安徽省淮南市2026届高三物理下学期第二次模拟考试试题【含答案】

（考试时间：分钟满分：分）一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。1.北斗卫星导航系统用到了我国自主研发的氢原子钟，氢原子钟是利用氢原子跃迁频率稳定的特性来获取精准时间频率信号的设备。氢原子能级如图所示，下列说法正确的是（）A.处于基态的氢原子可以吸收任何能量的光子，从基态跃迁到激发态B.对于大量处于能级的氢原子，向低能级跃迁时最多发出3种不同频率的光C.氢原子由能级跃迁到能级时发出光子的频率等于由能级跃迁至能级时发出光子的频率D.对于大量处于能级的氢原子，向低能级跃迁时发出的光子中能量最大的为1.51eV【答案】B【解析】【详解】A．根据玻尔理论，氢原子吸收光子发生跃迁时，光子的能量必须等于两能级间的能量差，即，不能吸收任何能量的光子，故A错误；B．对于大量处于能级的氢原子，向低能级跃迁时，可能发生的跃迁有、、，最多发出3种不同频率的光，故B正确；C能级跃迁到能级时发出光子的能量为由能级跃迁至能级时发出光子的能量为根据可知，两光子能量不同，频率不相等，故C错误；D跃迁到第1页/共20页

子能量最大，最大能量为，故D错误。故选B。2.静电透镜是利用静电场使电子束会聚或发散的一种装置，如图所示为该透镜工作原理示意图。虚线表示这个静电场在xOy平面内的一簇等势线，实线为一电子仅在电场力作用下通过该区域的部分运动轨迹，P、Q为轨迹上的两点。下列说法正确的是（）A.P点的电场强度比Q点的电场强度小B.P点的电势低于Q点的电势C.电子在P点的动能大于在Q点的动能D.电子从P运动到Q的过程中，电势能先增大后减小【答案】C【解析】A点处的等势线比点的电场强度比点的大，故A错误；B点受到的电场力方向大致向左。因为电子带负电，受力方向与电场强度方向相反，所以电场强度方向大致向右。沿电场线方向电势降低，所以点的电势高于点的电势，故B错误；C．电子从运动到的过程中，电场力方向大致向左，位移方向大致向右，电场力做负功。根据动能定理，动能减小，所以电子在点的动能大于在点的动能，故C正确；D．电子从运动到的过程中，电场力做负功，电势能增大，故D错误。故选C。3.如图，直线MN右侧无穷大区域内存在匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里。有一个带负电的粒子，质量为m，所带电荷量大小为qA点斜向下与直线MN成45°角以一定的初速度垂直进入磁场中，一段时间后从直线MN上某点离开匀强磁场区域，不考虑粒子的重力，下列关于该粒子运动的描述，正确的是（）第2页/共20页

A.粒子在磁场中的运动时间为B.若其他条件不变，粒子入射的初速度大小变为原来的两倍，则粒子在磁场中的运动时间变为原来的一半C.若其他条件不变，粒子带正电，则粒子在磁场的运动时间变为原来的三倍D.若其他条件不变，粒子入射的初速度大小变为原来的，则粒子在磁场的运动时间变为原来的一半【答案】C【解析】【详解】A．负电粒子垂直进入匀强磁场，洛伦兹力提供向心力，有粒子运动的周期为联立可得粒子以与MN成MN夹角为速度与边界MN夹角也为，因此轨迹对应的圆心角粒子在磁场中的运动时间为，故A错误；BD．根据上述，若其他条件不变，粒子入射的初速度大小变为原来的两倍，半径变为原来的两倍，周期不变，对应圆心角仍为，所以粒子在磁场的运动时间不变与速度无关，故BD错误；C．若其他条件不变，粒子带正电，粒子以与MN成角入射，粒子做逆时针圆周运动。入射速度与边界MN夹角为，出射时速度与边界MN夹角也为，因此轨迹对应的圆心角粒子在磁场中的运动时间为第3页/共20页

