2026届高考考前最后一卷：物理真题重组（新高考适用）（全解全析）

2/22026年高考真题重组卷（新高考通用）物理·全解全析注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1--7题只有一项符合题目要求，每小题4分，第8--10题有多项符合题目要求。每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。1．（2025·黑吉辽蒙卷·高考真题）如图，利用液导激光技术加工器件时，激光在液束流与气体界面发生全反射。若分别用甲、乙两种液体形成液束流，甲的折射率比乙的大，则（

）A．激光在甲中的频率大 B．激光在乙中的频率大C．用甲时全反射临界角大 D．用乙时全反射临界角大【答案】D【详解】AB．激光在不同介质中传播时，其频率不变，故AB错误；CD．根据，甲的折射率比乙的大，则用乙时全反射临界角大，故C错误，D正确。故选D。2．（2025·广东·高考真题）有甲、乙两种金属，甲的逸出功小于乙的逸出功。使用某频率的光分别照射这两种金属，只有甲发射光电子，其最大初动能为，下列说法正确的是（

）A．使用频率更小的光，可能使乙也发射光电子B．使用频率更小的光，若仍能使甲发射光电子，则其最大初动能小于C．频率不变，减弱光强，可能使乙也发射光电子D．频率不变，减弱光强，若仍能使甲发射光电子，则其最大初动能小于【答案】B【详解】A．某频率的光不能使乙金属发生光电效应，说明此光的频率小于乙金属的截止频率，则换用频率更小的光不能发生光电效应，A错误；B．由光电效应方程可知频率越大最大初动能越大，换用频率更小的光最大初动能小于，B正确；C．频率不变则小于乙金属的截止频率，不会发生光电效应，C错误；D．由可知频率不变最大初动能不变，D错误。故选B。3．（2024·湖北·高考真题）如图所示，有五片荷叶伸出荷塘水面，一只青蛙要从高处荷叶跳到低处荷叶上。设低处荷叶a、b、c、d和青蛙在同一竖直平面内，a、b高度相同，c、d高度相同，a、b分别在c、d正上方。将青蛙的跳跃视为平抛运动，若以最小的初速度完成跳跃，则它应跳到（）A．荷叶a B．荷叶b C．荷叶c D．荷叶d【答案】C【详解】青蛙做平抛运动，水平方向匀速直线，竖直方向自由落体则有；可得因此水平位移越小，竖直高度越大初速度越小，因此跳到荷叶c上面。故选C。4．（2025·广东·高考真题）关于受迫振动和多普勒效应，下列说法正确的是（

）A．系统的固有频率与驱动力频率有关B．只要驱动力足够大，共振就能发生C．应用多普勒效应可以测量车辆的速度D．观察者与波源相互远离时，接收到的波的频率比波源的频率大【答案】C【详解】A．系统的固有频率只与系统本身有关，与驱动力频率无关，A错误；B．只有驱动力频率与系统固有频率相同时，共振才能发生，B错误；CD．根据多普勒效应可知观察者与波源相互远离时，接收到的波的频率比波源的频率小，观察者与波源相互靠近时，接收到的波的频率比波源的频率大，所以应用多普勒效应可以测量车辆的速度，C正确，D错误。故选C。5．（2023·广东·高考真题）如图所示，可视为质点的机器人通过磁铁吸附在船舷外壁面检测船体。壁面可视为斜面，与竖直方向夹角为。船和机器人保持静止时，机器人仅受重力、支持力、摩擦力和磁力的作用，磁力垂直壁面。下列关系式正确的是（

