2026年安徽省淮北十二中高考物理质检试卷（一）（含答案）

第=page11页，共=sectionpages11页2026年安徽省淮北十二中高考物理质检试卷（一）一、单选题：本大题共8小题，共32分。1.有关近代物理学知识，下列说法正确的是(

)A.在α粒子散射实验中，少数α粒子穿过金箔后发生大角度散射是因为跟电子发生了碰撞

B.铀238的半衰期是45亿年，故经过45亿年，6个铀238必定有3个发生衰变

C.一个处于n=3能级的氢原子跃迁时最多可以产生3种频率的光子

D.不同频率的光照射同一种金属产生光电效应时，频率越高，光电子的最大初动能越大2.如图所示，质量均为m的a、b两小球用不可伸长的等长轻质绳子悬挂起来，使小球a在竖直平面内来回摆动，小球b在水平面内做匀速圆周运动，连接小球b的绳子与竖直方向的夹角和小球a摆动时绳子偏离竖直方向的最大夹角都为θ，重力加速度为g，则下列说法正确的是(

)A.a、b两小球都是所受合外力充当向心力

B.a、b两小球圆周运动的半径之比为tanθ

C.小球b受到的绳子拉力大小为mgcosθ

D.小球a3.下列说法正确的是(

)A.可视为理想气体的相同质量和温度的氢气与氧气相比，平均动能一定相等，内能一定不相等

B.某理想气体的摩尔体积为V0，阿伏加德罗常数为NA，则该理想气体单个的分子体积为V0NA

4.某理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=311：11，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，电路如图乙所示，P为滑动变阻器滑片，电表均为理想交流电表。闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P从最上端往下滑的过程中，下列说法正确的是A.电流表的示数增大 B.电压表的示数为11V

C.副线圈输出电压的频率为100Hz D.变压器的输入功率减小5.我国是全球唯一掌握超特高压直流输电技术的国家。如图是特高压直流输电系统的模拟图(只显示变压与传输部分)，则以下说法正确的是(

)A.题中描述的“特高压直流输电”，说明变压器可以直接对直流电进行变压作用

B.变压器在升压过程中频率随着电压的增大而升高

C.在输电功率一定条件下，输电电压提高十倍，线路损耗功率将降低为原来的一百分之一

D.在如图中，用户接入电路的用电器越多，流过降压变压器副线圈的电流越大，由匝数比等于电流的反比可知，流过电阻r的电流变小6.如图所示，下列有关生活中圆周运动实例分析，其中说法正确的是(

)

A.甲图中，汽车通过凹形桥的最低点时，速度不能超过gR

B.乙图中，“水流星”匀速转动过程中，在最低处水对桶底的压力最大

C.丙图中，火车转弯超过规定速度行驶时，内轨对内轮缘会有挤压作用

D.丁图中，同一小球在光滑而固定的圆锥筒内的A、B位置先后分别做匀速圆周运动，则在A、B7.如图所示，实线为负点电荷的一条电场线，负点电荷位于电场线的一端。A、B、C为电场线上的三点，且AB=BC，虚线为电子仅在电场力作用下的运动轨迹。关于A、B、C三点电场强度E、电势φ的判断正确的是(

)A.EA<EBC.φA>φ8.如图所示，将边长为L=40cm的正方形导线框放置在B=0.5T的匀强磁场中。已知磁场方向与水平方向成37°角，线框电阻为R=0.4Ω，则线框绕其一边从如图所示的水平位置转至竖直位置的过程中，通过导线横截面的电荷量为(sin37°=0.6,cos37°=0.8)(

)A.0.04C

B.0.24C

C.0.28C

D.0.32C二、多选题：本大题共2小题，共10分。9.如图所示，在“嫦娥”探月工程中，设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g0.飞船在半径为4R的圆形轨道Ⅰ上运动，到达轨道的A点时点火变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达轨道的近月点B时，再次点火进入近月轨道Ⅲ绕月做圆周运动，则(

)A.飞船在轨道Ⅲ的运行速率大于g0R

B.飞船在轨道Ⅰ上运行速率小于在轨道Ⅱ上B处的速率

C.飞船在轨道Ⅰ上的加速度小于在轨道Ⅱ上B处重力加速度

D.飞船在轨道Ⅰ、轨道Ⅲ上运行的周期之比有TI10.如图所示，间距为2m的平行光滑金属导轨M1N1、M2N2和间距为1m的平行光滑金属导轨P1Q1、P2Q2固定在绝缘水平面上，N1、P1、P2、N2四个点在同一直线上，M1、M2之间连接一电容为0.1F的电容器(耐压值足够大)，质量均为0.6kg、长度均为2m的金属棒ab和cd分别静止在左右导轨上，整个装置处于方向竖直向上、磁感应强度大小为1T的匀强磁场中。现给ab棒施加一水平向右的恒力F=2N，经过2s的时间到达N1、N2A.金属棒ab到达N1、N2处的速度大小为4m/s

B.整个运动过程通过金属棒cd的电荷量为1.2C

C.整个运动过程金属棒cd产生的焦耳热为2.4J

D.金属棒ab在导轨P1Q三、实验题：本大题共2小题，共18分。11.为探究向心力大小与半径、角速度、质量的关系，小明按如图装置进行实验，物块放在平台卡槽内，平台绕轴转动，物块做匀速圆周运动，平台转速可以控制，光电计时器可以记录转动快慢。

