广东省肇庆市宣卿中学2024-2025学年九年级上学期期中考试物理试题（解析版）

第第页广东省肇庆市宣卿中学2024-2025学年九年级上学期期中考试物理试题一、选择题：本大题7小题，每小题3分，共21分。在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．小明的爸爸去超市购买大米，下列情景中他没有对大米做功的是（）A．他将一袋大米从货柜水平拉出 B．然后将袋子从地上提起放肩上C．接着扛着袋子水平走进电梯 D．最后扛着袋子随电梯一起上升【答案】C【解析】【解答】A、力水平方向，距离水平方向，A错误

B、克服重力方向向上，距离向上，B错误

C、接着扛着袋子水平走进电梯，力气竖直向上，方向水平方向，有力无距离，没有做功，C正确

D、最后扛着袋子随电梯一起上升，克服重力方向向上，距离向上，D错误

综上选C

【分析】根据做功的条件判识选项

做功的定义：当一个力作用于物体并使其在力的方向上移动一段距离时，这个力就对物体做了功，公式为W=Fs，接着扛着袋子水平走进电梯，力气竖直向上，方向水平方向，有力无距离，所以不做功【传统文化主题】中华优秀传统文化是中华文明的智慧结晶和精华所在，请运用有关的物理知识完成下面小题。2．如题图所示是我国古代的暖手炉，下面改变物体内能的方式与之相同的是（）A．擦燃火柴 B．围炉烤火 C．钻木取火 D．搓手取暖3．秦弩是中国古代工程技术的杰出成就之一（如题图），下列关于秦弩发射弩箭过程中，说法中正确的是（）A．拉弯的秦弩，不具弹性势能B．弩箭放在张紧了的秦弩上，弩箭具有弹性势能C．弩箭发射过程中，秦弩的弹性势能转化为弩箭的动能D．弩箭射出后，在空中运动过程中机械能不变【答案】2．B3．C【解析】【解答】（1）热传递和做功都能改变物体的内能，“暖手炉”是通过热传递改变物体的内能。ACD、擦燃火柴、钻木取火、搓手取暖，是通过克服摩擦做功改变物体的内能，故ACD错误；

B、围炉烤火时吸收热量，是通过热传递改变物体的内能，故B正确。

故选：B。（2）A．拉弯的秦弩，受力发生形变，在力撤去以后，可以恢复原状，故秦弩发生的是弹性形变，所以弓弦具有弹性势能，故A错误；B．弩箭放在张紧了的秦弩上，弩箭没有发生弹性形变，不具有弹性势能，故B错误；C．弩箭发射过程中，秦弩恢复原状，弹性势能减小，弩箭由静止变为运动，速度增大，动能增加，即秦弩的弹性势能转化为弩箭的动能，故C正确；D．弩箭射出后，在空中运动过程中克服空气阻力做功，将一部分机械能转化为内能，故弩箭的机械能减小，故D错误。故选C。

【分析】（1）热传递是能的转移过程，即内能从高温物体向低温物体或从物体的高温部分传向低温部分转移的过程，在此过程中能的形式不发生变化；

做功实质是能的转化过程，做功的过程中能量的形式变了，有的是机械能和内能的转化过程。

（2）物体发生弹性形变时具有的能量叫弹性势能；弹性势能和动能之间可以相互转化；物体克服空气阻力做功，机械能减少。2．暖手炉将热量传递给手，手吸收热量，内能增加，通过热传递的方式改变内能。A．擦燃火柴，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能，故A不符合题意；B．围炉烤火，人体吸收热量，内能增加，通过热传递的方式改变内能，故B符合题意；C．钻木取火，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能，故C不符合题意；D．搓手取暖，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能，故D不符合题意。故选B。3．A．拉弯的秦弩，秦弩发生弹性形变，弓弦具有弹性势能，故A错误；B．弩箭放在张紧了的秦弩上，秦弩发生弹性形变，秦弩具有弹性势能，故B错误；C．弩箭发射过程中，秦弩的弹性势能减小，弩箭的速度增大，动能增加，秦弩的弹性势能转化为弩箭的动能，故C正确；D．弩箭射出后，在空中运动过程中受到空气阻力，它的机械能减小，故D错误。故选C。4．如图是加油站里常见的“静电释放器”，工作人员提油枪加油前，必须用手触摸圆形“铁饼”以消除身体上的静电。消除静电时（）A．电荷发生了转移 B．创造了新的电荷C．电荷全部消失 D．正电荷经过“铁饼”导入大地【答案】A【解析】【解答】解：工作人员提油枪加油前，必须用手触摸圆形“铁饼”，铁饼和大地、人体都是导体，可以将人体上积累的静电及时导入大地，电荷发生了转移，故A正确，BCD错误。

