湖北省部分省级示范高中2025-2026学年高二下学期期中测试物理试卷(含答案)

高二物理试卷一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10小题有多项符合题目要求。每小题选对得4分，选对但不全得2分，选错或不作答得0分。1．已知振荡电路周期为，有一个LC接收电路，原来接收较低频率的电磁波，现在要想接收较高频率的电磁波，下列调节正确的是（）A．把可动电容器的正对面积适当减小 B．使用调频的调制方式C．增加电源电压 D．在线圈中插入铁芯2．如图所示，三角形金属线圈放置在桌面上，匀强磁场垂直桌面竖直向上，MN与线圈AB边共线，在线圈以MN为轴转过的过程中，下列关于线圈中电流方向说法正确的是（）A．先由再由B．先由再由C．始终为D．始终为3．如图1所示，某智能手表正准备进行无线充电，送电线圈接有电阻，受电线圈接有电阻，送电线圈和受电线圈的匝数比，此时智能手表处于“超级充电”模式，当送电线圈接入如图3所示的交流电源后，其两端的电压为20V，受电线圈中充电电流为4A，充电装置线圈可视为理想变压器则下列说法正确的是（）A．送电线圈两端电压为220VB．送电线圈所接电阻C．此充电器在“超级快充”模式下，耗电功率为220WD．受电线圈中的感应电流的磁场总是与供电线圈中电流的磁场方向相反4．某同学用如图所示的电路研究断电自感现象。闭合开关S，小灯泡A发光；再断开S，小灯泡A闪亮一下后渐渐熄灭。你认为有可能造成小灯泡A闪亮的原因是（）A．电源的电动势较大 B．线圈L的直流电阻较大C．小灯泡A的灯丝断了 D．小灯泡A灯丝电阻较大5．电子眼系统通过路面下埋设的感应线来感知汽车的压力。感应线是一个压电薄膜传感器，压电薄膜在受压时两端产生电压，压力越大电压越大。压电薄膜与电容器C、电阻R组成图甲所示的回路，红灯亮时，如果汽车的前、后轮先后经过感应线，回路中产生两个脉冲电流，如图乙所示，即视为“闯红灯”，电子眼拍照。则红灯亮时（）A．车轮停在感应线上后，电阻R上有恒定电流B．车轮经过感应线的过程中，电容器先充电后放电C．车轮经过感应线的过程中，电阻R上的电流一直增大D．汽车前轮刚越过感应线，又倒回到线内，不会被电子眼拍照6．如图所示，“凹”字形金属线框右侧有一宽度为3L的匀强磁场区域，磁场方向垂直于纸面向里。线框在纸面内向右匀速通过磁场区域，时，线框开始进入磁场。设顺时针方向为感应电流的正方向，则线框中感应电流随时间变化的图像可能正确的是（）A． B． C． D．7．如图所示，光滑绝缘水平面上宽度为L的区域内存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B，用一根均匀的金属丝围成周长为4L的单匝正方形线框，以初速度为，边平行磁场边界进入磁场，线框完全离开磁场时的速度是。若用一根同样的金属丝围成一个单匝矩形线框，其长边长度为，保持长边与磁场边界平行，以同样的初速度进入磁场，则矩形线框完全离开磁场时的速度为（）A． B． C． D．8．如图所示，图线是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生的正弦交流电的图像，当调整线圈转速后，所产生的正弦交流电的图像如图线所示，以下说法中正确的是（）A．在图中时刻线圈平面平行于匀强磁场B．线圈先后两次转速之比为C．交流的电压有效值为D．交流的电压最大值为9．关于电磁波，下列说法正确的是（）A．电磁波在真空中的传播速度与电磁波的频率无关B．电磁波在真空中传播时，其传播方向与电场强度、磁感应强度方向均垂直C．利用电磁波传递信号可以实现无线通信，但电磁波不能通过电缆、光缆传输D．