湖南省百师联盟2026届高三下学期5月三模考试物理+答案

第1页(共8页)③N第2页(共8页)时间75分钟，满分100分一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。2.2026年3月30日，中科宇航力箭二号遥一运载火箭在东风商业航天创新试验区成功发射，将新征程01卫星、新征程02卫星和天视卫星01星送入预定轨道，发射任务取得成功。若某卫星在半径为r的圆轨道上以周期T绕地球运行，已知引力常量为G,地球半B.该卫星做圆周运动的速度可能大于7.9km/s3.某微创医疗内窥镜的前端光传输模块采用偏心月牙形透明光学元件，成，内轮廓圆弧圆心为O₁,半径为r,外轮廓圆弧圆心为O₂,半径为入元件的光线在外轮廓的A点恰好发生全反射，已知O₂A与O₁O₂5.如图所示，虚线下方存在垂直纸面向里且范围足够大的匀强磁场。正方形金属导体框律为y=20sin(πt)cm。已知导体框边长为20cm,磁感应强度大小为B=2T,导体框电阻为4Ω,则产生的交变电流的有效值为A.0.01√2πAB.0.01πAC.0.02√2πA第3页(共8页)③N第4页(共8页)二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得A.包裹与托盘间的动摩擦因数为tanθD.B点的电场强度大小为,方向从O指向B左边界上，导线框质量为m,电阻为R。某时刻给导线框瞬时冲量使其沿x轴做减速运甲第5页(共8页)③N第6页(共8页)三、非选择题：本题共5小题，共57分。11.(7分)现有两个滑块A、B,滑块A的标称质量为10g,滑块B的质量未知。某同学利用如图所示的气垫导轨通过闪光照相测量滑块B的质量。果保留一位有效数字),在第1次闪光后s(结果保留一位有效数字)发生碰撞，电源E(电动势4.5V,内阻可忽略)电流表A₁(量程0～0.6A,内阻r₁=1.0Ω)电压表V(量程0～3V,内阻约为5kΩ)滑动变阻器R₁(0～5Ω)滑动变阻器R₂(0～1000Ω)甲(3)请根据(2)中要求，选出最合适的实验电路图0CDBACDB大气压强恒为po,活塞a、b的横截面积均为S,重力加速度为g,不计电阻丝及销钉体第7页(共8页)③N第8页(共8页)速度选择器的两极板间的电场强度大小为E,磁感应强度大小为B₁,方向垂直纸面向分离子通过小孔O′后进入分离器的偏转磁场中。(2)求分离器中磁感应强度大小B₂;(未被栓接)。一质量m₃=2kg的小车静止在水平地面上，左端紧靠水平轨道ab,小车上表面与水平轨道ab等高，在小车右侧的水平地面上静置一质量m₄=2kg的物块C。程中，物块B未从小车上滑落。已知物块B与小车上表面间的动摩擦因数μ₁=0.2,物块C与水平地面间的动摩擦因数μ2=0.1,取重力加速度g=10m/s²,不计小车与水平(1)物块A运动到半圆轨道最低点a时速度大小及所受物理参考答案及评分意见1.B【解析】从n=3跃迁到n=1放出的光子能量E₃=E₃—E₁=12.09eV>W。,从n=3跃迁到n=2放出的光子能量E₃=E₃—E₂=1.89eV<W。,从n=2跃迁到n=1放出的光子能量E₂=E₂—E₁=10.2eV>W。,则这些原子跃迁过程中有2种频率的光可使该钨发生光电效应，B正确。2.C【解析】该卫星的发射速度大于7.9km/s小于11.2km/s,A错误；该卫星做圆周运动的速度不可能大于的体积,解得,D错误。4.C【解析】将小球的运动分解，小球在沿底边AB方向不受力，做匀速直线运动，设小球运动时间为t,则t=,在斜面内垂直底边方向，小球初速度vy=vosinθ,加速度大小为,又,解最大电流.02πAA,根据有效值定义可知,解得I=0.01πA,B正确。