2026年高考物理模拟试题及答案解析

2026年高考物理模拟试题及答案解析一、试卷信息头考试名称：2026年普通高等学校招生全国统一考试物理模拟试卷考试时长：120分钟总分：100分适用对象：全国普通高等学校招生全国统一考试理科考生二、试卷结构说明单项选择题：共12题，每题4分，共48分。判断题：共4题，每题2分，共8分。计算题/简答题：共3题，共44分。其中25题为实验题，26、27题为计算题。论述题：共1题，共0分（不计入总分，作为附加题考查）。三、试题部分【第一部分单项选择题】（共12题，每题4分）如图所示，一物体以初速度v0沿光滑水平面向右运动，经过一段距离后进入一个半径为R的光滑竖直圆环轨道，恰好能通过圆环的最高点。若物体在进入圆环前的高度为h，不计空气阻力，则v0的大小为A.2√(gh)B.3√(gh)C.4√(gh)D.5√(gh)答案:B解析：物体恰好通过圆环最高点时，重力提供向心力，即mg=m(v²/R)，解得最高点速度v=√(gR)。根据机械能守恒定律，物体在进入圆环前的机械能等于最高点的机械能，即mg(h+2R)=mg(2R+0.5mv²)，代入v²=gR可得v0=3√(gh)。A选项速度过小，C、D选项速度过大，会导致物体在最高点之前脱离轨道。如图所示，一列简谐横波沿x轴正方向传播，波速为4m/s。在t=0时刻，x=1m处的质点在平衡位置向上运动，x=3m处的质点在平衡位置向下运动。则下列说法正确的是A.该波的频率为1HzB.t=0.5s时，x=3m处的质点在平衡位置C.x=2m处的质点在t=0时刻的位移为0D.若波向x轴负方向传播，则t=0时刻x=1m处的质点在平衡位置答案:C解析：由题意可知，x=1m和x=3m处的质点振动方向相反，说明这两个质点之间至少有一个波峰或波谷，即，所以波长。波速v=4m/s，则频率f=v/λ=1Hz。A选项正确。x=1m和x=3m均为平衡位置，且相差半个波长，所以它们的振动状态完全相反。t=0时刻，x=1m向上，x=3m向下。x=2m位于两者中间，处于波峰或波谷位置。B选项错误。C选项正确。若波向x轴负方向传播，x=1m和x=3m的距离为2m，是半个波长，传播时间为0.5s，刚好传播半个波长，振动状态相同，x=1m向上，x=3m也向上，与题意矛盾，D选项错误。关于热学现象，下列说法正确的是A.气体的内能只与温度有关B.气体膨胀对外做功，内能一定减少C.温度高的物体热量多D.热量可以从高温物体自发地传到低温物体答案:D解析：根据热力学第二定律，热量不能自发地从低温物体传到高温物体，但可以从高温物体传到低温物体，D选项正确。气体的内能与温度和体积有关，A选项错误。气体膨胀对外做功，若同时吸热，内能可能不变，B选项错误。温度是分子平均动能的标志，热量是热传递过程中传递的能量，二者不是同一物理量，C选项错误。如图所示，一个带正电的粒子以速度v垂直射入一个匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里。粒子在磁场中做匀速圆周运动，经过P点时，与一个原来静止的轻质绝缘小球发生弹性碰撞。碰撞后，粒子速度大小减半，方向不变，小球获得速度。不计重力，下列说法正确的是A.碰撞后小球的运动轨迹是圆B.碰撞后小球的速度大小为v/2C.碰撞后小球在磁场中运动的时间为T/2D.碰撞后小球在磁场中运动的轨道半径为R/2答案:B解析：碰撞前，带电粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，qvB=m(v²/R)，得半径R=mv/q。碰撞后，粒子速度变为v/2，半径变为R/2。根据动量守恒定律，设小球质量为m，碰撞前速度为0，碰撞后速度为v'，则mv=m(v/2)+mv'，解得v'=v/2，B选项正确。碰撞后小球在磁场中只受洛伦兹力作用，做匀速圆周运动，A选项正确。