河南省许昌市九师联盟2024-2025学年高三下学期5月押题信息卷（三）物理试卷（含解析）

2025届高三押题信息卷物理(三)注意事项：要求的.2.如图所示为某一介质中各点，图甲中的各点在同一条直线上，已知图甲中相邻两点间的距离均为波速为v=1m/s.则下列说法正确的是A.c点刚开始振动时的方向竖直向上B.e点的C.a、i两点间有3个加强点D.a、i两点间有3个减弱点A.细光束2为色光b【高三押题信息卷·物理(三)第1页(共6页)】ZZA.星球甲的质量感应强度为0.已知a点到通电导线M、N的距离分别为2r、r,b点到通电导线M、N的距离分别为r、2r.则下列说法正确的是A.通电导线M在a点的磁感应强度大小为B.通电导线N在a点的磁感应强度大小为A.α始终为θ的2倍B.细线00的作用力增大D.水平面对物体乙的作用力减小平方向抛出，经过一段时间小球刚好垂直地打在AC边的中点D,重力加速度g=10m/s²,sin37°=【高三押题信息卷·物理(三)第2页(共6页)】ZZ【高三押题信息卷·物理(三)第3页(共6页)】ZZA.小球从抛出到击中D点的时间sB.小球抛出瞬间的速度大小为16m/sC.抛出点到A点的水平距离为13.6m项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.A.粒子做圆周运动的半径中未标出),然后在物体上施加一沿斜面体向下的外力F,缓慢地将轻弹簧的最上端压到A点，已知B.外力F对物体做的功为 B.定值电阻R₁=8Ω【高三押题信息卷·物理(三)第4页(共6页)】ZZ·棒a到虚线1的距离为x=0.8m,两导体棒的长度均为L=1.0m,且始终与导轨保持良好的接触，虚线1处的速度大小；(2)若电键断开放回导体棒b,给导体棒a一水平向右的初速度v₀=7m/s,经(1)欲使物体C不离开长木板B,释放点O到P点的竖直高度；【高三押题信息卷·物理(三)第6页(共6页)】ZZ2025届高三押题信息卷物理(三)参考答案1.B欲使电流表有示数，光照射到阴极K时应发生光电效应现象，发生光电效应现象的条件是入射光的频率大于阴极K阴极K逸出的光电子能到达阳极A,则电流表一定有示数，C错误；由电路图可知，光电管两端的电压为正向电压，只要2.D由图乙和图丙可知，振源a的起振方向竖直向下，振源i的起振方向竖直向上，即两波源的振动步调完全相反，由于c点到振源a的距离较近，又两振源形成的两列波的传播速度相同，所以振源a形成的水波先传到c点，所以c点刚开始振动时的方向竖直向下，A错误；由图甲可知e点为两振源的中点，则该点到两振源的距离差等于波长的0倍，则e点应为振动减弱点，则该点的振幅应为两列波的振幅之差，即e点的振幅为0,B错误；由图甲可知b、h两点到两振源的距离差等于半波长的3倍，d、f两点到两振源的距离差等于半波长的1倍，所以这四点均为振动加强点，C错误；由图甲可知c、g两点到两振源的距离差均为波长的1倍，则这两点也为振动减弱点，所以a、i两点间有3个减弱点，D正确.3.C由光路图可知，两种色光均在○点发生了反射，所以光束2由色光a、b组成，A错误；由光路图可知，两种色光以相同的入射角射到O点后，只有b光在O点发生知，a光的折射率小于b光的折射率，由公式可知色光a在棱镜中传播的速度较大，B错误；由以上分析可知色光a的波长较长，则两种色光分别通过同一双缝干涉装置时，由公式可知色光a的条纹间距较宽，C正确；由衍射4.C卫星环绕星球做匀速圆周运动时，万有引力提供向心解得星球甲的质量为错误；同理，由图像得,解得星球乙的质量为,设两星球的半径均为R,则两星球的体积为,星球的密度为,整理得,解得p甲：p乙=b:c,B错误；对于处在5.C规定垂直纸面向外为正方向，由安培定则可知通电导线M在a点产生的磁场垂直纸面向里，通电导线N在a点产,A错误；通电导线N在a点的磁感应强度大小为,B错误；由安培定则可知通电导线M、N在b点产生的的磁感应强度大小为,D错误.6.A系统平衡时，连接两物体的轻绳的拉力始终等于物体甲的重力，细线OO'恰好在两轻绳夹角的角平分线上，则应有α=20,物体乙向右移动少许，当系统再次平衡时a增大，但α始终为θ的2倍，A正确；由于