故选：A。

【分析】金属铁饼是导体，人体带电后用手触摸它，可以将静电释放掉。5．小帅两次把放在地上的同一个篮球拿起相同的高度，第一次用了3s，第二次用了5s，则小帅对篮球做功的功率（）A．第一次较大 B．第二次较大C．两次一样大 D．不知小明身高所以无法判断【答案】A【解析】【解答】ABCD、两次过程中：物体重力不变，高度不变，根据公式W=Gh可知，两次所做功大小相等；

根据公式P=Wt可以看出，两次做的功一样多，第一次的时间小于第二次的时间，所以第一次的功率大于第二次的功率。故A正确，BCD错误。【分析】（1）由题意可知两次举高物体时，物体的重力和被举高的高度的关系，根据W=Gh比较两次做的功之间的关系；

由两次做功时间，根据P=W6．2021年3月1日，最新刑法修正案生效，“高空抛物”正式入刑。高空抛物存在巨大的安全隐患，因为高处的物体具有较大的（）A．重力 B．动能 C．重力势能 D．弹性势能【答案】C【解析】【解答】解：高空抛物，是因为在高空，物体具有很大的重力势能，存在很大的安全隐患，物体的质量越大、高度越高，重力势能越大，因此高空抛物会造成很大的危害，故C符合题意，ABD不符合题意。故选：C。

【分析】物体由于被举高而具有的能，是重力势能，与物体的质量和高度有关。7．将图甲中A、B两个相同的物体从粗糙程度相同的斜面的底端匀速拉到顶端，做功情况如图乙所示。下列说法正确的是（）A．右侧斜面机械效率为66.7%B．左侧给A的拉力等于A受到的摩擦力C．对B做的有用功为2JD．斜面的倾斜程度越大，越费力，机械效率越低【答案】C【解析】【解答】AC．由乙图可知，A做的总功为3J，额外功为1J，有用功为：

WA有用=WA总-WA额外=3.0J-1J=2JA、B两个相同的物体重力相同，移动到相同的斜面的高度相同，根据W=Gh可知，A、B两物体做的有用功相同，即：

WB有用=WA有用=2JB做的总功为WB总=2.5J，右侧斜面机械效率为：η=故A错误，C正确；B．A被拉到斜面顶端的过程中，拉力要克服摩擦力和重力做功，因此A受到的拉力大于A受到的摩擦力，故B错误；D．斜面是一种省力的简单机械，斜面的倾斜程度越大，省的力越少，故D错误。故选C。

【分析】（1）由乙图知A总功和额外功，根据WA有用=WA总-WA额算出A的有用功；由于将A、B两个完全相同的物体拉到斜面顶端，做的有用功相等；由η=W有W总×100%二、填空题：本大题7小题，每空1分，共21分。8．如题图是山东舰的弹射装置，能带动舰载机在两秒内达到起飞速度。气缸内蒸气体积膨胀对外，内能（选填“增大”“减小”或“不变”），同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力，这个过程与内燃机的冲程相同。【答案】做功；减小；做功【解析】【解答】（1）第1空，第2空，第3空，气缸内蒸气体积膨胀对外做功，蒸汽的内能减小，同时推动活塞做功，转化为活塞的机械能，使舰载机获得巨大的牵引力，使舰载机获得巨大的牵引力，这个过程与内燃机的做功冲程相同。

故答案为：做功；减小；做功。【分析】（1）物体对外界做功，物体的内能减小，温度降低；根据消耗和获得的能量可做出判断；

（2）内燃机的做功冲程，燃料燃烧产生的高温高压气体对活塞做功，内能转化为机械能。9．滚摆从图的位置1静止释放，下降经过位置2，继续下降，再上升到达最高点3，这三个位置：滚摆重力势能最大的是、动能为零的是、机械能最大的是．（填写位置序号）【答案】1；1、3；1【解析】【解答】解：滚摆是重力势能和动能相互转化的装置，故滚摆升到最高点后，放开手，此时的速度为0，动能为0，即1位置的动能最小；

会看到滚摆旋转着下降，越转越快，到最低点时滚摆转而上升，直到回到接近原来的位置；

滚摆在最高点位置时重力势能最大，在最低点时动能最大；开始释放的位置最高，所以图示三个位置中位置1的重力势能最大，动能为零，机械能最大；滚摆在3位置时的速度为0，动能为0，是最小的。

