河北武邑中学2025-2026学年高三上学期期中考试物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1河北武邑中学2025-2026学年高三上学期期中考试物理试题注意事项：1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题，共46分）和第Ⅱ卷（非选择题，共54分）两部分。满分100分，考试时间75分钟。2.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡指定位置。3.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。一、单项选择题。（本题共7小题，每小题4分，共28分。每小题只有一个选项符合题目要求。）1.中国白·德化瓷是具有千年历史的特色白瓷，该瓷种以“薄如纸、白如雪的胎质与温如凝脂”的釉面著称，被誉为“东方艺术珍品”。如图所示台面上摆放着一个深色底座，底座上的白瓷艺术作品看起来像叠放的白纸一样。下列说法正确的是（）A.白瓷对底座的压力是由于底座发生形变而产生的B.底座对白瓷的支持力是由于底座发生形变而产生的C.白瓷对台面有压力，且方向垂直台面向下D.由于白瓷质地坚硬，所以白瓷不可能发生形变【答案】B【解析】A.白瓷对底座的压力是由于白瓷发生形变而产生的，A错误；B.底座对白瓷的支持力是由于底座发生形变而产生的，B正确；C.白瓷对底座有压力，底座对台面有压力，白瓷对台面没有作用力，C错误；D.白瓷虽然质地坚硬，但白瓷也能发生微小形变，D错误；故选B。2.高压水枪在生活中的应用越来越广泛，高速水流射到物体上会产生强大的作用力，可以达到非常好的清洗效果。已知水枪出水口的直径为d，水流从枪口冲出的速度为v，水的密度为ρ，水流水平射出，忽略水流竖直方向的运动且水射到物体上后速度可认为变为零，则水流对物体的平均作用力为（）A. B.C. D.【答案】D【解析】在Δt时间内，水的质量为由动量定理，解得，故选D。3.按压式圆珠笔内装有一根小弹簧，尾部有一个小帽，压一下小帽，笔尖就伸出来。如图所示，使笔的尾部朝下，将笔向下按到最低点，使小帽缩进，然后放手，笔将向上弹起至一定的高度。忽略摩擦和空气阻力。笔从最低点运动至最高点的过程中（）A.笔的动能一直增大B.桌子对笔的支持力冲量等于重力的冲量C.弹簧的弹性势能减少量等于笔的重力势能增加量D.圆珠笔一直处于完全失重状态【答案】C【解析】A．笔从最低点向上运动时，弹簧弹力先大于重力，笔向上加速，动能增大；当弹力等于重力时速度最大，动能达到最大；之后弹力小于重力，笔向上减速，动能减小；离开桌面后只受重力，继续减速至最高点动能为零。因此笔的动能先增大后减小，A错误B．对笔从最低点到最高点的全过程，根据动量定理，合外力的冲量等于动量变化量。初末速度均为零，动量变化量为零，故合外力冲量为零。弹簧弹力属于内力，合外力冲量包括桌面对笔支持力冲量、重力冲量，即因此支持力冲量大小等于重力冲量大小，两者方向相反，B错误；C．忽略摩擦和空气阻力，整个过程机械能守恒。弹簧的弹性势能转化为笔的重力势能和动能，在最高点笔的速度为零，动能为零，故弹簧弹性势能的减少量等于笔的重力势能的增加量，C正确；D．完全失重状态要求加速度等于重力加速度且方向向下。笔在桌面上运动时，初始阶段弹力大于重力，合力向上，加速度向上，处于超重状态；弹力小于重力时，加速度向下但大小小于；离开桌面后只受重力，加速度为，方向向下，才处于完全失重状态。因此并非一直完全失重，D错误；故选C。4.如图所示，一个静止在粗糙水平面上的直角三角形木块，其底角。质量均为m的甲乙木块均可视为质点，分别放置在两侧光滑斜面的等高处，同时静止释放两木块，在下滑过程中三角形木块始终静止，则下列说法正确的是（）A.下滑过程中甲的加速度大B.三角形木块受4个力作用C.两个物块到达底端时速度相同D.地面受到的压力等于三个物体的总重力【答案】B【解析】A．对滑块受力分析，根据牛顿第二定律，可得加速度因为，所以，则甲的加速度小于乙的加速，故A错误；B．甲、乙两个物体加速度在水平方向的加速度分量为，因此三角形木块水平方向不受摩擦力作用，只受重力、地面的支持力、甲的压力、乙的压力，共4个力，故B正确；C．根据动能定理可得两物块下落高度相同，所以速度大小相同，但方向不同（沿各自斜面），速度不同，故C错误；D．滑块沿斜面加速下滑，加速度有竖直向下的分量，整体处于失重状态，地面受到的压力小于三个物体的总重力，故D错误。故选B。5.假设地球是一个半径为R、质量分布均匀的球体，质量分布均匀的球壳对壳内物体的万有引力为零。在地球北极用弹簧测力测质量为m小球的重力，示数为F。