则粒子在磁场的运动时间变为原来的三倍，故C正确。故选C。4.“打水漂”是乡村少年经常进行的一项有趣的户外活动，通过让扁平的瓦片从手中平抛，然后在水面弹跳，追求最多的跳跃次数。现将一质量为0.1kg的瓦片从距离水面高度为0.8m处水平抛出，抛出的初速度大小为8m/s，此后瓦片会多次与水面作用，反复在水面上弹跳前进。假设瓦片每次和水面作用前后，水平分速度与竖直分速度大小均变为原来的二分之一，当地重力加速度g取，不计空气阻力。研究瓦片第一次跃出水面到第二次进入水面的过程，下列说法正确的是（）A.瓦片上升的时间比下降的时间长B.瓦片上升的最大高度为0.4mC.上升过程重力对瓦片做的功为0.2JD.瓦片下降过程中的位移大小为【答案】D【解析】A过程，为斜抛运动，瓦片在竖直方向做竖直上抛运动，根据对称性可知，上升过程与下降过程时间相等，故A错误；B．根据可得第一次落水时竖直分速度大小第一次落水时水平分速度大小瓦片每次和水面作用前后，水平分速度与竖直分速度大小均变为原来的二分之一，可知瓦片第一次跃出水面时竖直分速度大小水平分速度大小根据第4页/共20页

可得瓦片上升的最大高度为，故B错误；C．上升过程重力对瓦片做的功为，故C错误；D．瓦片下降过程中的时间为瓦片下降过程中的水平位移为竖直位移为，可得瓦片下降过程中的位移大小为，故D正确。故选D。5.夏天的雨后经常可以看到美丽的彩虹。从物理学角度看，彩虹是太阳光经过雨滴的两次折射和一次反射形成的，如图是彩虹成因的简化示意图，a、b是两种不同频率的单色光出现的霓虹现象。入射光从P点以45°a之间的夹角为30°R光速为c，则下列说法中正确的是（）A.雨滴对a单色光的折射率为B.a单色光在雨滴内的速度为C.a单色光在雨滴内经历的时间为D.a单色光的折射率比b单色光的折射率小【答案】C【解析】【详解】AB．由几何关系可知，a光线在P点的折射角为30°，则折射率为a单色光在雨滴内的速度为，AB错误；第5页/共20页

C．a单色光在雨滴内经历的时间为，C正确；D．由光路可知，a光的偏折程度大于b光，可知a单色光的折射率比b单色光的折射率大，D错误。故选Ｃ。6.有一种新型酒瓶开启器。其使用方法是手握开瓶器，将气针插入软木塞，通过气针对酒瓶进行打气，随Sm，软木塞与瓶子间的最大静摩擦力大小为软木塞重力的15倍，不考虑开瓶器和气针对软木塞的作用力。打气前，圆柱形瓶内气体压强为，气体体积为，打气时气针每次将压强为，体积为的空气打入瓶内。已知当地大气压强为，重力加速度为g。假设打气过程温度不变，不考虑瓶子容积的变化，下列说法正确的是（）A.要维持气体温度不变，打气过程气体需要从周围环境吸收热量B.在软木塞被顶起前，每打气一次，软木塞受到的静摩擦力一定增大一次C.软木塞被顶起时，瓶内气体压强为D.至少要打气次才能使软木塞被顶起【答案】D【解析】【详解】A．打气过程中，外界对瓶内气体做功，；气体温度不变，理想气体内能不变，。根据热力学第一定律第6页/共20页

得即气体向外界放热，而非吸热，故A错误；B静摩擦力向上，大小每打气一次后，静摩擦力转为向下，增大时才开始增大，故B错误；C．最大静摩擦力内气体压力，即解得故C错误；D．打气过程温度不变，由玻意耳定律，设至少打气次，总气体初态满足代入约去化简得解得故D正确。故选D。7.mf为v，人的拉力大小为F，则此时（）A.人拉绳行走的速度为B.人拉绳行走的速度为第7页/共20页

C.船的加速度为D.船的加速度为【答案】C【解析】【详解】AB．船运动的速度是沿绳子收缩方向的速度和绕定滑轮的摆动速度的合速度，根据平行四边形定则，有故AB错误；CD．对小船受力分析，则有因此船的加速度大小为故C正确，D错误。故选C。8.如图甲所示，倾角的固定光滑斜面上放着两物块P、Q，两物块紧靠但不粘连，轻弹簧一端与PQ施加沿斜面向上的恒力，使物块P、Q沿斜面向上做加速运动。在分离前，物块P的加速度随其运动位移x的变化图像如图乙所示。当物块P运动位移为时，物块P与Q恰好分离。已知物块P的质量为m，重力加速度大小为g，下列说法正确的是（）A.弹簧恢复原长时P、Q恰好分离B.物块P、Q分离时的速度为C.弹簧的劲度系数等于第8页/共20页

