2026届安徽省示范高中皖北协作区高三下学期第28届联考(一模)物理试题（含答案）

第第页2026届安徽省示范高中皖北协作区高三下学期第28届联考(一模)物理试题一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。1．由中国科学院合肥物质科学研究院等离子体物理研究所自主设计研制的世界上第一个全超导托卡马克装置EAST，于2006年建成投入使用。该装置的核心就是模仿太阳，持续稳定地释放能量，然后转化成电能，供人类使用。该装置的核反应方程可能是12A．x=4 B．y=−1C．该核反应要吸收热量 D．该核反应是核裂变2．某人使用无人机将高山上的农产品运送到山下。如图所示，某次运送过程中的一段时间内，无人机水平向右飞行，农产品用轻绳悬挂于无人机下方，并相对于无人机静止，轻绳与竖直方向成一定夹角。忽略农产品所受空气阻力，下列说法正确的是（）A．该段时间内，无人机一定向右做匀加速直线运动B．该段时间内，轻绳与竖直方向的夹角越大，无人机的速度越大C．该段时间内，农产品可能处于失重状态D．若到达目的地前，农产品竖直向下做减速运动，则农产品处于超重状态3．布儒斯特角是由英国物理学家大卫·布儒斯特于1815年发现的。布儒斯特角在光学、电子学、声学等领域都有广泛的应用。当光从空气中以某一入射角射入介质时，反射光与折射光互相垂直，这个角度就叫布儒斯特角。某介质的折射率为3，其布儒斯特角为（）A．30° B．45° C．60° D．90°4．我国计划在2026年发射嫦娥七号月球探测器，前往月球南极寻找水冰。嫦娥七号奔月找冰的轨道示意图如图所示，探测器在近月点P被月球俘获进入椭圆轨道Ⅰ，经调整制动后，又从P点进入环月圆形轨道Ⅱ。关于探测器，下列说法正确的是（）A．探测器在轨道Ⅰ上经过P点的速度小于在轨道Ⅱ上经过P点的速度B．探测器在轨道Ⅰ上运动的周期大于在轨道Ⅱ上运动的周期C．探测器在轨道Ⅰ上经过P点的加速度小于在轨道Ⅱ上经过P点的加速度D．探测器在轨道Ⅰ上经过P点的机械能小于在轨道Ⅱ上经过P点的机械能5．某同学设计的发电装置如图所示，已知永磁铁的往复运动在螺线管中产生正弦式交流电，周期为0.2s，电压有效值恒为0.05V，理想变压器原线圈接螺线管，副线圈接电阻箱和理想交流电流表，原、副线圈匝数比为1:100，下列说法正确的是（）A．螺线管两端交流电压的瞬时值表达式为e=0.05B．副线圈两端电压最大值为5VC．增大电阻箱接入电路的电阻，电流表的示数减小D．增大电阻箱接入电路的电阻，变压器的输入功率不变6．地震监测站监测到一列地震横波，t=0时刻的波形图如图甲所示，已知P点是平衡位置在x=0处的质点，Q点是平衡位置在x=15km处的质点，质点Q振动的a−tA．t=0时，质点P沿y轴正方向运动B．地震横波的波长为30kmC．地震横波传播的速度为9km/sD．0~10s的时间内，质点P通过的路程为7．如图所示，原长为L0的轻质弹簧放置在一光滑的一端封闭、一端开口的细直管内，弹簧的一端固定在管的O点，另一端连接一质量为m的小球。这一装置从水平位置开始绕O点缓慢地转到竖直位置，当转到竖直位置时小球离开原水平面的高度为3A．弹簧的劲度系数为8mgB．在转动过程中，小球与弹簧组成的系统机械能守恒C．在转动过程中，弹簧的弹性势能先增大后减小D．在转动过程中，小球的重力势能可能先增大后减小8．第24届国际回旋加速器及其应用大会于2025年10月27日至10月31日在中国成都举办。回旋加速器示意图如图所示，其中置于真空中的金属D形盒的半径为R，两盒间距为d，在左侧D形盒圆心处放有粒子源S，匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向如图所示。质子的质量为m，电荷量为q。质子从粒子源S进入加速电场时的初速度不计，质子受到的重力不计，加速电场的电压恒为U，质子在电场中运动时，不考虑磁场的影响。质子在电场中加速的总时间与在D形盒中回旋的总时间的比值为（）A．dπR B．2dπR C．二、选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。9．如图所示，白色传送带以1m/s的速度顺时针转动，现将一质量为0.1kg的石墨块（可视为质点）在t=0时无初速度放入传送带的左端，在t=2s时传送带突然停止。