轻绳的拉力大小不变，当两轻绳的夹角增大时，两轻绳拉力的合力减小，对轻滑轮分析可知，细线OO的作用力大小始终等于两轻绳拉力的合力，所物体乙所受的摩擦力增大，水平面对物体乙的作用力指的是支持力和摩擦力的合力，即为F合=√Fn²+F²,所以水平面对物体乙的作用力增大，D错误.7.C由几何关系可知D点到水平面的高度为h2m,抛出点到D点的高度为h=H—ho=12.8m,小球在竖直方向做自由落体运动，则小球从抛出到击中D点的时间为,A错误；小球击中D点时的竖直速度大小为v,=gt=16m/s,则小球抛出瞬间的速度大小为vo=v,tan37°=12m/s,B错误；小球在水平方向做匀速直线【高三押题信息卷·物理(三)参考答案第1页(共4页)】ZZ点的时间为s,该过程小球的水平位移为x=zt=15.6m,则抛出点到A点的水平距离为x'o=x'一Ia=I₆=I,又I+I=IR₂+Ia,U₂=Ua+U₆=8V,所以Ua=U₆=U.=UR₂=4V,A=1A,IR=1A,A灯泡b两端的电压为U′₆=I’₆R=2V,变压器副线圈的输出电压为U′₂=Ua+U,解得U′₁=12V,又由得I₁=0.5A,定值电阻R₁两端的电压为UR=U₀—U′₁=4V,则定值电阻R₁的电PR2=Ig₂²R₂=1²×4W=4W,三个灯泡消耗的电功率均为P=UI=4×1W=4W,所以副线圈的输出功率为P₁=圈的输出功率为P₂=P+2P′=6W,则两电键闭合与两电键断开时，副线圈的输出功率之比为P₁:P₂=8:3,C正8W,电源消耗的电功率之比为P电1:P电2=2:1,D错误.B在O点碰撞后瞬间的速度分别为v1、v2,则有0—v²=-2ax1,mAo=mAv₁+mBv₂2,整理可得mA√xo=mA√x₁+mB√x₂,得pmg=ma,解得小物块A、C做匀减速直线运动的加速度均为a=μg.设小物块A、C在O点碰撞后瞬间的速度为v₃,则有0—vs²=-2ax₃,碰12.(1)欧姆调零(1分)18(1分)(2)a(1分)d(1分)(3)图见解析(2分)(5)大于(1分)ZZ【高三押题信息卷·物理(三)参考答案第2页(共4页)】【高三押题信息卷·物理(三)参考答案第3页(共4页)】ZZ(2)由于电源的电动势为12V,则流过水样的电流约为A≈667μA,则电压表应选用测量值为15V的电压表V₂,即电压表应选择d;电流表应选用(3)由于电流表的内阻远小于容器中水的电阻，则应采用电流表内接法，滑动变阻器的最大阻值远小于待测电阻的阻值，则滑动变阻器应用作分压接法，故电路连接如图所示；(4)由欧姆定律得,结合题意可知,又由电阻定律得,又S=a²,整理得(5)由于电流表内阻的影响，电阻的测量值为水的电阻和电流表的内阻之和，而I-U图像的斜率表示,因此斜率偏小，则电阻率的测量值大于真实值.则有mg=0.2poS对气体I,由查理定律得解得T=350K<T₁(1分)显然当T₁=360K时，活塞乙已经向上移动了一段距离，活塞甲到达顶部销钉之前，气体Ⅱ的压强、温体Ⅱ的体积也不变.设稳定后活塞乙距汽缸底部的高度为l,则对气体I,由理想气体状态方程得(1分)解得所以活塞甲离顶部的距离为(1分)(2)设当气体I的温度为T时，活塞甲刚好到汽缸顶部.对气体I,根据理想气体状态方程得所以活塞甲已到达汽缸顶部，设最终气体Ⅱ的压强为p,气柱的高度为I′,对气体Ⅱ由据玻意耳定律得设此时气体I的压强为p₂,对活塞乙受力分析，由力的平衡条件得mg+p.S=p₂S(1分)此时气体I的温度为T₂=1012.5K,对气体I,根据理想气体状态方程(1分)解得px=1.6po(1分)整理得(1分)对导体棒a由牛顿第二定律得F-BIL=ma(1分)整理得金属棒a的加速度大小为a=2.5m/s²(1分)又由运动学公式v²=2ax得v₂=√2ax解得v=2m/s(1(2)电键断开时，给导体棒a一水平向右的初速度到导体棒a运动到虚线1的过程，由动量定理得一BIL·△=mvZZ【高三押题信息卷·物理(三)参考答案第4页(共4页)】由欧姆定律得(1分)(1分)对长木板B由牛顿第二定律得μmg+μ2(M+m的速度为v.则有v=aitv=v-a2t解得v₁=6m/s(1分)解得w=6m/s(1分)