山西省2025-2026学年高二上学期11月期中提升考物理试题（B卷）（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12025~2026学年高二11月期中提升考物理（B卷）考生注意：1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。4.本卷命题范围：人教版必修第三册第九至十二章，选择性必修第一册第一章。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.2023年5月28日，MU9191航班从上海虹桥国际机场飞往北京首都国际机场，并于12时31分抵达北京首都国际机场，并穿过象征民航最高礼仪的“水门”。关于飞机航行中的冲量与动量，下列说法正确的是（）A.航行中的飞机动量是矢量，它的方向可能与速度方向相反B.质量一定的飞机，动量变化越大，该飞机的速度变化一定越大C.飞机运动的速度大小不变，飞机的动量也保持不变D.飞机所受合外力的冲量越大，它的动量也越大【答案】B【解析】A．航行中的飞机动量是矢量，根据可知它的方向与速度的方向相同，选项A错误；B．质量一定的飞机，动量变化，动量变化越大，该飞机的速度变化一定越大，选项B正确；C．动量等于质量与速度的乘积，飞机运动的速度大小不变，飞机的动量大小保持不变，但速度方向可能改变，动量方向可能改变，动量大小不变而方向改变，动量变了，选项C错误；D．根据动量定理，飞机所受合力的冲量等于动量的变化，则冲量的大小一定和动量变化量的大小相同，与瞬时动量无关，选项D错误。故选B。2.一根长为L、横截面积为S的金属棒，棒内单位体积自由电子数为n，电子的质量为m，电荷量为e。在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流，金属棒内的电场强度大小为E，金属棒的电阻率为ρ，则金属棒内电子定向移动的速率为（）AneρE B.C. D.【答案】B【解析】根据电流的微观定义式有根据电阻的定义式有根据部分电路欧姆定律有金属棒内的电场强度大小为解得故选B。3.如图所示，a、b、c为直角三角形的三个顶点，，在a、b、c三点分别固定三个点电荷，且c点的电荷所受电场力的方向刚好与ab连线平行，，则a、b两点的点电荷所带电荷量的大小之比为（）A.27:64 B.64:27 C.9:16 D.16:9【答案】A【解析】c点的电荷所受电场力的方向刚好与ab连线平行，对c进行分析有其中解得故选A。4.如图所示是天空中的云层经过避雷针正上方时，避雷针尖端附近形成的电场，实线为电场线，虚线是等势面，a、b、c、d是电场中的四个点，电子所带电荷量大小为e，下列说法正确的是（）A.a点电场强度大于c点电场强度B.云层带正电C.电子从c点运动至a点，电场力做功为2000eVD.电子仅在电场力作用下从a点运动至d点，电势能减小4000eV【答案】D【解析】A．a点比c点电场线稀疏，故a点场强小于c点场强，A错误；B．向上电势降低，故云层带负电，B错误；C．电子从c点运动至a点，根据，电场力做功为eV，C错误；D．电子从a点运动至d点，由，电场力做功为4000eV，电势能减小4000eV，D正确。故选D。5.某静电场在x轴上的场强E随x的变化关系如图所示，x轴正方向为场强正方向，带负电的点电荷沿x轴运动，则点电荷（）A.在和处电势能相等B.由运动到的过程中电势能增大C.由运动到的过程中电势能一直减小D.由O运动到的过程中电场力先减小后增大【答案】C【解析】A．负电荷由运动至，受到的电场力沿轴正方向，电场力做正功，电势能减小，故在和处电势能不相等，故A错误；B．负电荷由运动到，受到的电场力沿轴正方向，电场力做正功，电势能减小，故B错误；C．负电荷由运动至，受到的电场力一直沿轴正方向，电场力一直做正功，电势能一直减小，故C正确；D．根据由O运动到过程电场强度先减小，后增大，再减小，故电场力先减小，后增大，再减小，故D错误。故选C。6.如图所示，平行板电容器的两极板分别与一电源的正负极相连，下极板接地，闭合开关S时，平行板间的P点有一带电微粒处于静止状态，下列说法正确的是（）A.