故答案为：1；1、3；1。【分析】解决此题的关键是要知道物体由于运动而具有的能叫动能，质量越大，速度越大，动能就越大；物体由于被举高而具有的能叫重力势能，质量越大，高度越高，重力势能就越大。10．如图所示，若只闭合开关S1，则L1和L2的连接方式是联；要使L1和L2【答案】串联；S1；S1、S2【解析】【解答】只闭合开关S1，电流从电源正极流出，依次经过L2、L1，S1，最后回到电源负极，电流只有一条路径，因此L1和L2要使L1和L2并联，电流需要有两条路径，分别经过L1和L2。此时应闭合S1和S3，断开S若同时闭合开关S1和S2，电流会不经过用电器，直接从电源正极通过S1和S2回到电源负极，出现短路现象，这是不允许的。

【分析】判断串联电路：根据电流路径，若电流只有一条路径依次经过用电器，则用电器串联。

判断并联电路：若电流有两条或多条路径，分别经过不同用电器，则用电器并联。

判断短路：电流不经过用电器，直接从电源正极回到负极，即为短路。11．如图甲所示，在平地上用水平向右的力F推一木箱，推力随时间变化的图像如图乙所示，木箱速度随时间变化的图像如图丙所示，0﹣2s内木箱处于（填“静止”或“匀速直线运动”）状态；6s﹣8s内木箱受到的推力为N，推力的功率为W。【答案】静止；6；6【解析】【解答】（1）由图丙可知，该图像为物体的速度-时间图像，在0-2s内木箱的速度为0m/s，即处于静止状态；

（2）由图乙可知，在6s-8s内对应的推力为6N，即木箱受到的推力为6N；

（3）图丙中，6-8s内图线为水平直线，故木箱做匀速直线运动，速度为1m/s，故由功率公式可得，6s～8s内推力做功的功率大小为P=W故答案为：静止；6；6。【分析】(1)由图丙的v-t图像可知，0-2s内木箱的速度始终为0m/s，即物体处于静止状态；

（2）分析图乙可知6s-8s内木箱受到的推力，并由图乙可知且木箱做匀速直线运动，速度为1m/s，根据P=W12．“胖五”运载火箭使用液态氢作为燃料的主要原因是液态氢的热值（填“大”或“小”）；升空过程中，随着液态氢质量的减少，液态氢的热值（填“增大”“减小”或“不变”）；火箭加速上升过程中，火箭外壳的内能增加，这是通过的方式改变火箭外壳的内能。【答案】大；不变；做功【解析】【解答】（1）液态氢被选作“胖五”燃料，核心原因是其热值大——相同质量的液态氢与其他燃料（如煤油）相比，完全燃烧能释放更多的能量，可为火箭提供更强的动力，满足火箭升空对高能量的需求；（2）热值是燃料本身的属性，仅与燃料的种类有关，与燃料的质量、体积、燃烧程度等均无关。因此，即使升空过程中液态氢的质量不断减少，其热值也不会发生改变。

（3）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。火箭加速上升时，火箭外壳与空气中的气体发生剧烈摩擦，克服摩擦力做功，将机械能转化为外壳的内能，导致外壳温度升高、内能增加。这一过程是通过做功的方式改变内能。

故答案为：大；不变；做功。

【分析】（1）热值是指单位质量（或体积）的燃料完全燃烧时所放出的热量，它是燃料的一种固有特性，反映了燃料燃烧放热的能力；热值大小与燃料的种类有关，与燃料的质量、放热多少和燃烧情况无关。

（2）改变物体内能的方法：一是做功，二是热传递。13．如题图所示电路，电流表A1测量的是通过灯（选填“L1”或“L2”）的电流，A2测量的是（选填“支路”或“干路”）的电流；如果A1、A【答案】L1；干路；0.4【解析】【解答】第1空，第2空，由图可知，该电路有两条支路分别经过两个灯泡从正极流向负极，故两灯并联，电流表A1与灯泡L1串联，测量L1所在支路的电流，电流表A2连接在干路上，测量的是干路电流；