(1)为了探究向心力与角速度的关系，需要控制______保持不变，小明由计时器测转动的周期T，计算ω2的表达式是______。

(2)小明按上述实验将测算得的结果用作图法来处理数据，如图所示纵轴F为力传感器读数，横轴为ω2，图线不过坐标原点的原因是______，用电子天平测得物块质量为1.50kg，直尺测得半径为50.00cm，图线斜率大小为______(结果保留两位有效数字)。12.某实验小组设计了如图甲所示的电路，用来测量电源的电动势和内阻。实验器材有：待测电源、电流表(内阻为rA)、定值电阻R0、材质均匀的四分之一圆弧形变阻器MN、变阻器上有可指示滑片转过角度θ(弧度)的刻度盘、两个规格相同的灯泡L、开关、导线若干等。

(1)先断开开关S，用多用电表测量电路中圆弧形变阻器MN的总电阻R，正确的操作规范：使用前应该调整部件(    )，使指针指到表盘(    )的零刻度；使用时调节部件K至如图乙所示的挡位，将红、黑表笔短接，旋动部件(    )，使指针指到表盘(    )的零刻度。有关上述操作括号空白处，依次应填入的是

。

A.T、左端、S、右端

B.T、右端、S、左端

C.S、左端、T、右端

D.S、右端、T、左端

(2)进行上述操作后，将红黑表笔接在圆弧形变阻器M、N两端时，指针如图丙所示，读数为

Ω；测试完毕后移走并关闭多用电表，然后闭合电路开关，转动滑片，记录下不同角度θ对应的电流表示数I，以电流的倒数1I为纵坐标，以角度θ(弧度)为横坐标，作出图丁，已知图线的斜率为k，纵轴截距为b，则待测电源的电动势为E=

，内阻r=

(用斜率k、b、R0、rA、R表示)。

(3)小组同学根据上述实验操作，测得电源的电动势为2.0V、内阻为2.0Ω；并继续开展实验，将两个规格相同的灯泡L并联后，与定值电阻R0=1.0Ω串接到此电源上，如图己所示。所接灯泡L的伏安特性曲线如图戊，根据图像可得整个电路实际消耗的总功率约为

四、简答题：本大题共3小题，共40分。13.如图所示，一根一端封闭粗细均匀细玻璃管AB开口向上竖直放置，管内用高h=15cm的水银柱封闭了一段长L=31cm的空气柱。已知外界大气压强为p0=75cmHg，封闭气体的温度为T1=310K，g取10m/s2，则：

(1)若玻璃管AB长度为L0=50cm，现对封闭气体缓慢加热，则温度升高到多少时，水银刚好不溢出？

(2)若玻璃管AB

14.如图，在空间直角坐标系O−xyz中，界面I与Oyz平面重叠，界面Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ相互平行，且相邻界面的间距均为L，与x轴的交点分别为O、O1、O2；在界面Ⅰ、Ⅱ间有沿y轴负方向的匀强电场E，在界面Ⅱ、Ⅲ间有沿z轴正方向的匀强磁场B。一质量为m、电量为+q的粒子，从y轴上距O点L2处的P点，以速度v0沿x轴正方向射入电场区域，该粒子刚好从点O1进入磁场区域。粒子重力不计。求：

(1)电场强度E的大小；

(2)要让粒子刚好不从界面Ⅲ15.如图所示，“L”型平板B静置在地面上，物块A处于平板B上的O′点，O′点左侧粗糙、右侧光滑，光滑部分的长度d=3.75m。用不可伸长的长度为L=7.2m的轻绳将质量为m=0.1kg的小球悬挂在O′点正上方的O点。轻绳处于水平拉直状态，小球可视为质点，将小球由静止释放，下摆至最低点时轻绳拉断、小球与小物块A碰撞后瞬间结合成一个物体C，之后C沿平板滑动直至与B右侧挡板发生弹性碰撞。已知A的质量mA=0.1kg，B的质量mB=0.6kg，C与B的动摩擦因数μ1=0.4，B与地面间的动摩擦因数μ2=0.3，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2，整个过程中C始终在B上，所有碰撞时间忽略不计，不计空气阻力，求：

(1)轻绳被拉断前瞬间绳对小球的拉力大小；

(2)C与B的挡板碰撞后，二者的速度大小vC与vB

参考答案1.D

2.C

3.A

4.A

5.C

6.B

7.D

8.C

9.BC

10.ABC

11.质量和半径

ω2=4π212.C112R2Rb0.96W

13.解：(1)设玻璃管的横截面积为S，玻璃管内气体发生等压变化，由盖−吕萨克定律得：

LST1=(L0−h)ST2

代入数据解得：T2=350K

(2)初状态，气体的压强为p1=75cmHg+15cmHg=90cmHg

末状态，气体的压强为p3=75cmHg−15cmHg=60cmHg

由理想气体状态方程得：p1LST114.解：(1)粒子在电场区域做类平抛运动，设电场中粒子加速度为a，沿z轴正方向看，粒子的运动轨迹如图所示：

由牛顿第二定律得：

qE=ma

粒子从O1点进入磁场，根据类平抛运动规律，则有：

L=v0t

L2=12at2

解得：E=mv02qL；

(2)设粒子到O1点时的速度大小为v，方向与x轴夹角为θ，如图所示，则有：

vy=at

v=v02+vy2

tanθ=vyv0

解得：θ=45°，v=2v0

在磁场区域，粒子做匀速圆周运动，粒子刚好不从界面Ⅲ飞出，其轨迹恰好与界面Ⅲ15.解：(1)设小球摆动到最低点时速度大小为v0，则由动能定理得：mgL=12mv02

解得：v0=12m/s

在最低点绳被拉断前瞬间：T−mg=mv02L

解得：T=3N

(2)小球与物块A结合成物块C，设C的速度为v，则

以向右为正，动量守恒有：mv0=(m+mA)v

解得：v=6m/s

之后，C在B上滑动，直到与B右侧的挡板发生弹性碰撞，对碰撞过程

以向右为下正，动量守恒：(m+mA)v=(m+mA)vC+mBvB

机械能守恒有：12(m+mA)v2=12(