若在地球内部，以地心O为圆心、为半径挖一条圆形隧道，如图所示。现使该小球在隧道内做匀速圆周运动，且不与隧道壁接触，小球可视为质点，不考虑隧道宽度与阻力。则其在隧道中做匀速圆周运动的周期为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】由题意可得，质量为m小球的重力由于球体积，设地球的平均密度为，地球的质量联立解得小球在地球内部半径为的隧道运动时受到的万有引力为此时小球受到的万有引力提供向心力，则有解得。故选A。6.机器人扭秧歌成了2025年年初的头条热点，机器人的3分钟表演让国内外都为之震撼。此情景可以简化如图所示，长为的轻杆一端固定在水平转轴上，另一端固定一个质量为的小球（视为质点）。在转轴的带动下，小球在竖直平面内做匀速圆周运动，小球经过最高点时对轻杆的作用力大小为。取重力加速度大小，下列说法正确的是（）A.小球经过时，轻杆对小球的作用力方向竖直向上B.小球做匀速圆周运动的线速度大小为C.小球在最左端时，轻杆对小球的作用力的大小为D.小球在最下端时，小球受到合力的大小为【答案】C【解析】A．小球经过最高点时对轻杆的作用力大小为，大于小球的重力，因为小球经过时的合力必须指向圆心方向，可知轻杆对小球的作用力方向一定向下，故A错误；B．在时，根据牛顿第二定律可得可知小球做匀速圆周运动的线速度大小为，故B错误；C．小球在最左端时，小球受重力和轻杆对小球的作用力而做匀速圆周运动，合力指向圆心方向，根据平行四边形定则，可知轻杆对小球的作用力的大小为，故C正确；D．小球在最下端时，小球受到合力的大小为，故D错误。故选C。7.某导体的图像如图，图中时对应的图像切线倾角，下列说法正确的是（）A.此导体的电阻随电压的增加逐渐减小B.时，此导体的电阻C.图像切线斜率的倒数表示电阻D.在导体两端加3V电压时，导体消耗的功率为6W【答案】B【解析】A．根据图像可知，此导体的电阻随电压的增加而逐渐增大，故A错误；B．时，此导体两端的电压，根据欧姆定律，可知电阻，故B正确；C．图像切线斜率的倒数表示，不是电阻，故C错误；D．在导体两端加3V电压时，由于图像中没有具体电流值大小，无法求得电阻的实际功率，此时的电阻大小已不是，故D错误。故选B。二、多项选择题。（本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）8.将不带电的金属球B靠近带正电的金属球A，系统达到静电平衡状态后，纸面内的电场线和等势面分布如图所示，下列说法正确的是（）A.c点的电势比点的电势高B.a、b两点的电场强度相同C.将一带正电的点电荷从a点移到点，电势能减小D.将一带正电的点电荷从d点移到a点，电势能减小【答案】AC【解析】A．系统达到静电平衡状态后，整个导体是一个等势体，可知，从导体表面向外沿着电场线电势逐渐降低，则c点的电势大于f点的电势，故A正确；B．a、b两点的电场强度方向不相同，则a、b两点的电场强度不相同，故B错误；C．沿着电场线电势降低，a点的电势大于f点的电势，根据可知将一带正电的点电荷从a点移到f点，电场力做正功，电势能减小，故C正确；D．沿着电场线电势降低，可知则将一带正电的点电荷从d点移到a点，电场力做负功，电势能增大，故D错误。故选AC。9.如图所示，是一只理想二极管，水平放置的平行板电容器、两极板内部有一带电微粒处于静止状态，板和大地相连。下列说法正确的是（）A.保持闭合，增大、板间距离，向上运动B.保持闭合，减少、板间距离，向上运动C.保持闭合，板上移一小段距离，粒子电势能不变D.保持闭合，板下移一小段距离，粒子电势能不变【答案】BC【解析】A.保持S闭合，电源的路端电压不变，增大A、B板间距离，电容减小，由于二极管的单向导电性，电容器不能放电，其电量不变，由推论得到，板间场强不变，微粒所受电场力不变，仍处于静止状态，故A错误；

B.保持S闭合，电源的路端电压不变，电容器的电压不变，减少A、B板间距离，由可知，板间场强增大，电场力增大，微粒将向上运动，故B正确；C.根据选项A的分析可知：保持闭合，板上移一小段距离，板间场强不变，根据公式可知，P与下板之间的电势差不变，则P点电势不变，根据公式可知粒子电势能不变，故C正确；D.根据选项B的分析可知：保持闭合，板下移一小段距离，板间场强增大，根据公式可知，P与下板之间的电势差增大，则P点电势增大，根据公式可知粒子电势能增大，故D错误。故选BC。10.某静电场的电势在轴上的分布如图所示，轴上有、、三点。将一带正电的粒子1从点由静止释放，一带负电的粒子2从点由静止释放。已知电场线与轴平行，两粒子的质量相等、电荷量的绝对值相等，仅受该静电场的电场力作用，不考虑两粒子碰撞情况。下列说法正确的是（）A.粒子1在点的加速度方向沿轴正方向B.粒子2从点运动到点的过程中，电势能逐渐减小C.