高考物理模拟真题及解析合集

高考物理模拟真题及解析合集前言高考物理，作为一门综合性强、对逻辑思维与数学工具应用能力要求颇高的学科，始终是同学们备考路上的重点与难点。一份高质量的模拟题，不仅能够帮助同学们熟悉高考题型、把握命题趋势，更能在实战演练中查漏补缺、提升应试能力。本文精心汇编了一套高考物理模拟真题，并附上详尽解析，希望能为大家的备考之路添砖加瓦。解析力求深入浅出，不仅点明解题思路，更注重方法的引导与规律的总结，期望同学们能从中汲取养分，在物理学习的道路上更进一步。模拟真题及解析一、选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~5题只有一项符合题目要求，第6~8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）（一）选择题1.关于物理学史，下列说法正确的是（）A.牛顿发现了万有引力定律，并测出了引力常量的数值B.法拉第提出了电场的概念，并用电场线形象地描述了电场C.奥斯特发现了电流的磁效应，即磁场对电流的作用力D.楞次通过实验总结出电磁感应现象中感应电流方向的规律，并提出了右手定则答案：B解析：本题考查物理学史的基本内容。牛顿发现了万有引力定律，但引力常量是卡文迪许通过扭秤实验测出的，故A错误。法拉第不仅提出了电场的概念，更首创用电场线来形象描绘电场的分布，这一方法至今仍被广泛应用，B正确。奥斯特发现的是电流周围存在磁场，即电流的磁效应，而磁场对电流的作用力是安培发现的，称为安培力，C错误。楞次总结出的是楞次定律，用以判断感应电流的方向；右手定则是判断导体切割磁感线时感应电流方向的简便方法，通常认为是楞次定律的特殊情况应用，并非楞次提出，D错误。综上，本题选B。2.如图所示，一轻质弹簧上端固定，下端悬挂一质量为m的小球，小球静止时处于位置O。现用手将小球拉至位置A后由静止释放，小球在A、B之间做往复运动。不计空气阻力，则下列说法正确的是（）（示意图：O为平衡位置，A在O上方，B在O下方，OA距离小于OB距离）A.小球在O位置时，速度最大，加速度最大B.小球从A运动到O的过程中，速度增大，加速度减小C.小球从O运动到B的过程中，重力势能减小，弹性势能减小D.小球在A、B两位置时，速度为零，合力也为零答案：B解析：本题考查简谐运动的基本规律及能量转化。小球在竖直方向的弹簧振子模型中运动。在平衡位置O点，小球所受重力与弹簧弹力大小相等、方向相反，合力为零，加速度为零，此时小球的速度达到最大，A选项错误。从A到O，小球受到的合力方向向下（重力大于弹簧弹力，弹簧此时可能处于原长或拉伸状态，但在A点，弹簧弹力一定小于重力，否则小球无法静止在O点），与运动方向相同，小球做加速运动。随着小球向下运动，弹簧形变量增大（若A点弹簧已拉伸，则形变量继续增大；若A点弹簧为原长，则从原长开始拉伸），弹力增大，合力F=mg-F弹，合力逐渐减小，加速度逐渐减小，故速度增大，加速度减小，B选项正确。从O到B，小球向下运动，重力做正功，重力势能减小；弹簧形变量继续增大，弹性势能增大，C选项错误。在A、B两位置，小球速度为零，到达最大位移处。此时合力不为零，合力方向指向平衡位置O，正是这个合力提供了回复力，使小球返回平衡位置，D选项错误。3.如图所示，在光滑水平桌面上，一轻质弹簧左端固定，右端连接一质量为m的物块。开始时物块静止在O点，弹簧处于原长。现用一水平恒力F向右拉物块，使物块从O点开始向右运动。在物块从O点运动到A点的过程中，弹簧的弹性势能逐渐增加，物块的动能也逐渐增加。则在这一过程中，下列说法正确的是（）A.物块的加速度一直增大B.恒力F做的功等于物块动能的增加量C.当物块的速度最大时，弹簧的弹性势能也最大D.物块与弹簧组成的系统机械能增加答案：D解析：本题考查功与能的关系、牛顿运动定律的应用。物块在水平方向受到向右的恒力F和向左的弹簧弹力kx。根据牛顿第二定律，F-kx=ma。随着物块向右运动，x增大，弹力增大，加速度a=(F-kx)/m，加速度逐渐减小，当kx=F时，加速度减为零，速度达到最大，之后若继续运动，弹力大于F，加速度方向向左，物块开始减速。题目中说明“在物块从O点运动到A点的过程中，弹簧的弹性势能逐渐增加，物块的动能也逐渐增加”，说明A点尚未到达加速度为零的位置，即A点速度仍在增大，加速度仍向右但在减小，A选项错误。