6.D【解析】根据图像可知，波长λ=4m,由得周期T=1s,乙波波形传播到x=-4m处需要的时间t₁=1.5s,对于甲波来说，x=-4m处的质点在t=0时刻振动方向沿—y方向,所以该质点在1.5s时位于平衡位置且沿+y方向振动，而对于乙波来说，波形传播到x=—4m处时振动方向沿甲波传播到x=2m处，此时沿+y方向振动，t₂=T,乙波在该点振动方向沿—y方向，即两列波叠加稳定后x=2m处的质点为振动减弱点，振幅为1cm,t₂=1s时，该质点在平衡位置且振动方向沿—y方向，再经t₃=,质点应位于波谷y=-1代入可得，,波源S₁的振动方程为y=点的路程s₁=5Az=10cm,△t₁时刻，两波均带动质点沿+y方向振动，两列波叠加稳定后x=3m处的质点为7.A【解析】当青铜鼎速度最大时，加速度为0,设两段绳子与竖直方向夹角为α,根据受力平衡有2mgcosa=Mg,解得α=60°,该过程青铜鼎上升高度n,祈福铃下降高度(3—√3)m,根据机械能守恒和关联速度，有,联立可得v=2√20—10√38.AC【解析】包裹恰好下滑时，根据共点力平衡条件有mgsinθ=μmgcosθ,解得μ=tanθ,A正确；托盘倾角缓慢增至θ过程中，托盘对包裹的支持力做正功，B错误；托盘倾角缓慢增至θ过程中，托盘对包裹的摩擦力f=mgsinθ,随着θ变大，摩擦力逐渐变大，C正确；包裹始终处于平衡状态，所受合外力为零，所以托盘对包裹9.BD【解析】根据电场强度叠加可知，O点的电场强度为零，从O点沿中垂线到无穷远处电势逐渐降低，取无穷远处电势为零，所以O点电势大于零，A错误；上底面边缘各点电势相等，所以电场力不系可知，OB长度为2r,O₁O₂=2r,cos∠O₁,设在O₁O₂中垂线上D点电场强度最大，设述分析可知),代数可得,方向从O指向B,D正确。可,导线框所受安培力的大小为,加速度大小为,即导线框的加导线框由动量定理得一·△t=m△v,对运动过程的全段时间求和得一,解得,C错误；设导线框的位移是最大距离的时，导线框的速度为v,由动量定理得m(v—vo),解得,根据能量守恒可得电功率等于此时安培力的功率即11.(1)水平(1分)(2)1(2分)0.5(2分)15(2分)(2)碰撞前，滑块A的速度图可知，滑块B一开始时静止在x=60cm处，第三次闪光后，滑块A向前运动10cm后与滑块B相撞，用时0.1s,故在第1次闪光后0.5s发生碰撞；碰撞后A、B的速度.5m/s,,由动量守恒有mAUA=mAUA2+mBUB2,代入数据解12.(1)0.400(或0.399、0.401)(2分)(2)A₁(1分)R₁(1分)(3)A(2分)(4)9.0(2分)2.8×10-6(2分)【解析】(1)由图可知，电阻丝的直径D=(2)电路中的最大电流,为了减小读数误差，所以选A₁;电压、电流需要从零调节，滑动变阻器用分压式接法，需要用小阻值的滑动变阻器，故选R₁。(3)因为A₁内阻已知，所以电流表内接可消除系统误差，滑动变阻器用分压式接法，A正确。(4)根据U-I图像可得,根据,代数可得p≈2.8×10⁻⁶Ω·m。【解析】(1)初态时，对活塞b受力分析得mgsinθ+poS=1.2p₀S(1分)则有设温度为T时活塞a刚好要向上移动，当活塞a刚好要移动时，将两活塞作为整体，受力分析得解得p₁=1.4p。对气体A,由查理定律得(1分)解得T=350K<360K也不变。设稳定后活塞a到汽缸底部的距离为1,对气体A,由理想气体状态方程得所以活塞b到顶部的距离(1分)(2)当气体B的压强达到p₂=1.6p。时，对气体B由玻意耳定律得(1分)设此时气体A的压强为p2,对活塞a受力分析，由平衡条件得对气体A,根据理想气体状态方程得解得此时气体A的温度T₂=1012.5K(1分)【解析】(1)离子在速度选择器中做匀速直线运动，有qv₀B(2)离子在分离器中做匀速圆周运动，有((3)从O点入射的离子速度满足(vo—△v)≤v≤(v₀+△v)时，可将粒子在速度选择器中的运动分解为一个速度为v。的匀速直线运动和另一个速度大小在一△v~△v范围内的匀速圆周运动，即粒子在速度选择器中做螺旋线运动设对应的最大半径为R,则有(1分)离子刚好不与极板接触，则d=4R(1分)解得(1分)根据题意可知v₁=v。+△v、v2=v。—△v的离子均能通过O'孔进入分离器分别做匀速圆周运动，对应的半径分别设为r₁、r₂,有(1分)则感光区域的宽度D=2(r₁—r2)(1分)解得(1分)【解析】(1)物块A恰好通过圆周运动的最高点，重力提供圆周运动的向心力，则有对物块A由a到d,由动能定理可得a点对物块A分析有解得va=4m/s(1分)由能量守恒可得(1分)联立以上方程可得Ep=30J(1分)(3)设物块B冲上小车后与小车达到的共同速度的大小为v₁,由动量守恒定律可得m2vo=(m₂+m₃)v₁(1分)小车与物块C发生弹性碰撞，根据动量守恒和机械能守恒可得(1分)解得vc₁=v₁=2