）

A． B． C． D．【答案】C【详解】如图所示，将重力垂直于斜面方向和沿斜面方向分解

AC．沿斜面方向，由平衡条件得；故A错误，C正确；BD．垂直斜面方向，由平衡条件得；故BD错误。故选C。6．（2024·辽宁·高考真题）在水平方向的匀强电场中，一带电小球仅在重力和电场力作用下于竖直面（纸面）内运动。如图，若小球的初速度方向沿虚线，则其运动轨迹为直线，若小球的初速度方向垂直于虚线，则其从O点出发运动到O点等高处的过程中（）A．动能减小，电势能增大 B．动能增大，电势能增大C．动能减小，电势能减小 D．动能增大，电势能减小【答案】D【详解】根据题意若小球的初速度方向沿虚线，则其运动轨迹为直线，可知电场力和重力的合力沿着虚线方向，又电场力方向为水平方向，根据力的合成可知电场力方向水平向右，若小球的初速度方向垂直于虚线，则其从O点出发运动到O点等高处的过程中重力对小球做功为零，电场力的方向与小球的运动方向相同，则电场力对小球正功，小球的动能增大，电势能减小。故选D。7．（2025·广东·高考真题）一颗绕太阳运行的小行星，其轨道近日点和远日点到太阳的距离分别约为地球到太阳距离的5倍和7倍。关于该小行星，下列说法正确的是（）A．公转周期约为6年B．从远日点到近日点所受太阳引力大小逐渐减小C．从远日点到近日点线速度大小逐渐减小D．在近日点加速度大小约为地球公转加速度的【答案】D【详解】A．根据题意，设地球与太阳间距离为，则小行星公转轨道的半长轴为由开普勒第三定律有；解得年；故A错误；B．从远日点到近日点，小行星与太阳间距离减小，由万有引力定律可知，小行星受太阳引力增大，故B错误；cC．由开普勒第二定律可知，从远日点到近日点，小行星线速度逐渐增大，故C错误。D．由牛顿第二定律有；解得；可知即小行星在近日点的加速度是地球公转加速度的，故D正确；故选D。8．（2025·陕晋青宁卷·高考真题）如图，光滑水平面上存在竖直向上、宽度d大于的匀强磁场，其磁感应强度大小为B。甲、乙两个合金导线框的质量均为m，长均为，宽均为L，电阻分别为R和。两线框在光滑水平面上以相同初速度并排进入磁场，忽略两线框之间的相互作用。则（

）A．甲线框进磁场和出磁场的过程中电流方向相同B．甲、乙线框刚进磁场区域时，所受合力大小之比为2：1C．乙线框恰好完全出磁场区域时，速度大小为0D．甲、乙线框从刚进磁场区域到完全出磁场区域产生的焦耳热之比为【答案】BD【详解】A．根据楞次定律，甲线框进磁场的过程电流方向为顺时针，出磁场的过程中电流方向为逆时针，故A错误；B．甲线框刚进磁场区域时，合力为，；乙线框刚进磁场区域时，合力为，；可知；故B正确；CD．假设甲乙都能完全出磁场，对甲根据动量定理有，同理对乙有，；解得，故甲恰好完全出磁场区域，乙完全出磁场区域时，速度大小不为0；由能量守恒可知甲、乙线框从刚进磁场区域到完全出磁场区域产生的焦耳热分别为，即；故C错误，D正确。故选BD。9．（2025·湖北·高考真题）在如图所示的输电线路中，交流发电机的输出电压一定，两变压器均为理想变压器，左侧升压变压器的原、副线圈匝数分别为n1、n2，两变压器间输电线路电阻为r。下列说法正确的是（）A．仅增加用户数，r消耗的功率增大 B．仅增加用户数，用户端的电压增大C．仅适当增加n2，用户端的电压增大 D．仅适当增加n2，整个电路消耗的电功率减小【答案】AC【详解】A．整个电路物理量标注如图设用户端总电阻为R用户，降压器输入端等效为电阻Rx，则有因为；其中I2=I3，则对于输电线有；联立整理可得仅增加用户数，则R用户减小，可知I2增大，根据；可知r消耗的功率增大，故A正确；B．仅增加用户数，I2增大，根据；可知U3减小，根据用户端的电压可知用户端的电压减小，故B错误；C．仅适当增加n2，根据；可知U2增大，根据可知I2增大，根据；可知U3增大，根据用户端的电压可知用户端的电压增大，故C正确；D．由C选项可知，仅适当增加n2，I2增大，整个电路消耗的电功率由于U2增大，故整个电路消耗的电功率变大，故D错误。故选AC。10．（2025·黑吉辽蒙卷·高考真题）如图（a），倾角为的足够长斜面放置在粗糙水平面上。质量相等的小物块甲、乙同时以初速度沿斜面下滑，甲、乙与斜面的动摩擦因数分别为、，整个过程中斜面相对地面静止。甲和乙的位置x与时间t的关系曲线如图（b）所示，两条曲线均为抛物线，乙的曲线在时切线斜率为0，则（