闭合开关S稳定时，回路中有逆时针方向的电流B.闭合开关S稳定时，将上极板向上平移一小段，电阻R上有向左的电流流过C.S闭合稳定后再断开，将下极板向上平移一小段，微粒仍静止不动D.S闭合稳定后再断开，将下极板向上平移一小段，微粒的电势能减小【答案】C【解析】A．闭合S稳定后，回路无电流，A错误；B．闭合S时，将上极板向上平移，d变大，电容，因d变大而变小，由，U不变，故Q减小，电容器放电，有电流向右流过电阻，B错误；C．S闭合后再断开，Q不变，由，，，可得，故E不变，微粒仍静止，C正确；D．设P与下极板之间的电势差为U，距离为，则有Q不变，将下极板上移，减小，则P点电势降低，微粒带负电，负电荷在电势低的地方电势能大，故微粒电势能增大，D错误。故选C。7.如图所示，用不可伸长的轻质细绳将木块悬挂于一点O，开始时木块静止不动。一颗质量为m的弹丸水平向右射入质量为M=50m的木块后未射出木块，第一颗弹丸的速度为v1=255m/s，射入木块后二者共同摆动的最大摆角为α，当其第一次返回初始位置时，第二颗弹丸以水平速度v2又击中木块，且也未射出木块，使木块向右摆动且最大摆角仍为α，木块和弹丸可视为质点，空气阻力不计，则第二颗弹丸的水平速度v2大小为（）A.515m/s B.618m/s C.721m/s D.824m/s【答案】A【解析】根据摆动过程中机械能守恒和两次击中木块摆动的角度相等可知，两次击中木块后木块的速度相同设为v，由动量守恒定律得第一次mv1=（m+M）v第二次mv2-（m+M）v=（2m+M）v又M=50m联立以上三式得第二粒弹丸的水平速度v2=515m/s故选A。8.如图所示为用充电宝给一手机电池充电的等效电路，在充电开始后的10分钟内，充电宝的输出电压为6V、输出电流为0.5A，手机电池的内阻为0.1Ω，则这段时间内（）A.充电宝输出的电功率为3W B.充电宝产生的热功率为0.25WC.手机电池产生的焦耳热为15J D.手机电池储存的化学能为1800J【答案】AC【解析】详析】A．充电宝输出功率，A正确；B．充电宝内阻未知，无法求其热功率，B错误；C．手机产生焦耳热，C正确；D．手机电池储存的化学能，D错误。故选AC。9.如图所示，一轻弹簧的两端与质量分别为和（未知）的两物体A、B连接，静止在光滑的水平面上。现在使A瞬间获得水平向左的速度，当A物体的速度减小到1m/s，方向向左时，弹簧最短，不计空气阻力，则（）A.物体B的质量为1.2kgB.弹簧最短时物体B的速度大小为2m/sC.弹簧被压缩最短后，物体A做加速运动D.当弹簧恢复原长时，物体A的速度大小为2m/s，方向向右【答案】AD【解析】A．把A和B弹簧看成一个系统满足动量守恒，弹簧最短时，A，B共速，取水平向左为正方向，由动量守恒定律得解得，A正确；B．当A物体的速度减小到1m/s时，弹簧最短，此时A、B速度大小均为1m/s，B错误；C．弹簧被压缩最短后，弹簧逐渐恢复原长，B依然加速，A继续减速，C错误；D．当弹簧恢复原长时，根据动量守恒定律得由机械能守恒定律得解得当弹簧恢复原长时，A物体的速度大小，方向向右，D正确。故选AD。10.如图所示为某简易欧姆表电路，通过调节开关S，可使欧姆表具有“×1”和“×10”两种倍率，干电池（电动势，内阻不计），电流表G（满偏电流，内阻），定值电阻（阻值为5.0Ω），定值电阻、，若欧姆表“×1”倍率时的中值电阻为15Ω，下列说法正确的是（）A.开关S下端为黑表笔B.当开关S合向a时，欧姆表的倍率是“×10”倍率。C.定值电阻，D.将开关S合向b，正确操作后接入待测电阻，发现电流表指针指向的位置，则待测电阻【答案】AD【解析】A．根据红进黑出，S与黑表笔相连，A正确；B．欧姆表大挡位对应的内部总电阻更大，故接a为“×1”挡位，B错误；C．“×1”倍率的内部总电阻为，则内部总电流为“×10”倍率内部总电阻为，总电流为则有，解得，，C错误；D．当电流表指向时，则有，解得，D正确。故选AD。二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.