D.从F开始作用到P、Q分离时，弹簧的弹性势能减少了【答案】B【解析】【详解】A．物块P、Q分离时，两者之间的弹力为零，且加速度相同。由图乙可知，分离时（）加速度。对物块Q分析，由牛顿第二定律得解得对物块P分析，由牛顿第二定律得解得此时弹簧弹力不为零，说明弹簧处于压缩状态，未恢复原长，故A错误；B．物块P做变加速运动，根据可知等于图像面积的2倍。由图乙可知，图像面积所以分离时的速度故B正确；C．在时，加速度对P、Q整体分析，由牛顿第二定律得代入数据解得初始弹力从到过程中，弹簧压缩量减小了，弹力变化量由胡克定律解得劲度系数故C错误；D．从开始作用到P、Q分离，弹簧弹性势能的减少量等于弹力做的功第9页/共20页

故D错误。故选B。二、多项选择题：本题共2小题，每小题5分，共分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。9.2025年神舟二十一号发射入轨后与空间站完成对接，神舟二十号因突发故障，乘组改乘神舟二十一号撤离空间站并安全返回地球，随后神舟二十二号飞船成功发射，中国载人航天工程首次圆满完成应急发射任务。如图所示，神舟二十二号飞船的发射过程可简化如下：飞船先进入近地圆轨道1运行，然后从A点变轨进入椭圆轨道2B点再变轨进入空间站运行的圆轨道3程序与空间站进行自主快速交会对接。则神舟二十二号飞船（）A.在轨道3上运行的线速度小于第一宇宙速度B.由轨道2进入轨道3需要在B点减速C.在轨道1和轨道2上经过A点时的加速度相同D.在轨道2上由A点运行到B点过程中飞船的引力势能逐渐减小【答案】AC【解析】A提供向心力得线速度公式轨道3的半径大于地球半径，因此线速度小于第一宇宙速度，故A正确；B．飞船在椭圆轨道2的B点时，万有引力大于做圆周运动所需的向心力；要进入轨道3加速增大所需向心力，使万有引力等于向心力，因此需要在B点加速，而非减速，故B错误；C．加速度由万有引力提供，公式为第10页/共20页

飞船在轨道1、轨道2经过A点时，到地心的距离相同，因此加速度相同，故C正确；D．从A到B，飞船离地心越来越远，万有引力对飞船做负功，引力势能逐渐增大，故D错误。故选AC。10.“匚”时带动与其接触的摩擦轮转动，摩擦轮又通过传动轴带动磁体一起转动，从而使铁芯中磁通量发生变化，绕在铁芯上的线圈共Ncd作为发电机输出端，通过导线与额定电压为UR的灯泡Ln泡L恰好正常发光，假设骑车人对自行车做的功仅用于克服空气阻力和发电机阻力，已知空气阻力与车速成正比，该次骑车时骑车人克服空气阻力的功率为P，则（）A.磁体从图示位置匀速转过90°的过程中L中的电流逐渐变大B.该次骑车时磁体转动过程中通过线圈的最大磁通量为C.该次骑车时骑车人对自行车做功的功率为D.若磁体转动的转速变为，则骑车人对自行车做功的功率变为【答案】ABD【解析】【详解】A．由图可知，开始阶段，穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率最小，转动后，磁通量减小，磁通量的变化率增大，当转过L中的电流逐渐增大，故A正确；B．灯泡两端的最大值为，感应电动势最大值为第11页/共20页

联立可得通过线圈的最大磁通量为，故B正确；C．该次骑车时消耗的电功率为该次骑车时骑车人对自行车做功的功率为，故C错误；D．若磁体转动的转速变为，感应电动势最大值为有效值为该次骑车时消耗的电功率为磁体转动的转速变为，根据令匀速运动时的速度为v，根据题意知可知自行车的速度变为原来的一半，骑车时骑车人克服空气阻力的功率为所以骑车人对自行车做功的功率变为，故D正确。故选ABD。三、非选择题：本大题共5小题，共分。A和B要步骤如下：A、用天平测得两小球A、B的质量分别为和。B、如图所示安装器材，调节斜槽使其末端C切线水平且与斜面等高。斜面很长，与斜槽紧密接触。CC处先不放球BAA抛出后撞在斜面上的平均落点为PD、再将球B置于C点，让球A从斜槽上同一位置多次由静止释放，两球碰后落在斜面上的平均落点为M、第12页/共20页