根据动能定理，合外力做的功等于动能的增加量，合外力做功包括恒力F做的功和弹簧弹力做的负功（即弹性势能的增加量），故恒力F做的功等于物块动能增加量与弹簧弹性势能增加量之和，B选项错误。速度最大时，加速度为零，此时弹簧弹力等于恒力F，弹簧具有一定的弹性势能，但此时物块仍在向右运动（题目中A点动能仍在增加，说明A点未到速度最大点），所以在A点之后，物块可能还会运动一段距离，弹簧弹性势能会继续增加，因此速度最大时弹性势能并非最大，C选项错误。对于物块与弹簧组成的系统，恒力F对系统做正功，根据功能原理，系统的机械能增加（增加的机械能等于F做的功），D选项正确。二、实验题（本题共2小题，共15分）4.（6分）某同学利用如图所示的装置做“探究加速度与力、质量的关系”实验。（1）为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响，实验前应采取的做法是（）A.将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动B.将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在不挂钩码时恰好做匀速运动C.使木板水平放置，让小车在钩码拉动下恰好做匀速运动D.使木板水平放置，让小车在不挂钩码时恰好做匀速运动（2）在探究加速度与力的关系时，保持小车质量不变，改变钩码质量，测出多组数据。若以钩码的重力mg作为小车所受的合力F，作出a-F图像，发现图像不过原点，且在F轴上有一定的截距，其原因可能是（）A.未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足B.平衡摩擦力过度C.小车质量远大于钩码质量D.钩码质量远大于小车质量答案：（1）B（2）A解析：（1）本题考查平衡摩擦力的操作。为消除小车与木板间摩擦力的影响，正确的做法是将木板不带滑轮的一端适当垫高，形成一个斜面，使得小车的重力沿斜面向下的分力与摩擦力平衡。当不挂钩码时，给小车一个初速度，小车能恰好做匀速直线运动，即表明摩擦力已被平衡。A选项中“在钩码拉动下”是错误的，平衡摩擦力时不应挂钩码。C、D选项木板水平放置无法平衡摩擦力。故（1）题选B。（2）a-F图像不过原点，在F轴上有截距，意味着当F不为零时，加速度a仍为零。这说明小车受到的摩擦力没有被完全平衡掉，或者平衡不足，需要施加一个额外的拉力来克服摩擦力后，小车才能产生加速度。平衡摩擦力过度会导致当F=0时，小车已有加速度，图像会在a轴上有截距。小车质量远大于钩码质量是为了保证钩码重力近似等于小车所受拉力，若不满足此条件，图像会发生弯曲，但不会导致不过原点且在F轴有截距的情况。故（2）题选A。5.（9分）某同学要测量一节干电池的电动势E和内阻r。实验室提供的器材有：待测干电池（E约1.5V，r约1Ω）电流表A1（量程0~0.6A，内阻RA1约0.1Ω）电流表A2（量程0~3A，内阻RA2约0.01Ω）电压表V1（量程0~3V，内阻RV1约3kΩ）电压表V2（量程0~15V，内阻RV2约15kΩ）滑动变阻器R1（0~10Ω，额定电流2A）滑动变阻器R2（0~1000Ω，额定电流0.1A）开关、导线若干。（1）为了尽可能准确地测量，电流表应选用______，电压表应选用______，滑动变阻器应选用______。（填写器材符号）（2）在如图所示的甲、乙两个电路中，应选用______（选填“甲”或“乙”）电路进行实验。（3）该同学根据实验数据画出了U-I图像，如图丙所示，由图像可求得该干电池的电动势E=______V，内阻r=______Ω。（结果保留两位有效数字）答案：（1）A1，V1，R1（2）甲（3）1.5（1.4~1.6均可），1.0（0.9~1.1均可）解析：（1）本题考查实验器材的选择。干电池电动势约1.5V，故电压表应选择量程为3V的V1，15V量程的V2测量误差过大。电路中的最大电流估算：若滑动变阻器接入电阻最小（近似为零），则I≈E/r≈1.5V/1Ω=1.5A。但考虑到干电池允许的最大电流以及滑动变阻器的安全，同时为了读数准确，电流表选择0.6A量程的A1即可，因为使用0.6A量程时，指针偏转角度可以更大，读数更精确，且通过调节滑动变阻器，可以控制电流不超过量程。