江西省赣州市2025-2026学年高二下学期7月期末考试物理试题含答案

电荷量q随时间1变化的规律如图(乙)所示。C.时间段内，电容器在充电第4题图(甲)第4题图(乙)扫描全能王5.一列简谐横波沿x轴传播，图(甲)是t=1s时刻的波形图，图(乙)是x=2m处的质点P振动图像，质点Q平衡位置在x=4m处。下列说法正确的是()S第5题图(甲)第5题图(乙)第5题图(甲)1.44,当不加液体(在空气中)时光刻胶的曝光波长为193nm,加上液体后光刻胶处的曝光波长点到导轨的距离)。磁场对导电底座产生安培力F,推动导电底座MN及飞翔体向右做匀加速直线运动，实现弹射。下列说法不正确的是()磁场电流电流恒流源磁场E开关D.驱动电流变为原来的2倍，MN所受安培力F的大小将变为原来的4倍扫描全能王合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。比为7:n₄=10:1,充电桩输出电压u=220√2sin100πt(V)和输出功率为6600W,电压表V为A.交变电流的方向每秒改变100次C.输电线上损失的电压50Vab和bc的夹角为30°,不计粒子重力及粒子间的相互作用力。下列说法正确的是()扫描全能王o第12题图(甲)第12题图(乙)第12题图(丙) 第4页(共6页)扫描全能王扫描全能王第13题10分，第14题12分，第15题16分，共38分。解答时扫描全能王(1)静止释放ab棒，求其进入磁场时的速度vo;棒的速度(此时ab棒还未释放);(3)在(2)问的情况下，某时刻释放ab棒，t₂=4s时ab棒刚好进入磁场，同时撤去F,求整第15题图【详解】A.分子电流假说是安培提出的，欧姆的主要贡献是总结出欧姆定律，故A错误；B.牛顿发现了万有引力定律，但引力常量G是卡文迪许通过扭秤实验测得的，故B错误；C.奥斯特首先发现电流的磁效应，首次揭示了电与磁的联系，故C正确；D.法拉第发现了电磁感应现象，但法拉第电磁感应定律是纽曼、韦伯在对理论和实验资料进行严格分析后先后总结得出的，故D错误。【详解】A.题中描述的波在传播过程中，质点做类简谐振动，振动速度是变化的，而波的传播速度则与质点的振动无关，故A错误；B.根据题意可知，绳子是一根粗细均匀、张力稳定的均匀介质，由于机械波在同一种均匀介质中传播时波速大小由介质决定，因此绳波在传播过程中速度大小保持不变，故B正确；C.根据v=λf,同一介质中波的传播速度不变，由波形图可知，从右向左，波长λ逐渐减小，频率f逐渐增大，故C错误；D.由波形图可知，此时波还未到达最右端，所以S点的起始振动方向是向上的，故D错误。故选B。【详解】A.开关S闭合瞬间，线圈L会产生阻碍电流增大的自感电动势，L支路的电流只能逐渐增大，因此B灯是逐渐变亮，A支路无电感，A灯立即变亮，故A错误；B.电路稳定后，自感效应消失，由于L的直流电阻不可忽略，B支路的总电阻大于A支路的电阻；并联支路电压相等，由欧姆定律得A支路电流更大，两灯泡完全相同，因此A灯功率更大、亮度更高，故C.断开开关S后，原电源被切断，线圈L因自感会阻碍自身电流减小，L会和A、B形成闭合的自感回路，因此A、B两灯都是逐渐熄灭，故C错误；D.断开S前，A灯的电流方向为从左向右；断开S后，线圈L原有电流方向保持左向右(自感阻碍电流减小，电流方向不变),L作为自感电源，电流从L右端流出，经过B后流过A灯时方向为从右向左，因此流过A灯的电流方向与断开前相反，故D正确。【详解】A.由q-t图像可知，时刻，电容器上极板带正电荷，电荷量最多，故A错误；试卷第1页，共7页试卷第2页，共7页B.q-t图像斜率表示电流，由图像可知，时刻，电路中电流最大，故B错误；C.时间段内，电容器在充电，故C正确；D.由T=2π√LC,可知仅增大电容器的电容，LC振荡电路的周期增大，故【详解】A.由图可知波长λ=4m,周期T=2s,可得波速为,A错误；B.由图乙可知t=1s时质点P在平衡位置向上振动，结合波形图可知，波向x轴正方向传播，B错误；C.t=1.5s时，P在波峰，Q在波谷，沿y方向相距10cm,沿x方向相距2m,则P和Ω距离大于10cm,CD.t=5.5s时，P处于波峰位置，因PQ平衡位置相差半个波长，可知Q位于波谷位置，D正确。故选D。