已知石墨块与传送带间的动摩擦因数为0.1，传送带两端水平距离为2.5m，取重力加速度大小g=10A．石墨块在整个运动过程中，相对地面的位移大小为2mB．石墨块在传送带上运动的时间为2.5sC．传送带上黑色痕迹的长度为0.5mD．石墨块与传送带间因摩擦产生的热量为0.05J10．有一匀强电场，其方向平行于xOy平面，平面内a、b、c、d四点的位置如图所示，cd、cb分别垂直于x轴、y轴，其中a、O、b三点电势分别为6V、4V、2V，若d处有一个放射源，在∠Odc范围内沿平面射出相同动能的电子（重力不计），所有电子均可通过ba所在的直线，其中沿dc方向射入的电子从b点射出，下列判断正确的是（）A．c点的电势为0B．匀强电场的电场强度大小为100C．从射出到经过ba所在直线的过程中，沿db方向射入的电子动能变化最小D．沿dc、dO方向射入的电子，从射入到运动至ba所在的直线的过程中动量变化相等三、非选择题：共5题，共58分。11．某实验小组要测量电池组的电动势和内阻，实验室提供的实验器材如下：A．待测电池组（电动势约为3V）；B．滑动变阻器；C．电压表V（理想电压表）；D．电流表；E．电阻箱；F．开关S、导线若干。（1）在下列提供的电路中，应选用（填“甲”或“乙”）。（2）根据某次实验记录的数据画出的U−I图像如图丙所示，待测电池组电动势E=V，待测电池组内阻r=Ω。（结果均保留两位有效数字）（3）实验中发现电流表损坏，若要继续完成该实验，请你根据所给器材设计实验电路，并画在如图丁所示的方框中。12．某同学用如图甲所示的实验装置研究滑块的加速度，实验步骤如下：①用游标卡尺测量遮光条的宽度d；②将气垫导轨调整为水平状态，在滑块上安装一遮光条，让细绳跨过定滑轮与槽码相连；③接通气源，将滑块由静止释放；④滑块先后通过两个光电门，配套的数字计时器记录了遮光条通过光电门1的时间Δt1为0.20s，通过光电门2的时间Δt2为0.05s，遮光条从开始遮住光电门1到开始遮住光电门2的时间（1）用游标卡尺测量遮光条的宽度，示数如图乙所示，遮光条的宽度d=cm；（2）滑块通过光电门1时的速度大小v1m/s，滑块的加速度大小a1=（3）某小组发现通过改进实验方案就可以测量当地的重力加速度。让滑块从固定点O由静止释放，光电门2固定不动，改变光电门1的位置，测出两光电门间的距离x及滑块在两光电门间运动的时间t，多次重复实验，计算机作出的图像如图丙（图中b、c、d已知）所示，测得槽码的质量为m，滑块（含遮光条）的质量为M，得到当地重力加速度g=（用题中所给的字母表示）。13．如图所示，粗细均匀的U形玻璃管竖直放置，右管口封闭，右管内封闭有长度为10h（单位为cm）、热力学温度为T0、压强为1.2p0（p0为大气压强，是未知量）的理想气体，左、右两管的水银面高度差为4h（1）求大气压强p0（以cmHg（2）求此时右管内气体的热力学温度T1（3）保持右管内气体的热力学温度为T1，从左端管口向玻璃管中缓慢注入适量水银，直至右管内气体的长度为10h14．如图所示，在坐标系xOy的第四象限内，固定一光滑竖直圆弧轨道ABC，B点和C点分别为圆弧轨道的最低点和最高点，C点在x轴上，已知圆弧轨道的半径R=0.9m，O'、A连线与竖直方向的夹角θ=60°，小球从坐标原点O以一定速度水平抛出，恰好从圆弧轨道A点沿切线方向进入，取重力加速度大小（1）求小球到达A点时的速度大小；（2）通过计算判断小球能否到达C点；（3）改变抛出点的位置，将小球水平抛出，使小球仍然能从A点沿切线方向进入圆弧轨道，写出满足该条件抛出点位置的方程（不必写出推导过程）。15．如图所示，间距为L且足够长的光滑平行金属导轨MM1M2与NN1N2，由倾角为θ的倾斜导轨和水平导轨两部分组成，两部分导轨平滑连接，开关S1、S2均断开。倾斜导轨顶端MN之间连接定值电阻R，且处于垂直于导轨平面向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场中，水平导轨间有竖直向上、磁感应强度大小也为B的匀强磁场。n根相同导体棒等间距垂直导轨静止放置，每根导体棒的质量均为（1）金属棒a在倾斜导轨上运动的最大速度v；（2）金属棒a在水平导轨上运动的过程中，金属棒a产生的焦耳热；（3）当金属棒a与水平导轨上第一根导体棒的间距减少d2