第3空，由于并联电路干路电流等于各支路电流之和，故通过灯L2的电流为：I2=I-I1=0.5A-0.1A=0.4A

故答案为：L1；0.4。【分析】（1）并联电路电流有多条路径从电源正极流向负极；

（2）电流表与所测电路串联；

（3）并联电路干路电流等于各支路电流之和。14．如图所示，验电器A带负电，验电器B不带电，用带绝缘柄的金属棒将验电器A、B的金属球连接起来的瞬间，在金属棒上发生定向移动的是（选填“正”或“负”）电荷，其定向移动的方向是，瞬间电流的方向是（后两空均选填“由A到B”或“由B到A”）。【答案】负；由A到B；由B到A【解析】【解答】解；摩擦起电是得失电子的过程，验电器A带负电，说明原子核对电子的束缚能力较强，得到了电子，有多余的电子，验电器B不带电，金属导体内只有电子即负电荷可以自由移动，如果用带绝缘柄的金属棒将验电器A、B的金属球连接起来的瞬间，验电器A上部分多余的电子转移到B上，故在金属棒上发生定向移动的是由A到B。物理学规定正电荷定向移动的方向为电流方向，与负电荷定向移动的方向相反，故瞬间电流的方向是由B到A。

故答案为：负；由A到B；由B到A。

【分析】物理学中规定：正电荷定向移动的方向规定为电流方向，负电荷定向移动方向与电流方向相反。三、作图题：本题7分。15．作图题：（1）请在图坐标系中画出煤油的热值与其完全燃烧所放出的热量Q的关系图象。（2）根据如题图所示的实物电路图，在虚线框内画出与它对应的电路图。（3）请用笔画线代替导线按题1图所示电路图把题2图所示的实物连接起来，连线不要交叉。（电流表量程选0~0.6A）【答案】（1）（2）（3）【解析】【解答】（1）热值是指某种燃料完全燃烧放出的热量与质量之比，故热值是燃料的一种特性，它和燃料的质量、放出热量的多少无关，故煤油的热值与其完全燃烧所放出的热量Q的关系图象中热值保持不变，所以图像应为与横轴平行的直线，如图所示：（2）分析电路，电流从电源正极流出，经过开关、灯泡和电流表流向电源负极，据此画出电路图，如图所示：（3）由电路图可知，两灯泡并联，电流表测L1支路的电流，然后与开关S和电源串联组成电路，电流表的量程为0～0.6A，先串联电源，从电源的正极出发，依次串联灯泡L2和开关S回到电源的负极，然后把灯泡L1与电流表串联后并联在灯泡L2两端，如下图所示：

【分析】(1)热值是指1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，是燃料的一种特性，它和燃料的质量、放出热量的多少无关。

(2)分析电路，该电路为电源、开关、电流表和一个灯泡组成的简单电路，根据电路图的要求画出电路图即可。

(3)由电路图可知，两灯泡并联，电流表测L1支路的电流，然后与开关S和电源串联组成电路；根据电流流向法、按先串后并的原则连接实物图。（1）热值是燃料的一种特性，它和燃料的质量、放出热量的多少无关，所以煤油的热值与其完全燃烧所放出的热量Q的关系图象是与横轴平行的直线，如图所示：（2）电流从正极出发，经开关、灯泡、电流表回到负极，如图所示：（3）由电路图可知，两灯泡并联，电流表测L1支路的电流，从电源的正极开始连接开关、电流表和灯泡L1回到电源的负极，把灯泡L2并联在灯泡L1和电流表两端，电流表的量程为0~0.6A，如下图所示：四、实验题：本大题3小题，第16小题7分，第17小题7分，第18小题6分，共20分。16．在用电流表测电流的实验中：（1）甲同学在闭合开关前发现电流表的指针如图甲所示，其原因是；若是在闭合开关后出现此情况，则原因是；（2）纠正问题后将电流表重新接入电路中，甲同学闭合开关，又发现电流表指针如图乙所示，其原因是，接下来的操作应是；（3）他正确连接了电路进行实验时，电流表示数如图丙所示，但是在读数时，他按照0~0.6A量程读数了，则他认为此时电流表的分度值为A，读数为A，并记录。同组的乙同学看到后指出了错误，则正确读数应为A。【答案】电流表未调0；电流表正负接线柱接反了；电流表量程选择过小；断开开关，换接电流表的0~3A的量程；0.02；0.32；1.6【解析】【解答】解：（1）在使用电流表时，先检查指针是否在零刻度线位置，如果闭合开关前发现电流表指针向左偏转，说明电流表没有调到零刻度线。

闭合开关后，在使用电流表时，电流表指针向左偏转，说明电流从电流表的负接线柱流入，正接线柱流出，即电流表正负接线柱接反了。（2）闭合开关后，电流表的指针超出了电流表的最大测量值，说明电流表的量程选择过小，应换接电流表的大量程进行实验。