电磁波可以由电磁振荡产生，若波源的电磁振荡停止，空间的电磁波随即消失10．为了测量列车运行的速度和加速度大小，可采用如图1所示的装置，它由一块安装在列车车头底部的强磁体和埋设在地面的一组线圈及电流测量记录仪组成（测量记录仪未画出）。当列车经过线圈上方时，线圈中产生的电流被记录下来，就能求出列车的速度和加速度。如图2所示为铁轨和列车的俯视图，假设磁体端部磁感应强度，且全部集中在端面范围内，与端面垂直，磁体沿铁轨方向的宽度与线圈宽度相同，线圈的匝数，垂直于铁轨方向长，电阻（包括引出线的电阻），测量记录仪自身电阻，其记录下来的电流—位置关系图，即图如图3所示。则下列说法正确的（）A．当磁场区域的右边界刚离开线圈Ⅰ时，线圈Ⅰ的电流沿顺时针方向（俯视图）B．列车通过线圈Ⅰ的速度C．列车通过线圈Ⅱ时的速度D．假设列车做的是匀加速直线运动，则列车在两个线圈之间的加速度约为二、实验题：本题共2小题，共16分。11．（8分）物理实验课上，同学们用可拆变压器探究“变压器的电压与匝数的关系”。可拆变压器如图甲、乙所示。（1）下列说法正确的是___________。A．为确保实验安全，实验中要求原线圈匝数小于副线圈匝数B．变压器原线圈接低压交流电时，可以用多用电表的“直流电压挡”测量副线圈电压C．研究副线圈匝数对副线圈电压的影响时，需保持原线圈电压、匝数不变，改变副线圈的匝数D．测量副线圈电压时，先用中间挡位的量程试测，大致确定后再选用适当的挡位（2）变压器铁芯是由相互绝缘的薄硅钢片平行叠压而成的，而不是采用一整块硅钢，这样设计的原因是___________。A．增大涡流，提高变压器的效率B．减小涡流，提高变压器的效率C．增大铁芯中的电阻，以产生更多的热量（3）一位同学实验时，发现两个线圈的导线粗细不同。他选择的原线圈为800匝，副线圈为400匝，原线圈接学生电源的正弦交流输出端“6V”挡位，测得副线圈的电压为3.2V。则下列分析正确的是___________。A．原线圈导线比副线圈导线粗B．学生电源实际输出电压大于标注的“6V”C．原线圈实际匝数与标注的“800”不符，应小于800D．副线圈实际匝数与标注的“400”不符，应小于40012．（8分）某实验小组使用如图所示的器材探究“电磁感应现象”中影响感应电流方向的因素。（1）实验前___________（选填“需要”或“不需要”）判明电流表指针的偏转方向和电流方向之间的关系；（2）实验时，闭合开关前滑动变阻器的滑片应位于___________端（选填“左”或“右”），当闭合开关时，发现灵敏电流计的指针右偏。指针稳定后，迅速将滑动变阻器的滑片P向左移动时灵敏电流计的指针___________（选填“左偏”“不动”或“右偏”）。（3）该组同学经过以上实验探究，对家中“自发电无线门铃按钮原理进行研究，其“发电”原理如图乙所示，按下门铃按钮过程，磁铁靠近螺线管；松开门铃按钮过程，磁铁远离螺线管回归原位，下列说法正确的是（）A．按下按钮时，门铃会响B．按住按钮不动，门铃会响C．按下和松开按钮过程，通过门铃的感应电流大小一定相等三、计算题：本题共3小题，共44分，请规范作答，写出必要的表达式和推理过程，仅给出结果不得分。13．（10分）如图所示，匝的矩形线圈，边长，边长，放在磁感应强度的匀强磁场中，使线圈绕垂直于磁感线的中轴以的转速匀速转动，线圈电阻，外电路电阻，时线圈平面与磁感线平行，ab边正转出纸外、cd边转入纸里。求：（1）感应电动势的瞬时值表达式；（2）线圈转一圈过程中整个电路产生的焦耳热（取）。14．（16分）如图所示，两根足够长平行金属导轨、固定在倾角的绝缘斜面上，顶部接有一阻值的定值电阻，下端开口，轨道间距。