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】AB、根据核反应前后质量数和电荷数守恒可知，x=4，y=0，故A正确，B错误；C、聚变反应发生质量亏损，向外释放能量，不需要吸热，故C错误；D、该反应是两个轻核结合成较重原子核，属于核聚变，不是核裂变，故D错误。故选A。

【分析】聚变反应要放出热量，反应前后质量数和电荷数守恒。2．【答案】A,D【解析】【解答】A．由题图可知，农产品所受合力水平向右，根据牛顿第二定律加速度水平向右，又因为无人机水平向右飞行，则无人机一定向右做匀加速直线运动，故A正确；B．夹角大小只反映加速度大小，和瞬时速度大小无关联，故B错误；C．农产品竖直方向合力始终为0，竖直加速度为0，不会出现失重状态，故C错误；D．农产品竖直向下做减速运动，加速度方向竖直向上，则农产品处于超重状态，故D正确。故选AD。

【分析】根据牛顿第二定律分析加速度方向，判断无人机的运动情况，根据超重和失重的概念判断物体所处的状态。3．【答案】C【解析】【解答】光路图如图所示：

由几何关系可知i'+r=90°，由反射定律可知i=i'，由折射定律可知n=sinisinr，代入数据可得i=60°，故C正确，ABD错误。

4．【答案】B【解析】【解答】A、探测器从轨道I变轨到轨道Ⅱ需要在P点制动减速，因此轨道I上P点速度大于轨道Ⅱ上P点速度，故A错误；

B、轨道I为椭圆，半长轴大于轨道Ⅱ圆形轨道的半径，根据开普勒第三定律，轨道半长轴越大周期越长，所以轨道I周期更大，故B正确；

C、同一位置P点，探测器受到的月球万有引力完全相同，万有引力提供加速度，两点加速度相等，故C错误：D．探测器在P点由轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ时，速度减小，动能减小，势能不变，则机械能减小，故D错误。故选B。

【分析】探测器在P点减速才能从椭圆轨道进入圆轨道，因此轨道Ⅰ上P点速度大于轨道Ⅱ上P点速度。比较周期需依据开普勒第三定律，轨道半长轴越大周期越长，椭圆轨道半长轴大于圆轨道半径，故轨道Ⅰ周期更大。加速度由万有引力决定，同一点引力相同故加速度相等。机械能变化需考虑变轨时速度减小导致动能减少，势能不变，因此机械能减小。5．【答案】C【解析】【解答】A．根据ω=2πT=10π，电压峰值UB．由U1U2C．副线圈电压由匝数与原线圈电压决定，保持不变；增大电阻箱阻值，由I=UD．由P=U故选C。