）A．B．时，甲的速度大小为C．之前，地面对斜面的摩擦力方向向左D．之后，地面对斜面的摩擦力方向向左【答案】AD【详解】B．位置与时间的图像的斜率表示速度，甲乙两个物块的曲线均为抛物线，则甲物体做匀加速运动，乙物体做匀减速运动，在时间内甲乙的位移可得可得时刻甲物体的速度为，B错误；A．甲物体的加速度大小为；乙物体的加速度大小为由牛顿第二定律可得甲物体同理可得乙物体；联立可得，A正确C．设斜面的质量为，取水平向左为正方向，由系统牛顿第二定理可得则之前，地面和斜面之间摩擦力为零，C错误；D．之后，乙物体保持静止，甲物体继续沿下面向下加速，由系统牛顿第二定律可得即地面对斜面的摩擦力向左，D正确。故选AD。二.实验题（本大题共2小题，共14.0分。第一小题8分，第二小题6分）11．（2025·湖北·高考真题）某同学利用如图（a）所示的实验装置来测量重力加速度大小g。细绳跨过固定在铁架台上不可转动的小圆柱体，两端各悬挂一个重锤。实验步骤如下：①用游标卡尺测量遮光片的宽度d。②将遮光片固定在重锤1上，用天平测量重锤1和遮光片的总质量m、重锤2的质量M（M>m）。③将光电门安装在铁架台上，将重锤1压在桌面上，保持系统静止，重锤2离地面足够高。用刻度尺测量遮光片中心到光电门的竖直距离H。④启动光电门，释放重锤1，用毫秒计测出遮光片经过光电门所用时间t。⑤根据上述数据求出重力加速度g。⑥多次改变光电门高度，重复步骤，求出g的平均值。回答下列问题：(1)测量d时，游标卡尺的示数如图（b）所示，可知______cm。(2)重锤1通过光电门时的速度大小为______（用遮光片d、t表示）。若不计摩擦，g与m、M、d、t、H的关系式为______。(3)实验发现，当M和m之比接近于1时，g的测量值明显小于真实值。主要原因是圆柱体表面不光滑，导致跨过圆柱体的绳两端拉力不相等。理论分析表明，圆柱体与绳之间的动摩擦因数很小时，跨过圆柱体的绳两端拉力差，其中是只与圆柱体表面动摩擦因数有关的常数。保持不变，其中，。足够小时，重锤运动的加速度大小可近似表示为。调整两重锤的质量，测得不同β时重锤的加速度大小a，结果如下表。根据表格数据，采用逐差法得到重力加速度大小______（保留三位有效数字）。β0.040.060.080.10a/（m/s2）0.0840.2810.4770.673【答案】(1)0.515；(2)；；(3)9.81【详解】（1）根据游标卡尺的读数规律，该游标卡尺的读数为（2）[1]根据光电门的测速原理，重锤1通过光电门时的速度大小为[2]对重锤1与重锤2构成的系统进行分析，根据系统机械能守恒定律有；其中；解得（3）由于是只与圆柱体表面动摩擦因数有关的常数，且有取表格从左至右四组数据分别为和对应的利用表格中的数据，根据逐差法有带入数据可则重力加速度12．（2025·陕晋青宁卷·高考真题）常用的电压表和电流表都是由小量程的电流表（表头）改装而成的，与电源及相关元器件组装后可构成多功能、多量程的多用电表。(1)某同学使用多用电表正确测量了一个的电阻后，需要继续测量一个阻值大约是的电阻。在用红、黑表笔接触这个电阻两端之前，请选出以下必要的操作步骤并排序：①把选择开关旋转到“”位置。