整个装置处于磁感应强度的匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向上。质量的金属棒ab置于导轨上，ab在导轨之间的电阻，电路中其余电阻不计。金属棒ab由静止释放后沿导轨运动时始终垂直于导轨，且与导轨接触良好。不计空气阻力影响。已知金属棒ab与导轨间动摩擦因数，，，取。（1）求金属棒ab沿导轨向下运动的最大速度；（2）若从金属棒ab开始运动至达到最大速度过程中，电阻R上产生的焦耳热为2J，求：①该过程中导体棒下滑的位移x的大小。②流过电阻R的总电荷量q。15．（18分）如图所示，平行倾斜光滑导轨与足够长的平行水平光滑导轨平滑连接，导轨电阻不计。质量分别为和的金属棒b和c静止放在间距为L的水平导轨上，b、c两棒均与导轨垂直且两金属棒电阻均为R。图中de虚线往右有范围足够大、方向竖直向上的匀强磁场，磁感应强度为B。质量为的绝缘棒a垂直于倾斜导轨静止释放，释放位置与水平导轨的高度差为h。已知绝缘棒a滑到水平导轨上与金属棒b发生弹性正碰，金属棒b进入磁场后始终未与金属棒c发生碰撞。重力加速度为g，求：（1）绝缘棒a与金属棒b发生弹性正碰后分离时两棒的速度大小；（2）金属棒b进入磁场后，其加速度为其最大加速度的时的速度大小；（3）金属棒c初始位置距离磁场边界de的最小距离为多少？

2025～2026学年下学期高二期中测试物理参考答案一、选择题题号12345678910答案ACCDBADBCABBD二、实验题：本题共2小题，共16分。11．（8分）C（2分）B（2分）BC（4分，选对一个得2分，选错或不选得0分）12．（8分）(1)需要（2分）(2)右（2分）右偏（2分）(3)A（2分）三、计算题：本题共3小题，共44分，请规范作答，写出必要的表达式和推理过程，仅给出结果不得分。13．（10分）【答案】（1）e=314cos100【详解】(1)角速度与转速的关系为所以线圈的角速度为 2分感应电动势的最大值为Em=NBSω=50×0.4×0.2×0.25×100π(V)=100π(V)所以感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSωcosωt=100π(2)电动势的有效值 1分线圈匀速转动的周期 1分线圈转动一圈 2分代入数据得Q=100J 1分14．（16分）【答案】(1)3m/s。(2)①3m②【解析】：(1)金属棒由静止释放后，在重力、支持力、安培力、滑动摩擦力下沿斜面向下做变加速运动，加速度不断减小，当加速度为零时达到最大速度vm，之后保持匀速运动。如图所示，由平衡条件有：mgsinθ=F+f 又金属棒ab受到的安培力：F=BIL 滑动摩擦力：f=μmgcosθ 根据闭合电路欧姆定律得：I=ER+r 由法拉第电磁感应定律得E=BLvm 联立解得：vm=3m/s (2)①ab棒上产生的热量为：Qr=rRQR=12设此过程中ab棒下滑的距离为x，根据能量守恒得：mgxsinθ=QR+Qr+μmgxcosθ解得：x=3 m ②流过电阻R的总电荷量q=I-t=E-tR+解得q=2 C 15．【答案】．(1)，(2)3(3)【详解】（1）a棒下滑过程中，由机械能守恒得 1分a棒与b棒发生弹性碰撞，设碰后分离时两棒的速度大小分别为v1、v2；由动量守恒和机械能守恒可得 1分 1分联立解得 1分 1分（2）设b棒进入磁场后某时刻，b棒的速度为vb，c棒的速度为vc，则b、c组成的回路中的感应电动势为E=BLvb-vc 由闭合电路欧姆定律得 1分根据牛顿第二定律可得 1分联立得a=B2L2(vb-vc)2mR b棒刚进磁场的加速度最大；当b棒加