【分析】先由周期算出角速度，结合有效值求电压最大值，判断瞬时值表达式正误；依托原副线圈匝数比和原线圈有效值，算出副线圈电压最大值；再根据副线圈电阻变化，分析副线圈电流、输出功率，进而判定输入功率与电表示数变化。6．【答案】D【解析】【解答】ABC．由题图乙可知，质点Q的振动周期T=10s，根据质点Q振动的a-t图像可知，t=0时，质点Q向上振动，根据同侧法可知波沿-x方向传播，t=0时，质点P沿y轴负方向运动，再对P质点由同侧法可知P沿y轴负方向振动，Q沿y轴正方向振动，由图像可知代入数据得λ=36km，根据v=λT，T=10D.0～10s的时间内，即经过一个周期，质点P通过的路程为：s=4A=4×20cm=80cm，故D正确。故选D。

【分析】根据质点Q振动的a-t图像结合同侧法分析波的传播方向和P的振动方向；根据t=0时质点P的坐标求解波长；根据图乙求解周期，根据波速计算公式求解波速；根据一个周期内通过的路程为4A进行解答。7．【答案】D【解析】【解答】A、装置转到竖直位置时，弹簧的形变量x=L0联立解得k=8mgB、装置缓慢转动，外力持续做功，小球与弹簧系统机械能不守恒，故B错误；C、初始水平弹簧原长无弹性势能，转到竖直全程弹簧持续被压缩，形变量不断变大，弹性势能一直增大，不存在减小阶段，故C错误；D、因为h=L0−x故选D。

【分析】装置缓慢转动处于动态平衡，由竖直位置高度算出弹簧压缩量，利用系统功能关系求解劲度系数，结合弹簧形变、小球高度变化分析势能变化。8．【答案】B【解析】【解答】质子的质量为m，电荷量为q，设质子在加速器中获得的最大速度为v，粒子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律有qvB=mv2根据牛顿第二定律可得质子在电场中的加速度大小a=Uqdm设质子在电场中加速次数为N，则有NUq=质子在磁场中运动的时间t2=N⋅在电场与磁场中运动的时间的比值t1t29．【答案】A,C【解析】【解答】AB．石墨块在加速过程中，加速度大小a=由速度公式有v=at1如图所示石墨块在传送带上运动的时间为3s，石墨块相对地面的位移大小x=1+32×1m=2m<2.5m，故A正确，B错误；

C、0～1s内滑动痕迹的长度等于石墨块与传送带相对位移大小，为故选：AC。

【分析】石墨块先做匀加速运动，根据牛顿第二定律求出加速度，由速度—时间公式求出匀加速运动的时间。接着，石墨块做匀速运动，t=2s后做匀减速运动，画出v-t图像，根据v-t图像与时间轴所围的面积表示位移确定石墨块相对地面的位移大小。根据相对位移大小求解传送带上黑色痕迹的长度，再根据滑动摩擦力大小与相对路程的乘积求因摩擦产生的热量。10．【答案】A,B,D【解析】【解答】A、O是ad中点，根据匀强电场特点有φO=φd+φa2，解得φdB、b、d连线为等势线，O到b、d连线的距离x=2×10C、电子沿dc方向射入时，经过b点，电场力不做功，动能变化为零，故C错误；