②把选择开关旋转到“”位置。③将红表笔和黑表笔接触。

④调节欧姆调零旋钮使指针指向欧姆零点。下列选项中正确的是_________。（单选，填正确答案标号）A．①③④ B．②③④ C．②④③ D．①④③(2)若将一个内阻为、满偏电流为的表头改装为量程的电压表，需要_________（填“串联”或“并联”）一个_________的电阻。(3)如图，某同学为探究由一个直流电源E、一个电容器C、一个电阻及一个电阻（）组成的串联电路中各元器件的位置，利用改装好的电压表分别测量各接线柱之间的电压，测得数据如表：接线柱1和22和33和41和42和41和3U/V01.5300.561.050.66根据以上数据可判断，直流电源E处于_________之间，电容器C处于_________之间，电阻处于_________之间。（填“1和2”“2和3”“3和4”或“1和4”）【答案】(1)B；(2)串联；；(3)2和3；1和4；1和2【详解】（1）要测量一个阻值约为的电阻，需要选择电阻“”挡，即把选择开关旋转到“”位置，后将红表笔和黑表笔短接，然后调节欧姆调零旋钮使指针指向欧姆零。故选B。（2）[1][2]将表头改装为电压表需要串联一个电阻，串联电阻的阻值为（3）[1][2][3]用电压表进行测量，电源两端电压最大，可知直流电源E处于2和3之间；接1和2、3和4时电压表示数为0，接1和4时电压表有示数，则1和2、3和4之间为电阻，电容器在1和4之间；接1和3时电压表示数比接2和4时小，则1和2之间的电阻阻值比3和4之间的大，即1和2之间电阻为，3和4之间电阻为。三、解答题（本大题共3小题，共40.0分。第一小题9分，第二小题14分，第三小题17分）13．（2024·湖北·高考真题）如图所示，在竖直放置、开口向上的圆柱形容器内用质量为m的活塞密封一部分理想气体，活塞横截面积为S，能无摩擦地滑动。初始时容器内气体的温度为，气柱的高度为h。当容器内气体从外界吸收一定热量后，活塞缓慢上升再次平衡。已知容器内气体内能变化量ΔU与温度变化量ΔT的关系式为，C为已知常数，大气压强恒为，重力加速度大小为g，所有温度为热力学温度。求（1）再次平衡时容器内气体的温度。（2）此过程中容器内气体吸收的热量。【答案】（1）；（2）【详解】（1）气体进行等压变化，则由盖吕萨克定律得即解得（2）此过程中气体内能增加气体对外做功大小为由热力学第一定律可得此过程中容器内气体吸收的热量14．（2024·湖北·高考真题）如图所示，水平传送带以5m/s的速度顺时针匀速转动，传送带左右两端的距离为。传送带右端的正上方有一悬点O，用长为、不可伸长的轻绳悬挂一质量为0.2kg的小球，小球与传送带上表面平齐但不接触。在O点右侧的P点固定一钉子，P点与O点等高。将质量为0.1kg的小物块无初速轻放在传送带左端，小物块运动到右端与小球正碰，碰撞时间极短，碰后瞬间小物块的速度大小为、方向水平向左。小球碰后绕O点做圆周运动，当轻绳被钉子挡住后，小球继续绕P点向上运动。已知小物块与传送带间的动摩擦因数为0.5，重力加速度大小。（1）求小物块与小球碰撞前瞬间，小物块的速度大小；（2）求小物块与小球碰撞过程中，两者构成的系统损失的总动能；（3）若小球运动到P点正上方，绳子不松弛，求P点到O点的最小距离。【答案】（1）；（2）；（3）【详解】（1）根据题意，小物块在传送带上，由牛顿第二定律有解得由运动学公式可得，小物块与传送带共速时运动的距离为可知，小物块运动到传送带右端前与传送带共速，即小物块与小球碰撞前瞬间，小物块的速度大小等于传送带的速度大小。（2）小物块运动到右端与小球正碰，碰撞时间极短，小物块与小球组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律有其中，解得小物块与小球碰撞过程中，两者构成的系统损失的总动能为解得（3）若小球运动到P点正上方，绳子恰好不松弛，设此时