01物理试题（解析版）题号12345678910答案DDCABDCACADAD1．D【详解】A．若沿顺时针方向，，则线圈受到向左的安培力，故手机的加速度是向右，使镜头处于零加速度状态，故A错误；B．若沿顺时针方向，，则线圈受到向上的安培力，镜头处于零加速度状态，则手机加速度方向向下，故B错误；CD．若a的方向沿右偏上60°，说明手机框架给镜头向上以及向右的作用力，且向右的分力小于向上的分力；要使得镜头处于零加速度状态，线圈c需要受到向左的安培力、线圈d需要受到向下的安培力，且，可知顺时针，逆时针，且，故C错误，D正确。故选D。2．D【详解】A．小球磁性不随碰撞剧烈程度而改变，峰值不随h改变，故A错误；B．由图（b）可知，第二次加速度比第一次小，推知小球碰撞桌面时，初速度减小，因此，手机受到的摩擦力与安培力方向相反，指向落点，故B错误；C．由于手机线圈中产生感应电流，根据楞次定律可知，小球有远离手机的趋势，故C错误；D．由于手机线圈中感应电流产生焦耳热，小球的机械能在足够多次碰撞后，全部转化为线圈的焦耳热，故D正确。故选D。3．C【详解】当正常时，任意灯电压均为220V，都能正常发光；而中线断开后，灯泡均不能接在火线与中线之间，此时L2、L3通过右端完好的中线相连，相当于L2、L3串联接在两根火线之间，而火线间电压为380V，则两灯分压一定小于220V，故两灯均变暗；故C正确，ABD错误；故选C。【点睛】本题考查三相电的原理，要注意明确三相电中任意两火线之间电压为380V；而任一火线与中线的电压为220V。4．A【详解】A．根据电磁振荡的周期公式可得所以当t=π×10−5s时，即，电容器放电完毕，回路中电流最大，电流变化最慢，故A正确；B．t=0时，对带电灰尘受力分析有0~π×10−5s之间，即随着电容器放电，灰尘合力向下，开始加速运动；π×10−5s~2π×10−5s之间，即时电容反向充电，此时电场力与重力方向相同，速度继续增大；同理分析可得在2π×10−5s~4π×10−5s时，电容器先反向放电后又正向充电，可得灰尘所受到的合力一直向下，最后等于零，所以灰尘在该段时间处于一直加速运动，即2π×10−5s时，灰尘的速度不是最大，故B错误；C．2π×10−5s时，即时，振荡电路中电流为零，线圈中磁场能最小，故C错误；D．2π×10−5s时，即，振荡电路中电流为零，电容器场强和t=0时相反，此时灰尘的合外力为即此时加速度大小为2g，后电容器又开始放电，可得加速度减小，所以可得在2π×10−5s时，灰尘的加速度最大为2g，故D错误。故选A。5．B【详解】AB．若检流计指针指向零刻度，说明电桥平衡。A、B两点电势相等。此时则，若光照强度过高，阻值减小。变大，变小，A点电势降低，电流从B点流向A点，检流汁右偏；若光照强度低，阻值变大。变小，变大，A点电势升高、电流从A点流向B点，检流计左偏。故A错误，B正确；CD．由检流计指针向左偏，变大，可调大，或调小，使检流计再次指中间。故C、D均错误。故选B。6．D【详解】A．配制所得的酒精溶液质量为，故A错误；B．60度酒液中纯酒精体积为，质量水体积为，质量又解得酒液的平均密度，故B错误；C．同B选项分析，有解得，故C错误；D．由B选项分析，60度的酒液中含纯酒精，含水由C选项分析100mL的的酒精溶液含纯酒精含水实验前水的总质量与酒精总质量之比，故D正确。故选D。7．C【详解】A．根据牛顿第二定律可知，电子的加速度大小即加速度随着速度均匀减小，因加速度并非保持不变，故速度并不随着时间均匀减小，则加速度并不随着时间均匀减小，故A错误；B．电子的初动能为解得假设电子做匀减速直线运动，则其运动轨迹长度为但实际上电子的运动为加速度减小的减速运动，时间t内的平均速度小于，故时间t内运动轨迹的长度小于，故B错误。C．在一段极短的时间内，根据动量定理有即两边分别求和得解得，故C正确；D．若不加屏蔽，晶体点阵中的电子受到一个与速度方向相反的阻力和一个与速度方向垂直的洛伦兹力，则合力与速度方向成钝角，即所受合力与速度方向的夹角不可能小于90°，故D错误。故选C。8．AC【详解】A．时间内回路中的磁通量垂直导轨平面向里且增大，由楞次定律“增反减同”可知，回路中的电流方向为逆时针方向，则时，通过金属棒的电流方向从左到右，故A正确；B．由法拉第电磁感应定律得可知时，感应电动势为零，感应电流为零，金属棒受到的安培力为零，故B错误；C．结合图乙得，在时间内，可得所以此时间内，回路中产生正弦式交变电流，则电动势的有效值为电阻上产生的热量为联立解得，故C正确；D．从后，磁场保持不变，金属棒做加速度逐渐减小的加速运动，加速度为零时，速度达到最大，则有，解得，故D错误。故选AC。9．