D、沿dc、dO方向射入的电子，从射入到运动至ba所在直线的时间相等，由动量定理可知，动量变化相等，故D正确。

故选：ABD。

【分析】已知a、O、b三点电势，结合几何关系可推断c点电势与电场分布。电子从d点以相同动能射出，需分析不同方向电子在电场中受力与运动轨迹，比较它们通过ba直线时的动能变化与动量变化。通过电场方向与电子初速度方向的关系，判断动能变化最小的条件，并依据匀强电场中电势均匀变化规律验证各选项。11．【答案】（1）甲（2）3.0；1.0（3）【解析】【解答】（1）图甲电路中相对于电源，电流表采用外接法，实验误差来源于电压表的分流作用，电动势和内阻的测量值小于真实值；图乙电路中相对于电源，电流表采用内接法，实验误差来源于电流表的分压作用，电动势测量值等于真实值，内阻的测量值比真实值大得多，实验误差大，因此应选用甲。（2）根据闭合电路欧姆定律有U=E−Ir，结合题图丙可得E=3.0V，（3）电流表损坏，采用伏阻法测量即可，实验电路如图

【分析】（1）根据实验原理，结合电路结构分析实验误差的来源，然后作答；

（2）根据闭合电路欧姆定律求解U-I函数，结合图像纵截距和斜率绝对值求解作答；

（3）根据“伏阻法”完成电路图的设计。（1）电压表为理想电表，甲图无系统误差。故选甲。（2）[1][2]根据闭合电路欧姆定律有U=E−Ir结合题图丙可得E=3.0V，（3）电流表损坏，采用伏阻法测量即可，实验电路如图12．【答案】（1）2.00（2）0.10；0.12（3）2b【解析】【解答】（1）图乙为10分度游标卡尺，精度0.1mm；

主尺读数：20mm，游标0刻度对齐，游标读数0×0.1=0.0mm；

总宽度d＝20.0mm＝2.00cm。（2）用平均速度近似代替瞬时速度，滑块通过光电门1时的速度大小v滑块通过光电门2时的速度大小v根据加速度定义得a（3）根据逆向思维，结合运动学公式有x=vt−12由题图可知−b=−12a，可得解得重力加速度g=2b(M+m)m

【分析】（1）先确定游标卡尺的最小分度值再读数；

（2）利用平均速度替代滑块通过光电门的速度，根据加速度定义式计算；（1）10分度游标卡尺的精度为0.1mm，游标卡尺的读数为（2）[1]滑块通过光电门1时的速度大小v[2]滑块通过光电门2时的速度大小v速度变化量为Δ根据加速度定义得a（3）根据逆向思维，结合运动学公式有x=vt−变形得x由题图可知−b=−12a，可得解得重力加速度g=13．【答案】（1）解：由平衡条件有p解得p（2）解：当左管的水银面比右管的水银面高8h时，右管内气体的长度为12h，气体的压强p由理想气体状态方程有1.2解得T（3）解：气体的压强p由等容变化有1.2结合T1=1.4【解析】【分析】（1）根据初始水银面高度差建立封闭气体压强与大气压的等式，求解大气压强；

（2）结合水银移动距离确定升温后气体的压强与长度，利用理想气体状态方程求解末态温度；

（3）气体等温压缩至原长度，由玻意耳定律求末态压强，再结合液面落差变化算出加注水银总长。（1）由平衡条件有p解得p（2）当左管的水银面比右管的水银面高8h时，右管内气体的长度为12h，气体的压强p由理想气体状态方程有1.2解得T（3）气体的压强p由等容变化有1.2结合T1=1.414．【答案】（1）解：小球被抛出后，在竖直方向上有v解得v由tanθ=v小球到达A点时的速度大小v（2）解：小球从抛出点运动到C点，根据机械能守恒定律可知v或者对小球从A点运动到C点，由动能定理有−mgR(1+解得v由mg=mvC则v小球刚好能到达C点。（3）解：如图所示连接A点和坐标原点，抛出点位置的方程y=−其中x<【解析】【分析】（1）利用A点速度切线偏角60°结合平抛竖直下落高度，求出竖直分速度，再分解合成A点合速度；

（2）从A到C由机械能守恒算出C点速率，和圆周最高点临界最小速度对比，判定能否抵达；

（3）依据平抛速度方向固定的约束条件，结合平抛位移公式推导抛出点坐标方程。（1）小球被抛出后，在竖直方向上有v解得v由tanθ=v小球到达A点时的速度大小v（2）小球从抛出点运动到C点，根据机