某实验小组设计了如图甲所示的实验装置测速度并验证动量守恒定律。（1）图中水平桌面上放置气垫导轨，导轨上有光电门1和光电门2，它们与数字计时器相连，弹性滑块A、B质量分别为、，两遮光片沿运动方向的宽度均为d，利用游标卡尺测量遮光片的宽度，测量结果如图乙所示，遮光片的宽度________cm；（2）实验中为确保碰撞后滑块A不反向运动，则、应满足的关系是______（填“＞”“＜”或“＝”）；（3）实验先调节气垫导轨成水平状态，再轻推滑块A，测得A通过光电门1的遮光时间为，A与B相碰后，B和A先后经过光电门2的遮光时间分别为和，碰前A的速度大小为________m/s；（4）在实验误差允许的范围内，若满足关系式______（用字母表示），则可认为验证了动量守恒定律。【答案】（1）0.545（2）（3）0.545（4）【解析】（1）遮光片的宽度0.5cm+0.05mm×9=0.545cm（2）A和B发生弹性碰撞，若用质量大的A碰质量小的B，则不会发生反弹；实验中为确保碰撞后滑块A不反向运动，则、应满足的关系是（3）碰前A的速度大小为（4）碰后B、A的速度大小分别为若动量守恒，则满足即可得12.某实验小组同学要测量一电源的电动势和内阻，为防止电流过大时损坏器材，电路中串联了一个保护电阻，实验所用器材有待测电源、电阻箱、电压表、保护电阻、开关和导线若干。（1）请将实物图甲中的器材连接成电路_________。（2）闭合开关后，调节电阻箱接入电路的阻值，记录多组电阻箱的阻值R和对应电压表的示数U，同学们根据测得的多组数据经计算转换，作出___________（填“”“U-R”或“”线性图线，图线的纵截距为0.1，斜率为1（均为基本单位），保护电阻的阻值。则可得该电源的电动势为___________V，内阻为___________Ω（计算结果均保留两位有效数字）。（3）图乙为某灯泡的伏安特性曲线，如果该电源仅与两只这样的灯泡并联接成闭合电路，则每只灯泡的实际功率为___________W。【答案】（1）（2）101.0（3）12W【解析】（1）实物图如图（2）[1]根据闭合电路欧姆定律得，应作出图像。[2]故纵截距为，可得该电源的电动势为[3]斜率，解得内阻为（3）由闭合电路欧姆定律可得画出图线，直线与曲线交点为灯泡两端的电压和电流，交点为故灯泡功率为。13.如图甲所示，电源的电动势，内阻为r，闭合开关，滑动变阻器的滑片C从A端滑至B端的过程中，电路中的一些物理量的变化规律如图乙、丙所示：图乙描述路端电压随电流的变化规律，图丙描述电源的效率随外电阻的变化规律，电表均为理想电表，电源、电表始终未损坏。求：（1）电源的内阻；（2）变阻器的最大阻值；（3）电源的最大输出功率。【答案】（1）2Ω（2）6Ω（3）4.5W【解析】（1）当路端电压时，由图乙可知，电路中的电流根据，可得（2）电源的效率滑动变阻器的阻值最大时，电源效率最高，由图丙可知代入解得（3）当时，电源的输出功率最大，由闭合电路欧姆定律联立解得14.如图所示，质量均为m的木块A、B并排放在光滑水平面上，木块A上固定一竖直轻杆（质量不计），轻杆上端的O点系一长为l的细线，细线另一端系一质量为2m的球C。现将C球拉起使细线水平伸直，并由静止释放C球，重力加速度为g，小球和木块均可视为质点。求：（1）C球从释放到最低点过程中，木块A移动的距离；（2）A、B两木块分离时，A的速度大小；（3）小球C第一次到达轻杆左侧能上升的最大高度（相对小球的最低点）。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）C球从释放到最低点过程中，A、B、C构成的系统，水平方向动量守恒。根据动量守恒定律水平方向的位移表达式有其中解得（2）当C球运动到最低点时，A、B开始分离，根据动量守恒定律有根据机械能守恒定律有解得（3）A、B分离后，对C与A构成的系统，在水平方向动量守恒，当小球C第一次到达轻杆左侧能上升的最大高度时，则有令小球C第一次到达轻杆左侧能上升的最大高度为h，则有解得15.如图甲所示，长为8d、间距为d的平行金属板水平