【详解】加上液体时光刻胶的曝光波光在液体中的传播速度为,不加液体时c=f联立得【详解】A.CMNF回路内的磁场是由驱动电流产生的，所以其方向与驱动电流的方向满足安培定则，故AB.CMNF回路中驱动电流的方向改变，根据安培定则，磁场方向与之前相反，由于导电底座MN中电流方向与之前相反，根据左手定则，导电底座MN所受安培力F的方向不变，故B错误，满足题意要求；C.加速位移一定时，减小导电底座与飞翔体的总质量，由于驱动电流不变，则安培力F不变，根据牛顿第二定律可知，加速度增大；根据运动学公式v²=2ax可知，弹射末速度增大，故C正确，不满足题意要求；D.驱动电流I变为原来的2倍，CMNF回路内的磁场磁感应强度随之变为原来的2倍，根据F=BIL可知，导电底座MN所受安培力F的大小将变为原来的4倍，故D正确，不满足题意要求。故选B。【详解】A.由洛伦兹力提供向心力得试卷第3页，共7页则电子做圆周运动的周期为若只增大电子束出射速度，则电子束做圆周运动的周期不变，故A错误；B.乙图中，带电粒子经质谱仪的速度选择器区域后，速度都相同，经偏转磁场时击中光屏同一位在磁场中偏转的轨道半径r相同，由洛伦兹力提供向心力得可知击中光屏同一位置的粒子比荷相同，但粒子的电荷量大小不一定相等，故B错误；C.丙图中载流子为负电荷的霍尔元件，负电荷的运动方向与电流方向相反，由左手定则可知，负电荷在洛伦兹力作用下，向N侧移动，因此N侧聚集负电荷，N侧电势低，故C正确；D.当粒子轨道半径等于D形盒半径R时，粒子的速度最大，动能最大；则有可知增加D形盒狭缝之间的电压U,完成加速飞出D形盒时粒子的最大动能不变，故D正确。故选CD。一个周期内电流方向改变2次，可知交变电流方向每秒改变100次，A正确；B.降压变压器次级电压有效值则输电线上的电流为,B错误；C.升压变压器次级电压D.电压表示数为交流电的有效值，则当t=0.01s故选AC。时，电压表的示数不是0,D错误。试卷第4页，共7页【详解】AB.在bc边中点射出的粒子的轨迹如图所示(圆心为O₁),根据牛顿第二定律得此时粒子在磁场中转过的角度为,则时间,A错误，B正确；C.粒子在磁场内运动，若从ab边射出，时间最长，轨迹所对应的圆心角为180°,其最长时间为D.粒子在磁场中运动的最大轨迹(圆心为O₂)长度为,D正确；故选BD。【详解】(1)[1]A.摆球摆到最高点时速度为零，但重力沿切线方向的分力提供回复力，加速度不为零，B.摆球摆动过程中合力一般有沿切线方向和沿绳方向的分量，方向不始终沿绳指向悬挂点，故B错误；C.最低点为平衡位置，此时回复力为零，但摆球做曲线运动需要向心力，合力不为零，故C错误；D.单摆小角度摆动时，摆球的回复力由重力在垂直摆线方向上的分力充当，故D正确。故选D。(2)[2]A.选用密度大、体积小的金属球作摆球，可减小空气阻力和浮力的影响，使摆球更接近质点，故B.摆长应为悬点到摆球球心的距离，不能只把细线长L当作摆长，且缠试卷第5页，共7页C.圆锥摆不是同一竖直平面内的小角度单摆，不能仍用原测量摆长计算重力加速度，故C错误。故选A。(3)[3]由图乙可知，绳子拉力最大时摆球经过最低点，相邻两次拉力最大对应摆球两次经过最低点，时间间隔为半个周期，故单摆周期为T=2(t₂-t)[4]由单摆周期公式代入T=2(t₂-t),解得右【详解】(1)[1]探究电磁感应现象的实验中，需要将电源、开关、滑动变阻器和线圈A首尾相接构成原线圈回路；将线圈B和电流计构成副线圈闭合回路，如图所示：[2]闭合开关瞬间，穿过线圈B的磁通量增大，电流计指针向右偏转，说明磁通量增大时指针向右偏；若要使电流计指针向左偏转，则需使穿过线圈B的磁通量减小，即减小线圈A中的电流，根据欧姆定律可知，此时需要增大滑动变阻器接入电路的阻值，由图甲可知，滑动变阻器接入了左下接线柱，因此滑片应向右拒去留”可知，线圈对强磁铁产生向上的安培力，阻碍其下落，根据牛顿第二定律有mg-F女=ma解得a<8,故强磁铁的加速度小于重力加速度。[2]在t～t₅的时间内，强磁铁下落过程中克服安培力做功，回路中产生焦耳热。根据能量守恒定律可知，强磁铁重力势能的减少量等于其动能的增加量与回路中产生的焦耳热之和，故强磁铁重力势能的减少量大于其动能的增加量。试卷第6页，共7页【详解】(1)根据对称及光路可逆性，作出光路如图所示(2)光在液滴中的传播速度由几何关系得CB=BD=2Rcosr=√3R光在液滴中的传播时②【详解】(1)运动到O点的速度方向与x轴正方向的夹角为θ=60°,解得v,=√3(2)粒子在电场中沿-y方向做匀加速运动，则有2,v,=at根据牛