粒子1运动过程中，其加速度先减小后增大D.粒子1和粒子2的电势能变化量大小相等时，两者动能变化量大小也相等【答案】BD【解析】A．电场线与轴平行，粒子1带正电，由静止释放后将向电势低处运动，所以沿轴负向运动，故A错误；B．粒子2带负电，从点运动到点时，电势逐渐升高，负电荷的电势能，增大时，电势能减小，故B正确；C．图像的斜率的绝对值为该点的电场强度大小，粒子1从点释放后，将向轴负方向运动，曲线斜率的绝对值一直减小，加速度一直减小，故C错误；D．两粒子仅受电场力作用，电势能变化量与动能变化量满足，故D正确。故选BD。三、实验题：本题共2题，第11题6分，第12题3分。11.某实验小组利用如图甲所示装置探究系统机械能守恒。细杆两端固定A、B两个直径相等的小球，A球质量，B球质量，杆可绕过点的转轴在竖直平面内转动，两球心到点的距离均为，光电门固定在点正下方，记录小球通过光电门的遮光时间。重力加速度为，实验步骤如下：（1）用螺旋测微器测出小球直径，如图乙所示，则小球的直径______mm；（2）将细杆拉离竖直方向，用量角器测出细杆与竖直方向夹角，自由释放细杆；①球B经过光电门的时间记为，此时______（用题中的字母表示）；②自由释放细杆到球B通过光电门过程中，系统减少的重力势能______（用题中的字母表示）；（3）改变细杆与竖直方向的夹角，多次实验。若系统机械能守恒，则关于与的关系图像可能是______。A. B.C. D.【答案】（1）11.700##11.701##11.699（2）①.②.（3）C【解析】【小问1】螺旋测微器的精度为，可知小球直径【小问2】球B经过光电门的时间记为，则[2]自由释放细杆到球B通过光电门过程中，球B减少的重力势能球A增加的重力势能系统减少的重力势能【小问3】若系统机械能守恒，则，即解得，故选C。12.某兴趣小组的同学欲探究电容的电容器的放电规律，设计了如图甲所示的电路图，为单刀双掷开关。（1）初始时闭合，拨到位置1，电容器充电。电容器充满电后拨到位置2，每间隔5s读一次微安表示数，作出的电流i随时间t变化的关系图像如图乙所示，则电容器充满电时带电荷量______C；（结果保留两位有效数字）（2）若仅增大电阻箱R的阻值，下列说法正确的是______。A.电容器的放电时间将会延长B.电容器的放电时间将会缩短C.电流i随时间t变化的关系图像与横轴所围面积增大D.电流i随时间t变化的关系图像与横轴所围面积减小【答案】（1）（2）A【解析】【小问1】题图乙中的曲线与坐标轴围成的区域中的小方格约为28个，由电流i随时间t变化的关系图像与横轴围成的面积表示电荷量Q，可知电容器充满电时带电荷量【小问2】AB．放电电路中串联电阻的作用是延长电容器的放电时间，所以若仅增大电阻箱R的阻值，可延长电容器的放电时间。故A正确，B错误；CD．电流i随时间t变化的关系图像与横轴所围面积表示电容器带电荷量，所以若仅增大电阻箱R的阻值，电流i随时间t变化的关系图像与横轴所围面积不变。故CD错误。故选A。四、计算题共45分，本题共3道小题。第13题10分，第14题17分，第15题18分。13.0时刻开始振动的某波源S发出一列简谐横波，波源S做简谐运动的表达式为（y的单位是cm）。在波的传播方向上有A、B两点，它们到S的距离分别为，，时A点开始振动。求：（1）该简谐横波的周期T和传播速度v；（2）A点的位移为-6cm时B点的位移；（3）0-6s内B点运动的路程s。【答案】（1）2s，10m/s（2）6cm（3）24cm【解析】【小问1】根据波源S做简谐运动的表达式，可得ω=πrad/s则该简谐横波的周期，解得T=2s该简谐横波的传播速度，解得v=10m/s小问2】波从A点传播到B点所用的时间由此可知A、B两点的振动相差半个周期，且A点的位移为-6cm时A点至少已经振动了，此时B点一定也在振动，因此A点的位移为-6cm时B点的位移为6cm。【小问3】波从波源传播到B点所用的时间0~6s内B点振动的时间B点运动路程，解得s=24cm14.如图所示，O点左侧有一高为L=0.8m的平台，物块B质量，带电量，静止在平台右侧边缘。物块A水平向右运动，与B发生碰撞，碰后瞬间A、B速度大小相等，随后取走A，B落在地面上的N点，O、N间距也为L，物块B落地后弹起瞬间在空间加一水平向左的匀强电场，B恰好能从平台右边缘水平向左返回平台，已知A、B两物块均可视为质点，不计一切阻力，A、B碰撞无机械能损失，B与地面碰撞水平分速度不变，竖直分速度大小不变，方向相反。B的电荷量始终保持不变，重力加速度。求：（1）物块A的质量；（2）所加匀强电场强度E的大小。【答案】（1）（2）【解析】【小问1】设A与B碰前速度大小为v，A、B碰撞无机械能损失，由动量守恒定律有由机械能守恒定律