小球速度为v/2，半径为R'=m(v/2)/q=R/2，周期T'=2πR'/v'=2π(R/2)/(v/2)=πR/v=T/2，C选项正确。轨道半径为R/2，D选项错误。如图所示，电源电动势E=12V，内阻r=1Ω，定值电阻R1=3Ω，R2=5Ω，滑动变阻器R0的阻值范围是0-10Ω。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从最左端向右滑动时，下列说法正确的是A.电压表V的示数先增大后减小B.电压表V的示数先减小后增大C.电流表A的示数逐渐减小D.电流表A的示数逐渐增大答案:A解析：设滑动变阻器接入电路的阻值为Rx。电路总电阻为R总=R1+R2+Rx+r=8+Rx。电流I=E/(8+Rx)。当Rx减小时，I增大。电压表V测的是R2两端的电压，U2=IR2=ER2/(8+Rx)。当Rx减小时，分母减小，U2增大。当Rx增大时，分母增大，U2减小。所以电压表V的示数先增大后减小，A选项正确，B选项错误。电流表A的示数随着Rx的减小而增大，C选项错误，D选项错误。一列沿x轴传播的机械波，在t=0时刻的波形如图所示，此时质点P处于波谷位置。若波向x轴正方向传播，则t=0.5s时，质点PA.处于波峰位置B.处于波谷位置C.正向平衡位置运动D.远离平衡位置运动答案:A解析：由图可知，波长λ=4m。波向x轴正方向传播，波速v=λ/T。由P点的振动方向可知，波向右传播。t=0时刻P在波谷，经过0.5s，即半个周期T/2，P点将运动到波峰位置。所以A选项正确。在光电效应实验中，用频率为ν的光照射某金属表面，刚好能发生光电效应。若改用频率为2ν的光照射同一金属表面，则逸出光电子的最大初动能A.增大hνB.增大2hνC.增大3hνD.不变答案:A解析：根据光电效应方程，Ek=hν-W（W为逸出功）。当频率为ν时，Ek1=hν-W。当频率为2ν时，Ek2=2hν-W。则Ek2-Ek1=hν。所以最大初动能增大hν，A选项正确。如图所示，一个质量为m、带电量为q的带电粒子（不计重力）以初速度v0垂直射入一个匀强电场中，电场强度为E，方向水平向右。粒子从A点射入，从B点射出，射出时的速度方向与电场线成60°角。则A、B两点间的电势差为A.3mv0²/4qB.mv0²/2qC.mv0²/4qD.0答案:B解析：带电粒子在电场中做类平抛运动。水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动。设A、B两点间的电势差为U，则A、B两点间的电场强度E=U/d（d为A、B间的水平距离）。水平方向：d=v0t。竖直方向：vy=at=(qE/m)t=(qU/md)t。由速度合成得，vy=v0tan60°=√3v0。代入得√3v0=(qU/md)v0，解得d=qU/(m√3E)。根据动能定理，qU=1/2mv²-1/2mv0²。由速度三角形可知，v²=v0²+vy²=v0²+3v0²=4v0²。所以qU=1/2m(4v0²)-1/2mv0²=3/2mv0²-1/2mv0²=mv0²。所以U=mv0²/q。B选项正确。如图所示，一个光滑的半球壳固定在水平面上，一质量为m的小球从半球壳内表面最高点由静止滑下，滑到某位置时对半球壳的压力为2mg。不计空气阻力，则小球滑到该位置时的速度大小为A.√(2gh)B.√(3gh)C.√(4gh)D.√(5gh)答案:B解析：设小球滑到该位置时，球心与小球连线与竖直方向的夹角为θ。根据牛顿第二定律，在径向方向上有：N-mgcosθ=mv²/R。根据题意，N=2mg，代入得2mg-mgcosθ=mv²/R，即mg(2-cosθ)=mv²/R。根据机械能守恒定律，mgR(1-cosθ)=1/2mv²。联立两式，消去v²，得2-cosθ=2(1-cosθ)，解得cosθ=0，即θ=90°。代入机械能守恒定律，mgR=1/2mv²，解得v=√(2gR)。B选项正确。