AD【详解】A．方式一中，时间内CO转过角度为，根据几何知识知线框的面积磁通量为由题意得：导线框中的感应电动势为，A正确；B．根据知：方式一中，，通过导线截面的电荷量，而方式二中，，通过导线截面的电荷量，B错误；C．第二种方式穿过回路的磁通量所产生的电动势为若，则两种方式所产生的正弦交流电动势的有效值之比为由题意知，根据焦耳定律，可得，C错误；D．方式二中，根据可知，转动过程中回路的电动势逐渐增大，D正确。10．AD【详解】A．总分子数故A正确；B．分子在到区间出现的概率为故B错误；C．根据分布的曲线的对称性可知，分子的平均速率，故C错误；D．当时分子数为零，则在区间内，分子出现的概率为1，故D正确；E．区间内分子平均速率为，而区间内的分子平均速率为，故E错误。故选AD。11．(1)AC甲(2)角速度1∶4(3)15.66.0×10-7(4)(5)C【详解】（1）[1]A．保证弹簧测力计与木板平行，可让拉力在纸面内，减小实验误差，操作必要，故A正确；B．两分力夹角较大时，分力大小可以大于合力，故B错误;C．标记分力方向只需在细绳方向标记两个点，连接O点得到方向。故C正确；D．分力大小由弹簧测力计读数得到，不是细线长度，故D错误。故选AC。[2]是实验测得的实际合力，方向一定与橡皮条共线；平行四边形定则得到的是理论合力，因实验误差会略有偏差，因此甲符合实验事实。（2）[1]实验控制了小球质量相等、圆周运动半径相等，只有角速度不同，因此探究向心力与角速度的关系。[2]皮带传动的塔轮线速度相等，由得，左、右塔轮半径比因此角速度比；由，相等，得向心力比，标尺露出长度反映向心力大小，因此比值为。（3）[1]10分度游标卡尺精度为，主尺读数，游标第6格对齐，得。[2]A、B间共6个相邻条纹间隔，得相邻间距，由，代入、得。（4）1滴溶液中纯油酸体积为，单分子油膜的分子直径等于油膜厚度，因此。（5）单摆周期公式为，平方得AB．测量周期时，多数了1个周期或者少数了一个周期，所有测量点的都会与真实产生偏差，会影响图线的斜率，但图线都会经过原点，故AB错误；C．若直接将摆线长作为摆长，测量摆长（为摆球半径），整理得，因此时，，会导致截距为正，故C正确；D．若将摆线长加上摆球直径作为摆长，测量摆长（为摆球半径），整理得，因此时，，会导致截距为负，故D错误。故选C。12．并联2.7较小不同意，因（k,b均为常量），又电压刻度均匀，故物体质量的示数刻度不均匀【详解】[1]为了便于操作、控制滑动变阻器应选用[2][3]要分去更多的电流应该并联一个分流电阻，根据并联电路的特点有解得[4][5]由图2得m增大，压力F（）增大，减小，在图3中将R等效为电源内阻的一部分，根据闭合电路的欧姆定律则路端电压减小，即应标在电压值较小不同意，因为由闭合电路的欧姆定律有直流电源内阻很小，可忽略联立解得故（k,b均为常量）电压刻度均匀，故物体质量的示数刻度不均匀13．（1）；（2）；（3）a．温度降低，b．见解析【详解】（1）气体由状态A到的过程为等压变化，依据盖-吕萨克定律，有代入数据，解得（2）气体由状态到的过程为等容变化，依据查理定律，有代入数据，解得（3）a．气体由状态到的过程中，气体体积不变，即单位体积内的分子数不变，由图可知压强减小，依据可知分子平均动能减小。由可知，温度降低。b．根据气体压强可得当理想气体质量一定时，理想气体的分子数也一定，且为常量，则为定值。14．(1)(2)(3)【详解】（1）设粒子进入磁场Ⅰ时速度为，方向与轴正方向成向下，粒子在磁场Ⅰ中做圆周运动的轨迹与轴、均相切，根据几何关系可知，圆心坐标为，其中为轨迹半径。入射点位于轴上，入射点与圆心连线为半径，斜率为（与速度方向垂直），故入射点横坐标满足解得入射点坐标为粒子在电场中由静止释放，沿电场方向运动，根据几何关系可知水平位移等于竖直位移，故点纵坐标等于入射点横坐标，因此点坐标为。（2）粒子在电场中运动的位移大小为由动能定理得解得由几何关系得轨迹半径满足解得洛伦兹力提供向心力代入和化简得（3）当磁场Ⅰ磁感应强度改为时，粒子在磁场中运动的轨迹半径代入和解得粒子在磁场Ⅰ中运动的偏向角为90°，在磁场Ⅱ中运动的半径与磁场Ⅰ中相同，最终第二次经过x轴的位置为此时粒子进入第一象限的电场，速度方向与电场方向垂直，做类平抛运动；垂直电场方向：匀速直线运动，位移沿电场方向：初速度为0的匀加速直线运动，加速度位移解得第二次与第三次经过x轴的间距L，则根据几何关系可知，在电场中合位移因此，粒子第三次经过x轴时离坐标原点的距离15．(1)(2)(3)【详解】（1）设导体棒到达磁场区域1上边界时的速度大小为，由机械能守恒有导体棒进入磁场区域1时，产生电动势回路产生感应电流导体