滑动变阻器选择R1（0~10Ω），因为R2阻值太大，调节时电流变化不明显，不利于多次测量；且R1额定电流2A，满足要求。（2）测量电源电动势和内阻，通常采用伏安法。由于电源内阻较小，电流表应采用外接法（相对于电源），即电压表测量电源的路端电压，电流表测量通过电源的电流。图甲为电流表外接法（电压表直接接在电源两端），图乙为电流表内接法（电流表测的是流过电源和电压表的总电流，由于电压表内阻很大，流过的电流很小，内接法误差也较小，但对于内阻较小的电源，外接法更能准确测量路端电压）。考虑到本实验中电源内阻较小，且电压表内阻远大于电源内阻，两种方法误差都不大，但更规范的是采用甲图（电压表测路端电压，电流表测干路电流，若将电压表与电源视为整体，则电流表测的是流过这个整体的电流，此时计算出的内阻是电源内阻与电压表内阻的并联值，由于RV>>r，所以r测≈r真）。故应选用甲电路。（3）U-I图像中，纵轴截距表示电动势E，图像斜率的绝对值表示电源内阻r。根据图像，当I=0时，U=E，读图得E≈1.5V。图像上取两点，例如（0，1.5V）和（0.5A，1.0V），则r=|ΔU/ΔI|=(1.5V-1.0V)/(0.5A-0A)=1.0Ω。具体数值根据所给图像的实际情况读取，此处为示例值。三、计算题（本题共2小题，共32分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）6.（14分）如图所示，一质量m=2kg的物块，在水平恒力F=10N的作用下，从静止开始沿粗糙水平地面运动。已知物块与地面间的动摩擦因数μ=0.2，g取10m/s²。求：（1）物块运动的加速度大小；（2）物块在t=4s内发生的位移大小；（3）在这4s内，摩擦力对物块做的功。解析：（1）对物块进行受力分析，物块在竖直方向受到重力mg和地面的支持力N，水平方向受到恒力F和滑动摩擦力f。竖直方向：N=mg=2kg×10m/s²=20N滑动摩擦力：f=μN=0.2×20N=4N水平方向，根据牛顿第二定律：F-f=ma代入数据：10N-4N=2kg×a解得：a=6N/2kg=3m/s²（2）物块做初速度为零的匀加速直线运动，根据运动学公式：x=½at²=½×3m/s²×(4s)²=½×3×16m=24m（3）摩擦力方向与物块运动方向相反，做负功。Wf=-f×x=-4N×24m=-96J答案：（1）3m/s²；（2）24m；（3）-96J7.（18分）如图所示，在平面直角坐标系xOy中，第一象限内存在沿y轴正方向的匀强电场，电场强度大小为E。第四象限内存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B。一质量为m、电荷量为q的带正电粒子（不计重力）从坐标原点O以某一初速度v₀沿x轴正方向射入电场。粒子从P点离开电场，进入磁场，随后从x轴上的Q点离开磁场，此时速度方向与x轴正方向成60°角。求：（1）粒子在电场中运动的时间t；（2）P点的坐标（x₁，y₁）；（3）Q点与O点之间的距离x₂。解析：本题考查带电粒子在组合场中的运动。粒子先在电场中做类平抛运动，后进入磁场做匀速圆周运动。（1）粒子在电场中沿x轴正方向做匀速直线运动，沿y轴正方向做初速度为零的匀加速直线运动。沿y轴方向：加速度a=qE/m设粒子在电场中运动时间为t，则离开电场时，粒子在y方向的速度vy=at=qEt/m粒子离开电场时的速度大小为v=√(v₀²+vy²)，方向与x轴夹角为θ，tanθ=vy/v₀粒子进入磁场后做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力。从Q点离开磁场时，速度方向与x轴正方向成60°角。根据左手定则，粒子在磁场中做顺时针圆周运动。粒子进入磁场时的速度方向与x轴夹角为θ，离开磁场时与x轴夹角为60°，根据圆运动的对称性（粒子进入磁场和离开磁场时的速度方向与边界的夹角相等），可知粒子进入磁场时速度方向与x轴正方向的夹角θ=60°。因此，tanθ=tan60°=√3=vy/v₀=(qEt/m)/v₀解得t=(mv₀√3)/(qE)（2）P点为粒子离开电场的位置。x₁