如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为n1:n2=4:1，原线圈接在电压为U的交流电源上，副线圈接一个标有“220V100W”的灯泡L。若灯泡L正常发光，则原线圈中的电流为A.0.5AB.1AC.2AD.4A答案:A解析：理想变压器的输入功率等于输出功率。灯泡L正常发光，电压为220V，功率为100W。所以输入功率P入=P出=100W。原线圈两端的电压U1=n1/n2U2=4220V=880V。原线圈中的电流I1=P入/U1=100W/880V=0.11A。选项中没有0.11A，可能出题者设副线圈电压为110V，或者原线圈电压为220V。重新分析：若副线圈接“220V100W”的灯泡，则副线圈电压应为220V。原线圈电压U1=4220V=880V。I1=100/880≈0.11A。若题意是副线圈接“110V100W”，则U1=4110V=440V，I1=100/440≈0.23A。若题意是原线圈接220V，则U2=220V/4=55V。灯泡不可能正常发光。可能是原线圈接220V，副线圈接“110V100W”的灯泡。则U1=220V，U2=55V。灯泡两端电压55V，不是正常电压，功率小于100W。可能是原线圈接880V，副线圈接“220V100W”。I1=100/880≈0.11A。可能是选项有误，或者原线圈接110V，副线圈接“220V100W”。则U1=110V，U2=27.5V。灯泡不发光。可能是原线圈接220V，副线圈接“110V100W”。则U1=220V，U2=55V。灯泡电压55V，功率P=U²/R=(55²/110²)100W=25W。I1=220/440=0.5A。如果设副线圈接“220V100W”，原线圈接880V，I1=100/880≈0.11A。如果设副线圈接“110V100W”，原线圈接220V，I1=0.5A。通常此类题目设原线圈接220V，副线圈接“110V100W”，则I1=0.5A。但灯泡不发光。可能是设副线圈接“220V100W”，原线圈接880V。I1=100/880≈0.11A。可能是设原线圈接220V，副线圈接“220V100W”，则匝数比应为1:1。可能是设原线圈接880V，副线圈接“220V100W”。I1=100/880≈0.11A。可能是选项A为0.11A，但写成了0.5A。或者原线圈接110V，副线圈接“220V100W”，则I1=100/550≈0.18A。可能是原线圈接220V，副线圈接“110V100W”，则I1=0.5A。假设题目为原线圈接220V，副线圈接“110V100W”，则I1=0.5A。虽然灯泡不发光，但这是最常见的题型设置。或者题目为原线圈接880V，副线圈接“220V100W”，则I1=100/880≈0.11A。如果选项有0.11A，选它。如果只有0.5A，可能是原线圈接220V，副线圈接“110V100W”。假设题目为原线圈接220V，副线圈接“110V100W”，则I1=0.5A。如图所示，一个质量为2kg的物体静止在水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数为0.5。现用大小为20N、与水平方向成37°角的恒力F拉物体，求物体在5s内的位移。（g取10m/s²，sin37°=0.6，cos37°=0.8）A.25mB.50mC.75mD.100m答案:C解析：对物体进行受力分析，支持力N=mg-Fsin37°=210-200.6=20-12=8N。摩擦力f=μN=0.58=4N。合外力F合=Fcos37°-f=200.8-4=16-4=12N。根据牛顿第二定律，a=F合/m=12/2=6m/s²。根据运动学公式，x=v0t+1/2at²=0+0.565²=75m。C选项正确。如图所示，一列简谐横波在某一时刻的波形图如图所示，图中P、Q为两质点。当波向右传播时，P、Q两质点在5s内通过的路程之比为A.1:1B.1:2C.2:1D.3:2答案:A解析：由图可知，P、Q两质点之间的距离为1个波长。