（3）他按照0～0.6A量程读数了，则他认为此时电流表的分度值为0.02A，读出的示数为0.32A。

正确读数，电流表选用0～3A的量程，分度值为0.1A，示数为1.6A。

故答案为：（1）电流表未调零；电流表正负接线柱接反了；（2）电流表量程选择过小；断开开关，换接电流表的0～3A的量程；（3）0.02；0.32；1.6。

【分析】电流表使用前要调零；在使用电流表时，要选择合适的量程，使电流从“+”接线柱流入，从“-”接线柱流出；根据电流表选用量程确定分度值进行读数。17．如题图为某学习小组“探究功能大小跟哪些因素有关”的实验操作（步骤甲、乙、丙中小球质量分别为m、2m、3m）。（1）让小球从同一高度由静止开始滚下，目的是使小球到达水平面时具有相同的；（2）实验中通过比较来判断小球具有动能的大小，这种方法在物理学中属于（选填“控制变量法”或“转换法”）；（3）由步骤甲和步骤乙可以得出的结论是：速度相同时，越大的物体具有的动能越大，小华认为由步骤乙和步骤丙可以判断动能大小与速度的关系，你认为该观点是（选填“正确”或“错误”）的，理由是；（4）若斜面下方的水平面光滑，本实验（选填“能”或“不能”）达到实验目的。【答案】（1）速度（2）木块B被小球撞击后移动的距离；转换法（3）质量；错误；没有控制小球的质量相等（4）不能【解析】【解答】（1）当探究动能与质量的关系时，需要控制小球到达水平面时的速度相同，改变小球的质量。让小球从同一高度由静止滚下，由于小球到达水平面时的速度只与下落高度有关，同一高度滚下的小球，目的是使小球到达水平面时具有相同的速度。（2）第1空，第2空，小球动能的大小无法直接测量，通过观察小球推动木块移动的距离，将小球动能的大小转换为木块被推动的距离来体现，这种把不易直接测量的物理量转换为易测量的物理量的方法，就是转换法；（3）第1空，由步骤甲和步骤乙可知，小球的质量不同，从斜面的同一高度滚下，速度相同，撞击木块后，质量大的小球使木块移动的距离越远。可以得出的结论是：速度相同时，质量越大的物体具有的动能越大；

第2空，第3空，该观点是错误的；步骤乙和步骤丙中，小球的质量不同，没有控制小球的质量相同，无法判断动能大小与速度的关系，故小华的该观点是错误。（4）从斜面上滚下，若斜面下方的水平面光滑，小球撞击木块后，由于木块在水平方向不受外力作用，木块将做匀速直线运动，故实验不能通过比较木块移动的距离来比较动能的大小。故答案为：（1）速度；（2）木块B被小球撞击后移动的距离；转换法；（3）质量；错误；没有控制小球的质量相等。

【分析】（1）为了使小球到达水平面的速度相同，需要将小球从同一高度由静止开始滚下；

（2）木块被撞击后运动的距离长短反映了物体动能的大小，这种方法属于转换法；

（3）速度相同时，小球的质量越大，小球具有的动能越大；

步骤乙和实验步骤丙中，小球的质量不同，下落的高度不同，存在两个变量；

（4）若水平面绝对光滑，小球撞击木块后，木块不受摩擦力作用，在水平方向不受外力作用，将做匀速直线运动。（1）实验中，为了使小球到达水平面的速度相同，需要将小球从同一高度由静止开始滚下，小球的速度相同，可以探究动能与质量的关系。（2）[1][2]木块B被小球撞击后移动的距离越大，说明小球对木块做的功越多，也反映了小球具有的动能越大；木块被撞击后运动的距离长短反映了物体动能的大小，这种方法属于转换法。（3）[1]比较步骤甲和步骤乙可知，质量不同的小球从斜面的同一高度处滚下，撞击木块后使木块在水平面运动的距离不同，质量越大的小球使木块移动的距离越远。由此得出结论：速度相同时，小球的质量越大，小球具有的动能越大。[2][3]步骤乙和实验步骤丙中，小球的质量不同，下落的高度不同，存在两个变量，根据控制变量法，没有控制小球的质量相等，所以无法判断动能大小与速度的关系，小华的该观点是错误。（4）从斜面上滚下，若水平面绝对光滑，小球撞击木块后，木块不受摩擦力作用，在水平方向不受外力作用，将做匀速直线运动，不能通过比较木块移动的距离来比较动能的大小。18．小琴在测量滑轮组机械效率的实验中，用同一滑轮组进行了3次实验，如题图所示，实验数据记录如题表。次数钩码重/N钩码上升距离/cm弹簧测力计示数/N弹簧测力计上升距离/cm机械效率12100.83083.3%24101.53088.9%3610？3090.9%（1）提升重物时，实验中应沿竖直方向拉动弹簧测力计；（2）小琴发现实验过程中边拉动边读数，弹簧测力计示数不稳定，应该静止读数；你认为她的想法（选填“正确”或“错误”），因为她没有考虑对滑轮组机械效率的影响；（3）第3次实验中，弹簧测力计示数为N；（4）通过分析实验数据可以得出：同一滑轮组提升的物重增大，机械效率将（选填“增大”、“减小”或“不变”）；（5）想要提升滑轮组的机械效率，还可以使用的方法是（写出一点即可）。【答案】（1）匀速（2）错误；摩擦力（3）2.2（4）增大（5）减小动滑轮的重力或减小摩擦【解析】【解答】（1）在测量滑轮组机械效率的实验中，为了保证滑轮组处于平衡状态，且便于读出测力计的示数，应沿竖直方向缓慢匀速拉动弹簧测力计；