NE、用刻度尺测出三个平均落点到C点的距离分别为、和回答下列问题：（1）关于上述实验，要求合理的有________。A.B.斜槽要尽可能光滑C.实验还需要测出斜面的倾角θ（2）若关系式________（用题中所测量的物理量的符号表示）成立，说明两小球碰撞中动量守恒。（3）若关系式________（用题中所测量的物理量的符号表示）成立，说明两小球发生的是弹性碰撞。【答案】（1）A（2）（3）或【解析】【小问1详解】A．为避免球A碰撞后反弹回斜槽，需保证球A质量大于球B，故A正确；B．只要每次从同一位置释放，初速度一致即可，摩擦力不影响实验重复性，故B错误；C．最终动量和动能守恒式中与斜面的倾角无关，无需测量，故C错误。故选A。【小问2详解】碰撞前小球落在图中的和发生碰撞后，落点在图中的平初速度为，的落点在图中的点，设其水平初速度为，设斜面与水平面的夹角为，由平抛运动规律有，解得同理可得，两小球碰撞中动量守恒,则有代入速度并化简可得第13页/共20页

【小问3详解】两小球发生的是弹性碰撞，需满足代入速度并化简可得联立可进一步化简得12.某探究小组要测量一种新型合金材料的电阻率，并探究利用该合金丝制作电阻应变片以测量微小形变。（1）小组同学用螺旋测微器测量该合金丝的直径D，示数如图甲所示，其直径________mm；若又测得合金丝的长度为L，电阻为R，则该合金丝的电阻率表达式为________（用R，L，D（2）该小组制作了测量微小形变的“电阻应变片”：将上述合金丝制作成栅状并粘贴在柔性基底（被测物体）上，如图乙所示，同时利用如图丙所示的惠斯通电桥电路检测“电子皮肤”的微小形变。图中为上述合金丝制成的电阻应变片，R为一根带有滑动金属夹的均匀长直电阻丝，为电阻箱，G为灵敏电流计。实验时，闭合开关S，调节电阻丝上金属夹位置，使电流计的示数为零时即为电桥平衡。________（选填“变大”或“变②一同学某次实验将电桥调节平衡后，用刻度尺测出此时电阻丝左右两端长度分别为、箱的阻值为，则此时应变片的电阻值________（用、、③实验后该同学认为用刻度尺测量电阻丝的长度时测量误差较大，于是他在保持本次实验中滑片位置不变的情况下，将电阻应变片和电阻箱的位置调换了一下，并重新通过调电阻箱，使电桥再次平衡，读出此时电阻箱的阻值为，则此时应变片的电阻值可表示为________（用、表示）【答案】（1）①.1.990##1.989##1.991②.（2）①.变大②.③.第14页/共20页

【解析】【小问1详解】[1]螺旋测微器读数规则，固定刻度读数+可动刻度读数×0.01mm。图甲中固定刻度读数为，可动刻度对齐格，因此总读数为[2]根据电阻定律合金丝横截面积整理得电阻率表达式【小问2详解】[1]应变片被拉伸时，长度增大，横截面积减小，由可知，应变片电阻值变大。[2]电桥平衡时，灵敏电流计示数为零，说明电流计两端电势相等，满足比例关系均匀电阻丝的电阻和长度成正比，即因此整理得[3]调换和位置后，滑片位置不变，、不变，再次平衡得联立第一次平衡的关系可得整理得该方法消除了长度测量的误差。13.直方向稳定地周期性抖动绳子，形成一列机械波以的速度沿绳传播。绳子的一端O握在人手上，时刻O点位于平衡位置，A为绳上的一点，且OA两点间水平距离，B为OA的中点，已知第15页/共20页

O点的振动方程为，求（1）该机械波的波长；（2）A点开始振动时B点运动的总路程。【答案】（1）4m（2）0.75m【解析】【小问1详解】由O点的振动方程，可得振动角频率周期代入，得振动周期波长代入、，解得【小问2详解】波传到A点的时间OB间距，波传到B点的时间A点开始振动时，B点已振动的时间振幅，质点一个周期内振动路程为，且所有质点起振方向与O点一致（沿y时间内从平衡位置运动到最高点，路程为，总路程14.竖直平面内固定放置一半径为R的光滑的圆轨道，圆轨道下端有一小口，圆轨道空间有竖直向下的场强为Em度，使它从最低点A进入圆轨道，如图所示，重力加速度g。第16页/共20页

（1）若小球最高到达与圆心等高的B点，求的大小；（2）若小球恰好能做完整的圆周运动，求的大小；（3）当时，求小球转过多大角度时开始不做圆周运动。【答案】（1）（2）（3）转过（或弧度）时开始不做圆周运动【解析】【小问1详解】已知条件因此小球受到竖直向下