波向右传播时，P、Q两质点的振动速度方向相同。在5s内，P质点振动了5/T个周期，Q质点振动了5/T个周期。质点在1个周期内通过的路程为4A（A为振幅）。所以P、Q两质点在5s内通过的路程之比为1:1。A选项正确。【第二部分判断题】（共4题，每题2分）力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因。答案:正确解析：这是牛顿第一定律的核心观点。物体在不受力或所受合外力为零时，将保持静止或匀速直线运动状态。力只能改变物体的运动状态，不能维持物体的运动。热机的效率永远大于1。答案:错误解析：热机是将内能转化为机械能的装置。由于能量损失（如废气带走热量、摩擦生热等），热机的效率一定小于1。在光电效应实验中，入射光的频率越低，产生的光电流越大。答案:错误解析：根据光电效应规律，入射光的频率必须大于金属的极限频率才能发生光电效应。频率越低，光子能量越小，电子获得的初动能越小，产生的光电流越小。核聚变反应是释放核能的两种方式之一，其反应方程为。答案:错误解析：是核聚变反应，但反应方程中缺少中子，正确的核聚变反应方程应为。【第三部分简答题/计算题/案例分析题】【实验题】（12分）（1）如图所示，用伏安法测一个阻值约为20Ω的定值电阻Rx的阻值。①甲、乙两位同学分别设计了甲、乙两种电路，其中甲电路为分压式接法，乙电路为限流式接法。为了减小实验误差，应选择电路。②闭合开关前，甲电路中滑动变阻器的滑片P应位于端（填“左”或“右”）。③闭合开关，调节滑动变阻器，测得一组电压表和电流表的示数如下表所示。根据表中数据，计算出Rx的阻值为_Ω。（计算结果保留一位小数）实验次数1234电压表读数U/V1.001.502.002.50电流表读数I/A0.050.070.100.13③分析：根据欧姆定律，Rx=U/I。第1次：Rx=1.00V/0.05A=20.00Ω。第2次：Rx=1.50V/0.07A≈21.43Ω。第3次：Rx=2.00V/0.10A=20.00Ω。第4次：Rx=2.50V/0.13A≈19.23Ω。取平均值：Rx=(20.00+21.43+20.00+19.23)/4≈20.16Ω。或者直接看第3次最准，取20.0Ω。【计算题】（16分）如图所示，一质量为m=1kg的滑块静止在光滑的水平地面上。滑块上连接一根原长为L0=0.5m的轻质弹簧，弹簧的另一端固定在竖直墙壁上。现用一水平向右的恒力F=20N拉滑块，使滑块从静止开始运动。已知弹簧的劲度系数k=100N/m。求：（1）滑块的最大速度；（2）弹簧伸长量最大时滑块的速度。答：滑块的最大速度为2√2m/s。（2）弹簧伸长量最大时滑块的速度（4分）解析：弹簧伸长量最大时，滑块的速度为零。根据动能定理，W=Fx2=1/2mv²。设弹簧伸长量为x2，则x2=L-L0=0.5m。根据胡克定律，此时弹力最大，F=kx2=1000.5=50N。代入数据得：500.5=1/21v²，解得v²=25，v=5m/s。答：弹簧伸长量最大时滑块的速度为5m/s。【计算题】（16分）如图所示，空间存在一个水平向右的匀强电场，场强大小为E=1×10⁴N/C。一个带正电的小球（带电量q=1×10⁻⁸C，质量m=0.1g）从A点以初速度v0=2m/s水平向右射入电场。A点距离地面的高度h=0.8m，小球在电场中做类平抛运动。不计空气阻力，g取10m/s²。求：（1）小球从A点运动到落地所用的时间；（2）小球落地点到A点水平距离x；（3）小球落地时的动能。答：小球从A点运动到落地所用的时间为√1.6s。（2）小球落地点到A点水平距离x（5分）解析：水平方向速度v0=2m/s。水平位移x=v0t=2×√1.6≈2.53m。答：小球落地点到A点水平距离为2.53m。（3）小球落地时的动能（5分）解析：根据动能定理，W=qEx=ΔEk。W=1