（2）第1空，静止读数时，此时绳子与滑轮间没有摩擦力，所以测量的拉力偏小，故小琴的想法错误；

第2空，所以原因是没有考虑到摩擦对滑轮组机械效率的影响。

（3）图中弹簧测力计的分度值是0.2N，弹簧测力计的示数是2.2N；

（4）从三次实验数据可知，其他条件不变，钩码的重力增大时，滑轮组的机械效率增大；可得实验结论：用同一滑轮组，提升的物体越重，滑轮组的机械效率越高；

（5）由滑轮组机械效率定义可知，总功一定时，有用功越大，机械效率越高；有用功一定时，额外功越少，机械效率越高，故提高机械效率可以减小额外功，即减小动滑轮的重力或减小摩擦从而减小额外功。

故答案为：（1）匀速；（2）错误；摩擦力；（3）2.2；（4）增大；（5）减小动滑轮的重力或减小摩擦。【分析】（1）在测量提升重物相关的物理量（如机械效率实验中测拉力）时，需保证弹簧测力计的示数稳定且等于拉力大小。当沿竖直方向匀速拉动时，重物处于平衡状态，拉力与重物的重力（或相关阻力）大小相等，此时弹簧测力计的示数能准确反映实际拉力；

（2）静止读数时，没有摩擦力，测量的拉力偏小；

（3）图中弹簧测力计的分度值已知，可知弹簧测力计的示数；

（4）从三次实验数据可知，其他条件不变，只改变钩码的重力时，滑轮组的机械效率增大；

（5）轮组机械效率指有用功与总功的比值；故可减小额外功，从而增大有用功占总功的比值，从而提升滑轮组的机械效率。​​​​​​​（1）在测量滑轮组机械效率的实验中，应竖直向上缓慢匀速拉动弹簧测力计，这样保证滑轮组处于平衡状态，且便于读出测力计的示数。（2）[1][2]若在静止时读数，测力计没有测出绳子与滑轮间的摩擦，测得的拉力偏小，他的想法不正确；原因是没有考虑到摩擦对滑轮组机械效率的影响。（3）由图可知弹簧测力计的分度值为0.2N，根据指针位置可以知道其示数为2.2N。（4）由表中实验数据可知，1、2、3次实验提升重物依次增加，滑轮组的机械效率越来越高，可得实验结论：用同一滑轮组，提升的物体越重，滑轮组的机械效率越高。（5）想要提升滑轮组的机械效率，可以减小动滑轮的质量，可减小额外功，从而增大有用功占总功的比值，从而提升滑轮组的机械效率。五、计算题：本大题共2小题，第19小题7分，第20小题6分，共13分。19．题1图所示的塔吊是施工建设中最常见的设备，其结构可简化为题2图所示的滑轮组模型。已知物体重力为3000N，在绳子自由端施加1250N拉力，物体以0.5m/s的速度匀速上升10s。求：（1）物体移动的距离；（2）拉力的功率；（3）在此过程中滑轮组的机械效率。【答案】（1）解：物体移动的距离s=vt=0.5m/s×10s=5m（2）解：图中绳子股数n=3，绳子拉力端移动的速度v'=3v=3×0.5m/s=1.5m/s拉力F的功率P=（3）解：在此过程中滑轮组的机械效率η=【解析】【分析】（1）根据速度公式s=vt计算距离；

（2）由公式P=Wt=Fst=Fv（1）物体移动的距离s=vt=0.5m/s×10s=5m（2）图中绳子股数n=3，绳子拉力端移动的速度v'=3v=3×0.5m/s=1.5m/s拉力F的功率P=（3）在此过程中滑轮组的机械效率η=20．二中初二9班的同学，用煤炉给20kg的水加热，实验结束后绘制了如图所示的加热过程中水温随时间变化的图线。若在6min内完全燃烧了0.8kg的煤，水的比热容为4.2×103J/（kg·℃），煤的热值约为3×107J/kg。求：（1）煤完全燃烧产生的热量；（2）经过6min时间加热，水所吸收的热量；（3）该煤炉烧水时的热效率。【答案】（1）解：根据热量公式可知煤完全燃烧产生的热量：Q放=mq=0.8kg×3×107J/kg=2.4×107J；（2）解：由图可知，经过6min时间加热后水温由20℃达到80℃，

则水吸收的热量：

Q吸=c水m水（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×20kg×（80℃-20℃）=5.04×106J；（3）解：煤炉烧水时的热效率等于水吸收的热量除以燃料释放的热量，即η=Q吸Q【解析】【分析】（1）已知煤的质量和热值，利用Q放=mq可求得煤完全燃烧产生的热量；（2）由图知，经过6min时间加热，水升高的温度值，利用吸热公式求水吸收的热量；

（3）烧水时的热效率等于水吸收的热量与燃料完全燃烧放出的热量之比。（1）煤完全燃烧产生的热量Q放=qm=3×107J/kg×0.8kg=2.4×107J（2）过6min时间加热，水所吸收的热量Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg•℃)×20kg×(80℃-20℃)=5.04×106J（3）煤炉烧水时的热效率η=Q吸Q六、综合能力题：本大题共3小题，第21小题4分，第12小题7分，第23小题7分，共18分。21．在“探究带电物体间的相互作用”活动中。（1）将一根塑料绳一端扎紧，从另一端把绳尽可能撕成更多的细丝（如图甲所示），用手向下捋几下后，观察到的现象是：塑料细丝越来越（选填“蓬松”或“紧密”）。（2）首先用干燥的丝绸摩擦有机玻璃棒，用干燥的毛皮摩擦橡胶棒，然后将带龟棒相互靠近，如图所示，发现相互排斥的是图，相互吸引的是图。（3）把其他经过摩擦而带电的物体分别靠近上面的有机玻璃棒和橡胶棒，发现若跟有机玻璃棒吸引，就会跟橡胶棒排斥；若跟橡胶棒吸引，就会跟有机玻璃棒排斥，由此可推理得出的结论是自然界只存在种电荷。【答案】（1）蓬松（2）乙和丙；丁（3）两【解析】【解答】（1）由于手和塑料绳的摩擦，使塑料绳带上同种电荷，因为同种电荷相互排斥，所以会观察到塑料细丝越来越变得蓬松。

（2）第1空，用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷，因为同种电荷相互排斥，所以相互排斥的是图乙、丙；

第2空，因为异种电荷相互吸引，所以相互吸引的是图丁。

（3）根据研究，发现没有一种和正电荷与负电荷都吸引或者都排斥的电荷，因此推论出自然界只有两种电荷。

故答案为：（1）蓬松；（2）乙、丙；丁；（3）两。【分析】（1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。

（2）用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷。

（3）自然界只存在两种电荷：正电荷和负电荷。（1）塑料绳一端扎紧，从另一端把绳尽可能撕成更多的细丝，用手向下捋几下后，由于摩擦起电，细丝带上了同种电荷，同种电荷互相排斥，带上同种电荷的塑料细丝之间会相互排斥，因此它们越来越蓬松。（2）[1][2]同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。所以两个带电棒相互靠近，发现相互排斥的是乙和丙；相互吸引的是丁。（3）把其它经过摩擦而带电的物体分别去靠近上面的玻璃棒和橡胶棒，发现若跟玻璃棒吸引的，就会跟橡胶棒排斥；而跟橡胶棒吸引的，就会跟玻璃棒排斥，由此可推理得出的结论是：自然界只存在两种电荷，即与橡胶棒所带电荷相同或者与玻璃棒所带电荷相同的电荷。22．小姜利用如图1所示的装置“比较不同物质吸热的情况”。（1）器材：相同规格的电加热器、烧杯、温度计各两个，以及（填测量工具）、托盘天平（含砝码）、水和煤油。（2）选取两个相同规格的电加热器进行实验，目的是通过比较来比较物质吸收热量的多少。（3）实验中选取初温不同、相同的水和煤油，分别倒入烧杯中，用电加热器加热，当它们吸收相同的热量时，通过比较来比较不同物质吸热能力的强弱。（4）如图2所示，小姜按照图中（选填“A”“B”或“C”）方法读数是正确的。（5）部分实验数据如下表所示，分析数据可得出结论：（选填“水”或“煤油”）的吸热能力更强，理由是。加热时间/min01234……10水的温度/℃3034384246……70煤油温度/℃1018263442……90【答案】（1）停表（2）加热时间（3）质量；升高的温度（4）B（5）水；质量相同的水和煤油加热相同的时间，水升高的温度较低，【解析】【解答】解：（1）根据实验原理，需要测量加热时间来间接反映物质吸收热量的多少，所以需要秒表。

（2）相同规格的电加热器在相同时间内放出的热量相同，物质吸收的热量相同，因此可通过比较加热时间来比较物质吸收通过比较加热时间来比较物质吸收热量的多少，这是转换法的应用。

（3）根据控制变量法，要比较不同物质的吸热能力，应控制水和煤油的质量相同；吸收相同热量时，通过比较升高的温度来判断吸热能力，升高温度越低，吸热能力越强。

（4）读数时，视线应与温度计内液柱的上表面相平，A是俯视读数偏大，C是仰视读数偏小。假设图3中温度计的分度值为1℃，液柱在0℃以上，示数为66℃。

（5）根据表格数据，质量相同的水和煤油，吸收相同热量（加热相同时间），水升高的温度比煤油小，根据控制变量法可知，水的吸热能力更强。

故答案为：（1）秒表；（2）加热时间；（3）质量；升高的温度；（4）B；（5）水；质量相同的水和煤油加热相同的时间，水升高的温度较低。【分析】（1）根据实验原理，需要测量加热时间来间接反映物质吸收热量的多少，所以需要秒表。

（2）相同规格的电加热器在相同时间内放出的热量相同，物质吸收的热量相同，因此可通过比较加热时间来比较物质吸收通过比较加热时间来比较物质吸收热量的多少，这是转换法的应用。

（3）根据控制变量法，要比较不同物质的吸热能力，应控制水和煤油的质量相同；吸收相同热量时，通过比较升高的温度来判断吸热能力，升高温度越低，吸热能力越强。

（4）读数时，视线应与温度计内液柱的上表面相平，A是俯视读数偏大，C是仰视读数偏小。认清温度计的分度值，根据液面示数读数。

（5）比较“水和煤油吸热能力”的方法是：在实验过程中控制加热时间相同，通过比较升高的温度，来比较水和煤油吸热能力，温度升高的越多，吸热能力越弱。（1）比较不同物质吸热的情况实验中需要测量加热时间，因此缺少的实验器材是秒表。（2）实验中用两个相同的电加热器加热，加热时间越长，物质吸收的热量越多，因此通过比较加热时间的长短来比较物质吸收热量的多少。（3）[1][2]根据比较不同物质吸热能力的两种方法可知，实验中要控制不同物质的质量相等，即实验中应量取质量相等的水和煤油，分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热，当它们吸收相同热量时，通过比较升高的温度来判断吸热能力的强弱。（4）使用温度计测量液体的温度时，视线要与液柱的上表面相平，故B正确。（5）[1][2]由表格中数据可知，质量相同的水和煤油加热相同的时间，水升高的温度较低，由式子c=Q23．阅读短文，回答文后的问题。油电混合动力汽车如题1图，国产某品牌油电混合动力汽车，其工作原理如题2图所示。当它以80km/h的速度沿水平公路匀速行驶30min的过程中，燃烧了3kg燃油，发动机和驱动电机同时共同为汽车提供动力。驱动汽车行驶所需的能量为8×107J，其中60%的能量来自于燃油燃烧；而发动机内燃油燃烧放出的热量部分用于驱动汽车行驶和对蓄电池充电，其中用于充电的能量为5×若普通汽车刹车时动能全部用于克服与地面的摩擦力做功，而该油电混合动力汽车在关闭发动机后，动能除用于克服与地面的摩擦力做功外，其余能量全部通过驱动电机反转为发电机给蓄电池充电。在某次测试时，同样车型的普通汽车和该油电混合动力汽车刚刚关闭发动机后，根据汽车通过路程s时，所对应的动能Ek，作出E（1）汽车发动机是用水作冷却剂的，这是利用了水的大的性质；汽车转弯时，同侧前后两个转向灯会同时闪亮，若